贵州省贵阳市2020届高三8月月考数学(理)试题

1、贵州省贵阳市2020届高三8月月考数学（理）试题题号一二三总分得分评卷人得分一、选择题 本大题共12道小题。1.定义为个正数的“快乐数”.若已知正项数列an的前n项的“快乐数”为，则数列的前2019项和为（ ）A. B. C. D. 答案及解析：1.B【分析】根据“快乐数”定义可得数列的前项和；利用与关系可求得数列的通项公式，从而得到，采用裂项相消法可求得结果.【详解】设为数列的前项和由“快乐数”定义可知：，即当时，当且时，经验证可知满足 数列的前项和为：本题正确选项：【点睛】本题考查根据求解数列的通项公式、裂项相消法求解数列的前项和；关键是能够准确理解“快乐数”的定义，得到；从而利用与的关系

2、求解出数列的通项公式.2.某几何体的三视图如图所示，则它的体积为（ ）A. B. C. D. 答案及解析：2.A【分析】由三视图还原几何体，可确定几何体的底面和高，根据棱锥体积公式可求得结果.【详解】由三视图可得几何体如下图所示的三棱锥：可知，三棱锥的高本题正确选项：【点睛】本题考查三棱锥体积的求解，关键是能够根据三视图准确还原几何体，属于常考题型.3.若复数是虚数单位），则z的共轭复数（ ）A. B. C. D. 答案及解析：3.D【分析】根据复数除法运算法则可化简复数得，由共轭复数定义可得结果.【详解】 本题正确选项：【点睛】本题考查共轭复数的求解，关键是能够利用复数的除法运算法则化简复数

3、，属于基础题.4.在ABC中，则cosC=（ ）A. B. C. 或D. 答案及解析：4.D【分析】根据的范围和同角三角函数关系求得，由大边对大角关系可知为锐角，从而得到；利用诱导公式和两角和差余弦公式可求得结果.【详解】， 为锐角，又 本题正确选项：【点睛】本题考查三角形中三角函数值的求解，涉及到同角三角函数关系、三角形中大边对大角的关系、诱导公式和两角和差余弦公式的应用；易错点是忽略角所处的范围，造成求解三角函数值时符号发生错误.5.等比数列an的各项均为正数，且，则（ ）A. 12B. 10C. 8 D. 2+log35答案及解析：5.B由等比数列的性质可得：，所以.则，故选：B.6.二

4、项式的展开式中的常数项为（ ）A. 15B. 20C. 15D. 20答案及解析：6.C【分析】根据二项式定理写出二项展开式通项，令幂指数为零，可求得，代入展开式通项可求得常数项.【详解】二项式展开式通项为：令得： 常数项为：本题正确选项：【点睛】本题考查利用二项式定理求解指定项的系数的问题，关键是能够熟练掌握二项展开式的通项公式.7.已知函数的定义域为M，函数的定义域为N，则MN=（ ）A. B. 且C. D. 且答案及解析：7.D【分析】根据对数型和分式型函数定义域的要求求出集合和集合，根据交集定义求得结果.【详解】由题意得：；且本题正确选项：【点睛】本题考查集合运算中的交集运算，涉及到函

5、数定义域的求解，关键是能够明确对数型和分式型函数定义域的要求，属于基础题.8.某学校星期一至星期五每天上午共安排五节课，每节课的时间为40分钟，第一节课上课的时间为7：508：30，课间休息10分钟.某同学请假后返校，若他在8：509：30之间随机到达教室，则他听第二节课的时间不少于20分钟的概率为（ ）A. B. C. D. 答案及解析：8.B【分析】确定第二节课的上课时间和时长，从而得到听课时间不少于分钟所需的达到教室的时间，根据几何概型概率公式求得结果.【详解】由题意可知，第二节课的上课时间为：，时长分钟若听第二节课的时间不少于分钟，则需在之间到达教室，时长分钟听第二节课的时间不少于分钟

6、的概率为：本题正确选项：【点睛】本题考查几何概型概率问题的求解，属于基础题.9. “”是“直线与圆相切”的（ ）A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件答案及解析：9.A【分析】当时，可得直线方程，通过点到直线距离公式可求出圆心到直线距离等于半径，可知直线与圆相切，充分条件成立；当直线与圆相切时，利用圆心到直线距离等于半径构造方程可求得或，必要条件不成立，从而得到结果.【详解】由圆的方程知，圆心坐标为，半径当时，直线为：，即圆心到直线距离当时，直线与圆相切，则充分条件成立当直线与圆相切时，圆心到直线距离，解得：或则必要条件不成立综上，“”是“直线

7、与圆相切”的充分不必要条件本题正确选项：【点睛】本题考查充分条件与必要条件的判定，关键是能够掌握直线与圆位置关系的判定方法，明确当直线与圆相切时，圆心到直线的距离等于半径.10.已知实数x，y满足约束条件，则的最小值为（ ）A. 11B. 9C. 8D. 3答案及解析：10.C【分析】根据约束条件画出可行域，将问题转化为求解在轴截距的最小值；通过平移直线可知当直线过时，截距取最小值；求出点坐标后代入即可得到所求结果.【详解】由约束条件可得可行域如下图阴影部分所示：当取最小值时，在轴截距最小由平移可知，当过图中点时，在轴截距最小由得： 本题正确选项：【点睛】本题考查线性规划中的最值问题的求解，关

8、键是能够将问题转化为求解直线在轴截距的最值，属于常考题型.11.三世纪中期，魏晋时期的数学家刘徽利用不断倍增圆内接正多边形边数的方法求出圆周率的近似值，首创“割圆术”.利用“割圆术”，刘徽得到了圆周率精确到小数点后两位的近似值3.14，这就是著名的“徽率”.如图是利用刘徽的“割圆术”思想设计的程序框图，则输出的n值为（ ）（参考数据：）A. 6B. 12C. 24D. 48答案及解析：11.C【分析】根据程序框图运行程序，直到满足时输出结果即可.【详解】按照程序框图运行程序，输入则，不满足，循环；，不满足，循环；，满足，输出结果：本题正确选项：【点睛】本题考查根据程序框图循环结构计算输出结果，

9、关键是能够准确判断是否满足输出条件，属于基础题.12.已知点F1是抛物线的焦点，点F2为抛物线C的对称轴与其准线的交点，过F2作抛物线C的切线，设其中一个切点为A，若点A恰好在以F1，F2为焦点的双曲线上，则双曲线的离心率为（ ）A. B. C. D. 答案及解析：12.C【分析】由抛物线方程得到坐标；设切点，利用导数和两点连线斜率公式构造方程可解出，利用抛物线焦半径公式求得，勾股定理求出；由双曲线定义可知，又焦距，可求得离心率.【详解】由题意得：，由得：，则设，则切线斜率，解得：由抛物线对称性可知，所得结果一致当时，由抛物线定义可知： 在双曲线上 又 双曲线离心率：本题正确选项：【点睛】本题

10、考查双曲线离心率的求解，涉及到抛物线焦半径公式的应用、过某一点曲线切线的求解、双曲线定义的应用等知识；关键是能够利用导数和两点连线斜率公式求解出切点坐标，从而得到所需的焦半径的长度.评卷人得分一、填空题 本大题共4道小题。13.若是奇函数，则a=_.答案及解析：13.1【分析】根据奇函数在处有意义时可构造方程，解方程求得结果.【详解】为奇函数且在处有意义 ，解得：本题正确结果：【点睛】本题考查根据函数的奇偶性求解参数值的问题，常采用特殊值的方式来进行求解，属于基础题.14.已知，均为单位向量，若，则与的夹角为_答案及解析：14.【分析】由，根据向量的运算化简得到，再由向量的夹角公式，即可求解.

11、【详解】由题意知，均为单位向量，且，则，解得，所以，因为，所以，所以则与的夹角为【点睛】本题主要考查了向量的运算，以及向量的夹角公式的应用，其中解答中根据向量的基本运算，求得，再利用向量的夹角公式求解是解答的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题.15.在四面体ABCD中，若， ，则四面体ABCD的外接球的表面积为_.答案及解析：15.10【分析】根据四面体对棱长度相等可知其为长方体切割所得，各棱为长方体各个面的对角线，可知四面体外接球即为长方体外接球；根据长方体外接球半径为体对角线长度一半，求得体对角线长度即可得到外接球半径，代入球的表面积公式即可求得结果.【详解】由题意可知，四面体是由

12、下方图形中的长方体切割得到，为长方体的四个顶点，则四面体的外接球即为长方体的外接球设长方体长、宽、高分别为则 即长方体体对角线长度为：长方体外接球半径为体对角线长度一半，即四面体外接球表面积：本题正确结果：【点睛】本题考查多面体外接球表面积的求解问题，关键是能够根据四面体对棱相等的特征，将其变为长方体的一个部分，从而将问题转化为长方体外接球表面积的求解问题.16.数式中省略号“”代表无限重复，但该式是一个固定值，可以用如下方法求得：令原式，则，则，取正值得.用类似方法可得_.答案及解析：16.4【分析】根据类比的方式，设原式，构造方程，解出的值即可.【详解】令原式，则，解得： 本题正确结果：【

13、点睛】本题考查类比推理的应用，关键是能够准确理解已知中的式子的形式，属于基础题.评卷人得分二、解答题 本大题共7道小题。17.ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知.（1）求B的大小；（2）若，求ABC面积的最大值.答案及解析：17.（1）；（2）.【分析】（1）利用正弦定理将边化角，结合诱导公式可化简边角关系式，求得，根据可求得结果；（2）利用余弦定理可得，利用基本不等式可求得，代入三角形面积公式可求得结果.【详解】（1）由正弦定理得： ，又 ，即由得：（2）由余弦定理得：又（当且仅当时取等号） 即三角形面积的最大值为：【点睛】本题考查解三角形的相关知识，涉及到正弦定理化简边角关

14、系式、余弦定理解三角形、三角形面积公式应用、基本不等式求积的最大值、诱导公式的应用等知识，属于常考题型.18.己知椭圆的离心率为，分别是椭圈C的左、右焦点，椭圆C的焦点F1到双曲线渐近线的距离为.(1)求椭圆C的方程；(2)直线与椭圆C交于A，B两点，以线段AB为直径的圆经过点F2，且原点O到直线的距离为，求直线l的方程.答案及解析：18.(1)；(2).【分析】（1）利用焦点到双曲线渐近线距离为可求得；根据离心率可求得；由求得后即可得到所求方程；（2）由原点到直线距离可得；将直线方程与椭圆方程联立，整理得到韦达定理的形式；根据圆的性质可知，由向量坐标运算可整理得，从而构造出方程组，结合求得结

15、果.【详解】（1）由题意知，双曲线方程知，其渐近线方程为：焦点到双曲线渐近线距离：，解得：由椭圆离心率得： 椭圆的方程为：（2）原点到直线距离为：，整理得：设，由得：则，即：，以为直径的圆过点 又 ，即：由且得：，满足直线方程为：【点睛】本题考查直线与椭圆的综合应用问题，涉及到椭圆标准方程的求解、点到直线距离公式的应用、垂直关系的向量表示等知识；解决此类问题的常用方法是将直线与圆锥曲线方程联立，整理得到一元二次方程，进而利用韦达定理表示出已知中的等量关系，得到所需的方程.19.2013年以来精准扶贫政策的落实，使我国扶贫工作有了新进展，贫困发生率由2012年底的10.2%下降到2018年底的1

16、.4%，创造了人类减贫史上的的中国奇迹.“贫困发生率”是指低于贫困线的人口占全体人口的比例，2012年至2018年我国贫困发生率的数据如下表：年份(t)2012201320142015201620172018贫困发生率y(%)10.28.5725.74.53.11.4（1）从表中所给的7个贫困发生率数据中任选两个，求两个都低于5%的概率；（2）设年份代码，利用线性回归方程，分析2012年至2018年贫困发生率y与年份代码x的相关情况，并预测2019年贫困发生率.附：回归直线的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为：(的值保留到小数点后三位）答案及解析：19.（1）；（2）回归直线为：；2012年至

17、2018年贫困发生率逐年下降，平均每年下降；2019年的贫困发生率预计为0.1%【分析】（1）分别计算出总体事件个数和符合题意的基本事件个数，根据古典概型概率公式求得结果；（2）根据表中数据计算出最小二乘法所需数据，根据最小二乘法求得回归直线；根据回归直线斜率可得贫困发生率与年份的关系；代入求得年的预估值.【详解】（1）由数据表可知，贫困发生率低于的年份有个从7个贫困发生率中任选两个共有：种情况选中的两个贫困发生率低于的情况共有：种情况所求概率为：（2）由题意得：；， 线性回归直线为： 年至年贫困发生率逐年下降，平均每年下降当时，年的贫困发生率预计为【点睛】本题考查古典概型概率问题的求解、最小

18、二乘法求解回归直线、利用回归直线求解预估值的问题，对于学生的计算和求解能力有一定要求，属于常考题型.20.设函数.（1）求不等式的解集；（2）如果关于x的不等式在R上恒成立，求实数a的取值范围.答案及解析：20.（1）；（2）.【分析】（1）分别在、三种情况下去掉绝对值符号得到不等式，解不等式求得结果；（2）将不等式变为，令，可得到分段函数的解析式，分别在每一段上求解出的最小值，从而得到在上的最小值，进而利用得到结果.【详解】（1）当时，解得：当时，恒成立当时，解得：综上所述，不等式的解集为：（2）由得：由（1）知：令当时，当时，当时，综上所述，当时，恒成立 【点睛】本题考查分类讨论求解绝对值

19、不等式、含绝对值不等式的恒成立问题的求解；求解本题恒成立问题的关键是能够通过分离变量构造出新的函数，将问题转化为变量与函数最值之间的比较，进而通过分类讨论得到函数的解析式，分段求解出函数的最值.21.如图，在四棱锥P-ABCD中，底面ABCD是菱形，.（1）证明：；（2）若，求直线PB与平面PDC所成角的正弦值.答案及解析：21.（1）证明见解析；（2）.【分析】（1）取中点，连接，易知为等边三角形，根据等腰三角形三线合一的性质可证得，；由线面垂直判定定理可知平面；根据线面垂直的性质可证得结论；（2）以为原点建立空间直角坐标系，首先求得平面的法向量，根据直线与平面所成角的向量求法求得结果.【详

20、解】（1）证明：取中点，连接，四边形为菱形 又 为等边三角形，又为中点 ，为中点 平面， 平面又平面 （2）以为原点，可建立如下图所示空间直角坐标系：由题意知：，则，设平面的法向量，令，则， 设直线与平面所成角为即直线与平面所成角的正弦值为：【点睛】本题考查立体几何中的线线垂直关系的证明、直线与平面所成角的求解，涉及到线面垂直判定与性质定理的应用、空间向量法求解立体几何中的线面夹角问题等知识；证明线线垂直关系的常用方法是通过线面垂直关系，根据线面垂直性质证得结论.22.已知为自然对数的底数).(1)求证恒成立；(2)设m是正整数，对任意正整数，求m的最小值.答案及解析：22.(1)证明见解析；(2) 2.【分析】（1）令，通过