高考物理一轮复习 第十二章 热学 第2节 固体、液体和气体（选修3-3）(2021年最新整理)

1、2018版高考物理一轮复习 第十二章 热学 第2节 固体、液体和气体（选修3-3）2018版高考物理一轮复习 第十二章 热学 第2节 固体、液体和气体（选修3-3） 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2018版高考物理一轮复习 第十二章 热学 第2节 固体、液体和气体（选修3-3）的内容能够给您的工作和学习带来便利。同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快

2、 业绩进步，以下为2018版高考物理一轮复习 第十二章 热学 第2节 固体、液体和气体（选修3-3）的全部内容。19第2节 固体、液体和气体(1）大块塑料粉碎成形状相同的颗粒，每个颗粒即为一个单晶体。(）（2）单晶体的所有物理性质都是各向异性的。(）(3）晶体有天然规则的几何形状，是因为晶体的物质微粒是规则排列的。()(4）液晶是液体和晶体的混合物。（)（5)船浮于水面上不是由于液体的表面张力.（)（6)水蒸气达到饱和时,水蒸气的压强不再变化,这时，水不再蒸发和凝结。（)(7)压强极大的气体不遵从气体实验定律.（) 突破点(一）固体、液体的性质1晶体和非晶体（1)单晶体具有各向异性，但不是在各

3、种物理性质上都表现出各向异性。（2)凡是具有各向异性的物体必定是晶体，且是单晶体。(3)凡是具有确定熔点的物体必定是晶体，反之，必是非晶体。（4）晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化。2液体表面张力形成原因表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大，分子间的相互作用力表现为引力表面特性表面层分子间的引力使液面产生了表面张力，使液体表面好像一层绷紧的弹性薄膜表面张力的方向和液面相切，垂直于液面上的各条分界线表面张力的效果表面张力使液体表面具有收缩趋势，使液体表面积趋于最小，而在体积相同的条件下,球形的表面积最小多角练通1(多选）关于晶体和非晶体，下列说法中正确的是(）a金刚石、食盐、玻璃和水晶

4、都是晶体b晶体的分子(或原子、离子)排列是有规则的c单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点d单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的解析：选bc金刚石、水晶和食盐是晶体，玻璃是非晶体,a错误；晶体的分子排列规则，且有固定的熔点，非晶体的分子排列不规则，且没有固定的熔点，故b、c正确；单晶体的物理性质是各向异性的，多晶体和非晶体的物理性质是各向同性的，故d错误。2（2017漳州模拟）下列现象中,不能说明液体存在表面张力的有(）a吹出的肥皂泡成球形b硬币能漂浮于水面上c滴入水中的红墨水很快散开d在完全失重的环境下，熔化的金属能收缩成标准的球形解析：选c吹出的肥皂泡成球形，

5、硬币能漂浮于水面上，在完全失重的环境下,熔化的金属能收缩成标准的球形，都是由于表面张力的作用；滴入水中的红墨水很快散开，是自由扩散的结果,与表面张力无关；故选c。3（多选）(2017安徽六校联考）下列说法中正确的是(）a晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性b内能不同的物体,它们分子热运动的平均动能可能相同c液晶既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性d随着分子间距离的增大，分子间作用力减小，分子势能也减小解析：选bc单晶体具有各向异性，而多晶体是各向同性的，故a错误；内能与物体的温度、体积、分子数等因素有关，内能不同，温度可能相同，则分子热运动的平均动能可能相同,

6、故b正确；液晶像液体一样具有流动性，光学性质具有各向异性，故c正确；随着分子间距离的增大,分子间作用力不一定减小,当分子力表现为引力时，分子做负功，分子势能增大，故d错误。突破点(二）气体压强的产生与计算1产生的原因由于大量气体分子无规则运动而碰撞器壁，形成对器壁各处均匀、持续的压力,作用在器壁单位面积上的压力叫做气体的压强。2决定因素(1）宏观上:决定于气体的温度和体积。（2)微观上：决定于分子的平均动能和分子的密集程度。3平衡状态下气体压强的求法液片法选取假想的液体薄片(自身重力不计）为研究对象,分析液片两侧受力情况，建立平衡方程，消去面积，得到液片两侧压强相等方程，求得气体的压强力平衡法

7、选取与气体接触的液柱（或活塞）为研究对象进行受力分析，得到液柱（或活塞)的受力平衡方程，求得气体的压强等压面法在连通器中,同一种液体（中间不间断)同一深度处压强相等。液体内深h处的总压强pp0gh,p0为液面上方的压强4。加速运动系统中封闭气体压强的求法选取与气体接触的液柱（或活塞）为研究对象,进行受力分析,利用牛顿第二定律列方程求解。典例如图所示,一气缸水平固定在静止的小车上，一质量为m，面积为s的活塞将一定量的气体封闭在气缸内，平衡时活塞与气缸底相距为l.现让小车以一较小的水平恒定加速度向右运动,稳定时发现活塞相对于气缸移动了距离d。已知大气压强为p0，不计气缸和活塞间的摩擦；且小车运动时

8、，大气对活塞的压强仍可视为p0；整个过程温度保持不变。求小车加速度的大小。解析设小车加速度大小为a，稳定时气缸内气体的压强为p1,则活塞受到气缸内外气体的压力分别为:f1p1s,f0p0s由牛顿第二定律得:f1f0ma小车静止时，在平衡状态下，气缸内气体的压强应为p0。由玻意耳定律得：p1v1p0v0式中v0sl，v1s（ld）联立以上各式得:a答案方法规律封闭气体压强的求解方法封闭气体的压强，不仅与气体的状态变化有关，还与相关的水银柱、活塞、气缸等物体的受力情况和运动状态有关。解决这类问题的关键是要明确研究对象，然后分析研究对象的受力情况，再根据运动情况，列出关于研究对象的力学方程，然后解方

9、程，就可求得封闭气体的压强。集训冲关1(2017临沂质检)如图所示两个气缸质量均为m，内部横截面积均为s，两个活塞的质量均为m，左边的气缸静止在水平面上,右边的活塞和气缸竖直悬挂在天花板下.不计活塞与气缸壁间的摩擦，两个气缸内分别封闭有一定质量的气体a、b,大气压为p0，求封闭气体a、b的压强各多大？解析:题图甲中选活塞m为研究对象。pasp0smg得pap0题图乙中选气缸m为研究对象得pbp0。答案：p0p02若已知大气压强为p0，如图所示各装置均处于静止状态，图中液体密度均为，求被封闭气体的压强.解析:在图甲中，以高为h的液柱为研究对象，由二力平衡知p气sghsp0s所以p气p0gh在图乙

10、中，以b液面为研究对象，由平衡方程f上f下,有：p气sghsp0sp气p0gh在图丙中，以b液面为研究对象，有p气sghssin 60pbsp0s所以p气p0gh在图丁中，以液面a为研究对象,由二力平衡得p气s(p0gh1)s所以p气p0gh1。答案：甲:p0gh乙:p0gh丙：p0gh丁：p0gh1突破点(三）气体实验定律的应用1三大气体实验定律（1)玻意耳定律（等温变化）：p1v1p2v2或pvc（常数）。（2）查理定律(等容变化)：或c(常数)。(3)盖吕萨克定律(等压变化）:或c（常数）。2利用气体实验定律解决问题的基本思路典例（2016全国丙卷）一u形玻璃管竖直放置,左端开口,右端封

11、闭，左端上部有一光滑的轻活塞.初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示。用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止.求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p075.0 cmhg.环境温度不变。审题指导（1)“环境温度不变”说明左管和右管中的气体均发生等温变化。(2)由左端上部的光滑轻活塞，可得出左管中空气柱初始状态的压强为p0。（3）确定活塞下移的距离时要注意选取参考平面。解析设初始时，右管中空气柱的压强为p1,长度为l1；左管中空气柱的压强为p2p0，长度为l2。活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p

12、1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2，长度为l2。以cmhg为压强单位.由题给条件得p1p0（20.05。00）cmhgl1cm由玻意耳定律得p1l1p1l1联立式和题给条件得p1144 cmhg依题意p2p1l24。00 cm cmh由玻意耳定律得p2l2p2l2联立式和题给条件得h9.42 cm.答案144 cmhg9。42 cm方法规律处理“两团气”问题的技巧（1）分析“两团气”初状态和末状态的压强关系。（2）分析“两团气”的体积及其变化关系。(3)分析“两团气”状态参量的变化特点，选取合适的实验定律列方程。集训冲关1.(2017安徽六安教研会质检)如图所示，在长为l57 cm的一端

13、封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内,用4 cm高的水银柱封闭着51 cm长的理想气体，管内外气体的温度均为33 。现将水银徐徐注入管中，直到水银面与管口相平，此时管中气体的压强为多少？接着缓慢对玻璃管加热升温至多少时，管中刚好只剩下4 cm高的水银柱？(大气压强为p076 cmhg）解析：设玻璃管的横截面积为s，初态时,管内气体的温度为t1306 k，体积为v151s cm3，压强为p1p0h80 cmhg。当水银面与管口相平时，设水银柱高为h,则管内气体的体积为v2（57h）s cm3，压强为p2p0h（76h）cmhg。由玻意耳定律得，p1v1p2v2，代入数据，解得h9 cm,所以p28

14、5 cmhg。设温度升至t时，水银柱刚好高为4 cm，管内气体的体积为v353s cm3，压强为p3p0h80 cmhg。由盖吕萨克定律得，代入数据,解得t318 k。答案：85 cmhg318 k2(2017潮州朝安区高三模拟）一竖直放置,缸壁光滑且导热的柱形气缸内盛有一定量的氮气，被活塞分隔成、两部分；达到平衡时，这两部分气体的体积相等，上部分气体的压强为p0,如图(a）所示，若将气缸缓慢倒置,再次达到平衡时，上下两部分气体的体积之比为31,如图（b)所示。设外界温度不变，已知活塞面积为s，重力加速度大小为g,求活塞的质量。解析：设活塞的质量为m，气缸倒置前下部分气体的压强为p0，倒置后上

15、下两部分气体的压强分别为p、p,由力的平衡条件得：p0p0,pp,倒置过程中，两部分气体均经历等温过程，设气体的总体积为v0，由玻意耳定律得：p0p，p0p，解得:m。答案：突破点（四）理想气体状态方程的应用1理想气体（1）宏观上讲，理想气体是指在任何条件下始终遵守气体实验定律的气体，实际气体在压强不太大、温度不太低的条件下，可视为理想气体。（2）微观上讲,理想气体的分子间除碰撞外无其他作用力，分子本身没有体积，即它所占据的空间认为都是可以被压缩的空间。2状态方程或c。3应用状态方程解题的一般步骤(1）明确研究对象，即某一定质量的理想气体.（2)确定气体在始末状态的参量p1、v1、t1及p2、

16、v2、t2.（3）由状态方程列式求解。（4）讨论结果的合理性。典例（2017北京朝阳区二模）如图所示，有两个不计质量和厚度的活塞m、n，将两部分理想气体a、b封闭在绝热气缸内，温度均是27 。m活塞是导热的，n活塞是绝热的，均可沿气缸无摩擦地滑动，已知活塞的横截面积均为s2 cm2,初始时m活塞相对于底部的高度为h127 cm，n活塞相对于底部的高度为h218 cm。现将一质量为m1 kg的小物体放在m活塞的上表面上，活塞下降。已知大气压强为p01。0105 pa。（g10 m/s2）（1）求下部分气体的压强多大；(2)现通过加热丝对下部分气体进行缓慢加热,使下部分气体的温度变为127 ,求稳

17、定后活塞m、n距离底部的高度.审题指导（1）m活塞是导热的，n活塞是绝热的，保证上部分气体温度不变.（2）在放上小物体m,又对下部分气体加热的过程中，下部分气体温度、压强、体积均变化，应用理想气体状态方程求解.解析(1）以两个活塞和重物作为整体进行受力分析得：psmgp0s得pp01。0105 pa pa1。5105 pa。(2)对下部分气体进行分析，初状态压强为p0，体积为h2s，温度为t1,末状态压强为p，体积设为h3s，温度为t2由理想气体状态方程可得:得：h3h218 cm16 cm对上部分气体进行分析,根据玻意耳定律可得：p0(h1h2)spls得：l6 cm故此时活塞m距离底端的距

18、离为h416 cm6 cm22 cm。答案(1）1.5105 pa(2)22 cm16 cm集训冲关1。（多选）(2017兰州一中月考）如图所示，密闭容器内可视为理想气体的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度时,则(）a氢分子的平均动能增大b氢分子的势能增大c氢气的内能增大 d氢气的内能可能不变e氢气的压强增大解析:选ace温度是分子的平均动能的标志,氢气的温度升高,则分子的平均动能一定增大，故a正确；氢气视为理想气体，气体分子势能忽略不计,b错误；密闭容器内气体的内能由分子动能决定，氢气的分子动能增大，则内能增大，故c正确，d错误；根据理想气

19、体的状态方程：c可知，氢气的体积不变，温度升高则压强增大，故e正确.2.(2017贵州七校联考)如图所示，水平放置一个长方体形封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体分为完全相同的a、b两部分.初始时两部分气体压强均为p，热力学温度均为t。使a的温度升高t，保持b部分气体温度不变。则a部分气体的压强增加量为多少？解析：设温度升高后，a、b压强增加量都为p,a部分气体升高温度后体积为va，由理想气体状态方程得：对b部分气体，a部分气体升高温度后体积为vb，由玻意耳定律得：pv（pp)vb两部分气体总体积不变：2vvavb解得：p。答案：3（2017兰州一中月考)容器内装有1 kg的氧气，开始时,氧气

20、压强为1。0106 pa，温度为57 ，因为漏气，经过一段时间后，容器内氧气压强变为原来的，温度降为27 ,求漏掉多少千克氧气？解析:由题意知，气体质量：m1 kg，压强p11。0106 pa，温度t1（27357）k330 k，经一段时间后温度降为:t2(27327)k300 k，p2p11106 pa6。0105 pa，设容器的体积为v,以全部气体为研究对象，由理想气体状态方程得：代入数据解得：vv，所以漏掉的氧气质量为：mm1 kg0。34 kg。答案：0。34 kg突破点(五）气体状态变化的图像问题一定质量的气体不同图像的比较过程类别图线特点示例等温过程p vpvct（其中c为恒量），

21、即pv之积越大的等温线温度越高，线离原点越远p .pct,斜率kct，即斜率越大,温度越高等容过程p 。tpt，斜率k，即斜率越大，体积越小等压过程v 。tvt，斜率k，即斜率越大，压强越小典例(2017兰州一模)一定质量的理想气体体积v与热力学温度t的关系图像如图所示，气体在状态a时的压强pap0，温度tat0，线段ab与v轴平行，bc的延长线过原点。求：（1)气体在状态b时的压强pb；（2)气体在状态c时的压强pc和温度tc.解析（1）由a到b是等温变化，压强和体积成反比，根据玻意耳定律有:pavapbvb解得：pb。（2)由b到c是等压变化，根据盖-吕萨克定律得：解得：tc由a到c是等容

22、变化，根据查理定律得：解得：pc。答案(1）(2)方法规律气体状态变化的图像的应用技巧(1）明确点、线的物理意义:求解气体状态变化的图像问题,应当明确图像上的点表示一定质量的理想气体的一个平衡状态，它对应着三个状态参量；图像上的某一条直线段或曲线段表示一定质量的理想气体状态变化的一个过程。（2)明确斜率的物理意义：在v。t图像(p。t图像)中,比较两个状态的压强（或体积）大小，可以比较这两个状态到原点连线的斜率的大小，其规律是:斜率越大,压强（或体积)越小；斜率越小,压强（或体积）越大.集训冲关1.(2014福建高考）图为一定质量理想气体的压强p与体积v关系图像，它由状态a经等容过程到状态b，

23、再经等压过程到状态c。设a、b、c状态对应的温度分别为ta、tb、tc，则下列关系式中正确的()atatb，tbtcbtatb，tbtcctatb，tbtc dtatb，tbtc解析：选c由状态a到状态b过程中，气体体积不变，由查理定律可知,随压强减小，温度降低,故tatb,a、d项错；由状态b到状态c过程中，气体压强不变，由盖-吕萨克定律可知，随体积增大,温度升高，即tbtc,b项错，c项对。2.（多选）（2017潍坊模拟）如图所示，一定质量的理想气体，从图示a状态开始，经历了b、c状态，最后到d状态，下列判断中正确的是(）aab温度升高，压强不变bbc体积不变，压强变大cbc体积不变,压强

24、不变dcd体积变小,压强变大解析：选ad由题图可知,在ab的过程中,气体温度升高体积变大，且体积与温度成正比，由c，气体压强不变，故a正确；由题图可知，在bc的过程中，体积不变而温度降低，由c可知,压强p减小,故b、c错误;由题图可知，在cd的过程中，气体温度不变,体积减小,由c可知，压强p增大，故d正确.3。（2017重庆一中月考）回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50 k.某台设备工作时,一定量的氦气（可视为理想气体)缓慢经历如图所示的四个过程：从状态a到b和c到d是等温过程，温度分别为t127 和t2133 ；从状态b到c和d到a是等容过程,体积分别为v0和5v0.求状态b与d的压

25、强之比.解析：a到b、c到d均为等温过程,则tb（27273）k300 k，td（133273）k140 k，由理想气体状态方程可知：得：10.7。答案：10.7对点训练:固体、液体的性质1.(2017南京一模）如图所示，把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就变钝了。产生这一现象的原因是(）a玻璃是非晶体，熔化再凝固后变成晶体b玻璃是晶体，熔化再凝固后变成非晶体c熔化的玻璃表面分子间表现为引力使其表面绷紧d熔化的玻璃表面分子间表现为斥力使其表面扩张解析:选c玻璃是非晶体,熔化再凝固后仍然是非晶体，故a、b错误；玻璃裂口尖端放在火焰上烧熔后尖端变钝，是表面张力的作用，因为表面张力具有减小表面积

26、的作用即使液体表面绷紧，故c正确，d错误。2(多选）（2015江苏高考)对下列几种固体物质的认识，正确的有（）a食盐熔化过程中,温度保持不变,说明食盐是晶体b烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面,熔化的蜂蜡呈椭圆形,说明蜂蜡是晶体c天然石英表现为各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则d石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的物质微粒排列结构不同解析:选ad晶体在熔化过程中温度保持不变，食盐具有这样的特点，则说明食盐是晶体，选项a正确；蜂蜡的导热特点是各向同性的，烧热的针尖使蜂蜡熔化后呈椭圆形，说明云母片的导热特点是各向异性的,故云母片是晶体，选项b错误；天然石英表现为各向异性，则

27、该物质微粒在空间的排列是规则的，选项c错误；石墨与金刚石皆由碳原子组成，但它们的物质微粒排列结构是不同的，选项d正确。3。（多选）（2017武汉模拟）固体甲和固体乙在一定压强下的熔解曲线如图所示，横轴表示时间t，纵轴表示温度t.下列判断正确的有（）a固体甲一定是晶体，固体乙一定是非晶体b固体甲不一定有确定的几何外形，固体乙一定没有确定的几何外形c在热传导方面固体甲一定表现出各向异性，固体乙一定表现出各向同性d固体甲和固体乙的化学成分有可能相同e图线甲中ab段温度不变，所以甲的内能不变解析：选abd晶体具有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，所以固体甲一定是晶体，固体乙一定是非晶体，故a正确;固体

28、甲若是多晶体，则不一定有确定的几何外形，固体乙是非晶体,一定没有确定的几何外形，故b正确；在热传导方面固体甲若是多晶体，则不一定表现出各向异性,固体乙一定表现出各向同性，故c错误；固体甲一定是晶体，有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体,则固体甲和固体乙的化学成分有可能相同，故d正确；晶体在熔化时温度不变，但由于晶体吸收热量，内能在增大，故e错误。对点训练：气体压强和气体实验定律4.(2017上海嘉定区模拟）如图所示，一开口向下导热均匀的直玻璃管，通过细绳悬挂在天花板上，玻璃管下端浸没在固定水银槽中，管内外水银面高度差为h，下列情况中能使细绳拉力增大的是（)a大气压强增加b环境温度升高c向水银槽

29、内注入水银d略微增加细绳长度，使玻璃管位置相对水银槽下移解析：选a根据题意，设玻璃管内的封闭气体的压强为p，玻璃管质量为m，对玻璃管受力分析，由平衡条件可得：tpsmgp0s。解得：t（p0p)smgghsmg，即绳的拉力等于管的重力和管中高出液面部分水银的重力.选项a中，大气压强增加时，水银柱上移,h增大,所以拉力t增加，a正确；选项b中，环境温度升高，封闭气体压强增加,水银柱高度h减小，故拉力t减小，b错误；选项c中，向水银槽内注入水银，封闭气体的压强增大，平衡时水银柱高度h减小，故拉力减小,c错误；选项d中，略微增加细绳长度，使玻璃管位置相对水银槽下移，封闭气体的体积减小、压强增大，平衡

30、时水银柱高度h减小，故细绳拉力t减小，故d错误。5(2017怀化模拟)如图所示,两端开口的气缸水平固定，a、b是两个厚度不计的活塞,可在气缸内无摩擦滑动，面积分别为s120 cm2，s210 cm2，它们之间用一根细杆连接，b通过水平细绳绕过光滑的定滑轮与质量为m2 kg 的重物c连接，静止时气缸中的气体温度t1600 k,气缸两部分的气柱长均为l，已知大气压强p01105 pa,取g10 m/s2，缸内气体可看作理想气体；(1）活塞静止时,求气缸内气体的压强；(2）若降低气缸内气体的温度,当活塞a缓慢向右移动时，求气缸内气体的温度。解析:（1）设静止时气缸内气体压强为p1，活塞受力平衡,则p

31、1s1p0s2p0s1p1s2mg代入数据解得p11。2105 pa.(2)由活塞受力平衡，可知缸内气体压强没有变化,设开始温度为t1，变化后温度为t2,由盖吕萨克定律得代入数据解得t2500 k。答案：(1)1.2105 pa(2)500 k6.（2017怀化二模）如图所示，玻璃管的横截面s1 cm2，在玻璃管内有一段质量为m0.1 kg的水银柱和一定量的理想气体，当玻璃管平放时气体柱的长度为l010 cm，现把玻璃管正立，过较长时间后再将玻璃管倒立,经过较长时间后，求玻璃管由正立至倒立状态，水银柱相对于管底移动的距离是多少?(假设环境温度保持不变，大气压强取p01105 pa）解析:气体做

32、等温变化，当玻璃管平放时有p1p0v1l0s玻璃管正立时，对水银柱受力分析：p2sp0smg故p2p0v2l2s玻璃管倒立时，对水银柱受力分析，p0sp3smg有：p3p0v3l3s根据玻意耳定律，得p1v1p2v2p2v2p3v3由以上各式联立解得ll3l22 cm。答案：2 cm对点训练：理想气体状态方程的应用7(多选）(2014大纲卷）对于一定量的稀薄气体,下列说法正确的是()a压强变大时，分子热运动必然变得剧烈b保持压强不变时，分子热运动可能变得剧烈c压强变大时，分子间的平均距离必然变小d压强变小时，分子间的平均距离可能变小解析：选bd根据理想气体的状态方程c，当压强变大时,气体的温度不一定变大，分子热运动也不一定变得剧烈，选项a错误;当压强不变时，气体的温度可能变大，分子热运动也可能变得剧烈，选项b正确；当压强变大时，气体的体积不一定变小，分子间的平均距离也不一定变小,选项c错误；当压强变小时,气体的体积可能变小，分子间的平均距离也可能变小，选项d正确。8（2017安阳模拟）如图甲所示为“”形上端开口的玻璃管，管内有一部分水银封住密闭气体，管的上部足够长,图中粗、细部分横截面积分别为s12 cm2、s21 cm2。封闭气体初始温度为57 ，气体长度为l22 cm,乙图为对封闭气体缓慢加热过程中气体压强随体积变化的图线。(摄氏温度t与热力学温度t的关