2014年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题

1、 咼考模拟试题精编（一） 【说明】本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分满分100分，考试时间90分钟. 第I卷（选择题共40分） 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合 题目要求，全部选对的得 4分，选不全的得2分，有错选或不答的得 0分. 1 在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献.关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（） A 安培首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式 B 法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应 c 楞次发现了电磁感应现象，并研究得出了判断感应电流方向的方法一一楞次定律

2、D 法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律一一库仑定律 2如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧（两点电荷未画出）,O点是两点电荷连线与平 面的交点，也是连线的中点.在平面内以 O点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有 a、b、c、d四个点，则以下 说法错误的是（） A a、c两点电场强度大小相等 B c、d两点电场强度一定相等 C a、b两点电势一定相等D a、d两点电势一定相等 3 a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v t图象如图所示，在 15 s末两车在途中相遇，由图象可知 （ ） A a车的速度变化比b车慢 B .出发前a车在b车之前75 m处 C

3、 .出发前b车在a车之前150 m处 D .相遇前a、b两车的最远距离为 150 m 4 2012年6月，“神九”飞天，“蛟龙”探海，实现了“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”这个充满浪漫主义气 概的梦想处于340 km高空的“神九”和处于 7 000 m深海的“蛟龙”的向心加速度分别为a1和a2,转动的角 速度分别为 31和32,下列说法中正确的是（） A 因为“神九”离地心的距离较大，根据3=；得：31 32 B 根据3= n可知，3与圆周运动的半径r无关，所以31= 32 C 因为“神九”离地心的距离较大，根据a= ：2得：a1a2 5 甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分别为V

4、1、V2、V3和V1、V2、V3.下列说法中正确的是（） A 甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动 B甲和乙可能都做圆周运动 C .甲和乙受到的合力都可能是恒力 D .甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力 !： 乙 6如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上若要物块在斜面上保持静止, 值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为Fi和F2（F20）.由此可求出（） A 物块的质量 B .斜面的倾角 C 物块与斜面间的最大静摩擦力 D .物块对斜面的正压力 F的取 7导体A、B、C的伏安特性曲线分别是图线 1、2、3，其中导体C为一非线性电阻当它们串联后接在

5、电压恒为 6 V的直流电源两端时，它们的电阻分别为Ri、R2、R3,则下列说法正确的是（） A .此时流过三导体的电流均为 1 A B . Ri : R2 : R3= 1 : 3 : 2 C 若将三导体串联后接在 3 V的直流电源上，则三导体的阻值之比不变 D .若将三导体并联后接在 3 V的直流电源上，则通过它们的电流之比 li ： I2 : 13= 3 : 2 : 8自耦变压器的输入端接在内阻为r的交流电源上，输出端接阻值为 R的负载.如果要求负载R上消耗的电功率 9如图所示，两个质量均为 m的完全相同的小球 A和B用轻杆连接，由静止从曲面上释放至滑到水平面的过程 中，不计一切摩擦，则杆对

6、 A球做的功为（） 1 1 A. mgh B. ?mgh C. mgh D. mgh 10.如图所示，质量为 M的足够长金属导轨 abed放在光滑的绝缘水平面上一电阻为r，质量为m的导体棒PQ 放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbe构成矩形棒与导轨间光滑、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立 柱导轨be段电阻为R,长为L,其他部分电阻不计以 ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁 场水平向右，磁感应强度大小均为 B.在t= 0时，一水平向左的拉力 F垂直作用在导轨的 be边上，使导轨由静止 开始做匀加速直线运动，加速度为a.则（） A . F与t成正比 B . F与t2成正比 C.当

7、t达到一定值时，QP刚好对轨道无压力 D .若F = 0, PQbc静止，ef左侧磁场均匀减小，当 云达到一定值时，QP刚好对轨道无压力 答题栏 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 第n卷（非选择题共60分） 二、非选择题：本题共5小题，共60分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位. 11. 2Si ir I I# (5 ID I2JO2.5 10 （5分）现用如图所示的装置探究“加速度与物体受力的关系” 小车所受拉力及其速度可分别由拉力传感器和速 度传感器记录下来速度传感器安装

8、在距离L = 48.0 cm的长木板的A、B两点. （1）实验主要步骤如下： A 将拉力传感器固定在小车上； B 平衡摩擦力，让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动； C 把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与轻质小盘（盘中放置砝码）相连； D 接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小及小车分别到达 A、B时的速 率 Va、VB ； E.改变小盘中砝码的数量，重复 D的操作. 由以上实验可得出加速度的表达式a=. 现已得出理论上的 a-F图线，某同学又用描点法根据实验所得数据，在坐标纸上作出了由实验测得的a F 图线对比实验结果与理论计算得到的两个关系图

9、线，偏差的主要原因是 12（10分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻他根据老师提供的以下器材画出了如图所示的原理图. A .电压表 V（15 V,10 k Q） B .电流表 G（量程3.0 mA，内阻 Rg为10 Q） C.电流表A（量程0.6 A，内阻约为0.5 Q） D .滑动变阻器 Ri（020 Q 10 A） E. 滑动变阻器 R2（0100 Q 1 A） F. 定值电阻R3= 990 Q G 开关S和导线若干 （1）该同学没有选用电压表是因为 ； 该同学将电流表 G与定值电阻 R3串联，实际上是进行了电表的改装，则他改装的电压表对应的量程是 （3）为了能准确地进行测量， 同时为

10、了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是 （填写器材前的字母编号）； （4）该同学利用上述实验原理图测得以下数据，并根据这些数据绘出了如图所示的图线， 根据图线可求出干电池的电动势 E=V（保留3位有效数字），干电池的内阻r = Q保留2位有效数字）. 序号 1 2 3 4 5 6 电流表G (11/mA) 1.37 1.35 1.26 1.24 1.18 1.11 电流表A 0.12 0.16 0.21 0.28 0 36 0 43 (I2/A) 形闭合导体线 界重合.线框由 向右沿水平方向 13. （13分）如图所示，在光滑水平面上有一长为L1、宽为L2的单匝矩 框abed，处于磁感应强度为

11、 B的有界匀强磁场中，其 ab边与磁场的边 同种粗细均匀的导线制成，它的总电阻为R.现用垂直于线框ab边的水平拉力，将线框以速度 匀速拉出磁场（此过程中保持线框平面与磁感线垂直，且ab边与磁场边界平行），线框中产生的焦耳热与导体线 框abed以ab为轴匀速顺时针（cd向上）转动90过程中线框中产生的焦耳热相同.求线框匀速转动的角速度. 14. （14分）如图所示，传送带 A、B间距离L = 5 m且在同一水平面内，两个轮子半径 均为r = 0.2 m ,半径R= 0.4 m的固定竖直光滑圆轨道与传送带相切于B点，C点是圆 轨道的最高点.当传送带静止不动时，质量m = 1 kg的小煤块在A点以初

12、速度vo= 2 15 i1 K m/s开始运动，刚好能运动到C点.重力加速度g = 10 m/s2.求: （1）当传送带的轮子以 3= 10 rad/s的角速度匀速转动时，将小煤块无初速地放到传送带上的A点，求小煤块从 A 点运动到B点的过程中在传送带上划过痕迹的长度. （2）当传送带的轮子匀速转动的角速度在什么范围内时，将小煤块无初速地放到传送带上的 A点，小煤块运动到C 点时对圆轨道的压力最大，最大压力Fc是多大. 15. （18分）如图所示，电源电动势为 Eo（未知），内阻不计，滑动变阻器的滑片 P处于R的中点.一质量为 m,带 电荷量为q的粒子（重力不计）从加速电场AK中的S1点由静止

13、经加速电场加速后，沿 S1S2方向从边长为L的正方 形场区的中间进入有界均匀场区.当场区内只加竖直向上的匀强电场（电场强度为E）时，带电粒子恰从 b点射出 场区. （1）求加速电源的电动势 E0. （2）若滑动变阻器的滑片位置不变，场区内只加垂直纸面向里大小为B的匀强磁场，带电粒子仍从b点射出，则 带电粒子的比荷耳为多大？ m （3）若使带电粒子进入场区后不改变方向，需在场区内同时加匀强电场和匀强磁场，求所加复合场的电场强度E1 与磁感应强度B1之比. 附加题：本题共3小题，每小题15分.分别考查3- 3、3 4、3-5模块.请考生根据本省考试情况选择相应题 目作答，其分值不计入总分. 1 .

14、物理一一选修3 3（15分） （1）（5分）下列说法中正确的是. A .物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小 B .悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动 C .物体的机械能可以为零，而内能不可以为零 D .第二类永动机违反能量守恒定律 E. 定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量 1.29 kg/m3, （2）（5分）已知家用煤气的主要成分是一氧化碳，其密度小于空气的密度，且空气在常温下的密度为 如果家庭出现了煤气泄漏，当煤气的质量达到空气总质量的6%时可发生爆炸.若某家庭密闭的厨房中煤气发生 泄漏，且泄漏的

15、速度是10 g/min，则煤气可发生爆炸时煤气已经泄漏了 h;若爆炸时厨房的温度迅速上 升到1 500C，则此时厨房内的气体压强为 Pa.（假设厨房的空间体积为30 m3,大气压强为105 Pa,厨房 温度为27C，忽略煤气泄漏及爆炸反应对厨房内空气分子数的影响） （5分）如图所示，光滑水平地面上放有一质量为m的导热气缸，用活塞封闭了一部分气体活塞质量为m，截面 积为S,可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为Lo.现用水平恒力F向右推气缸，最后气缸与活塞达到相对静 止状态已知大气压强为Po.求： 稳定时封闭气体的压强； 稳定时活塞与气缸底部的距离. 2 .物理一一选修3 4（15分） （1）（5

16、分）欧洲大型强子对撞机是现在世界上体积最大、能量最高的加速器，是一种将粒子加速对撞的高能物理设 备该设备能把数以万计的粒子加速到相当于光速的99.9%，粒子流每秒可在隧道内狂飙11 245圈，单束粒子能 量可达7万亿电子伏则下列说法中错误的是 . A .如果继续对粒子进行加速，粒子的速度不能达到光速 B 如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够达到光速 C 如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够超过光速 D .粒子高速运动时的质量大于静止时的质量 E.粒子高速运动时的质量小于静止时的质量 （5分）一简谐横波以2 m/s的波速沿x轴正方向传播.已知t = 0时的波形如图所示，则该波的周期为 ， t

17、 = 0时刻x= 0处的质点运动方向为 ， x= 0处的质点在最短时间t =s时速度值最大. （3）（5分）为了研究光通过折射率n= 1.6的球形玻璃的偏折现象，让一细束光线射入玻璃球，玻璃球的半径R= 10 mm，球心 O到入射光线的垂直距离d= 8 mm.（sin 53 =.8） 在图上画出该束光线射入玻璃球后，第一次从玻璃球中射出的光路图. 求这束光线从射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光线偏转的角度. 3.物理一一选修3 5（15分） （1）（5分）关于近代物理内容的若干叙述正确的是 . A .自然界中含有少量的14C,14C具有放射性，能够自发地进行B衰变，因此在考古中可利用14C来测定

18、年代 B 重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损 C 比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定 D .根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能 增大，电势能减小 E.紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子 的最大初动能也随之增大 （2）（5分）核能发电已经成为人类开发和利用新能源的重要途径，某舰艇想依靠所携带的 10.9 kg铀丸，利用其放射 性衰变释放的能量发电已知铀丸 （2越5衰变后成为2934Th，则衰变方程为 ;若分别用m1、m2、m3表示衰 变过程中

19、238U核、Th核和放出的粒子的质量，则衰变过程中释放出的核能可以表示为. （3）（5分）如图所示，质量为 mi= 60 kg的滑块在光滑水平面上以速度vi= 0.5 m/s向右运动，质量为 m2= 40 kg的 滑块（包括小孩）在光滑水平面上以速度V2= 3 m/s向左运动，为了避免两滑块再次相碰，在两滑块靠近的瞬间， m2上的小孩用力将 mi推开. 求小孩对mi做功的范围. （滑块m2与右边竖直墙壁碰撞时无机械能损失, 小孩与滑 块不发生相对滑动，光滑水平面无限长） 咼考模拟试题精编（一一） 参考答案 1 . D 洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式，A错奥斯特发现了电流的磁效应，B错法

20、拉第发现了 电磁感应现象，C错库仑利用扭秤发现了电荷之间的相互作用规律，D正确. 2 . A 因为两个等量异种点电荷对称地放在大平面的两侧，电场线应该垂直平面，且该平面应该是一个等势面, 所以C、D说法是正确的，根据电场线的分布情况，说法A错、B正确，故选A. 3. AD 由v t图象可知，两车的加速度分别为 152230 aa= 10 m/s2= 1.5 m/s2, ab =亦 m/s2= 2 m/s2,车的加速度是 表示车的速度变化快慢的物理量, 1 1 A 对；相遇时，xa= x 10X 15 m= 75 m, Xb =寸 15X 30 m= 225 m, Xa+ Ax =xb,所以a车

21、在b车前Ax= xb xa= 150 m, B、C错误；由图象可知，两车位移差随时间的增加而增大，且它 们在15 s时相遇，即意味着它们的距离从150 m 一直减小到0，所以D正确. 4. D 根据3 = V可知，做圆周运动的角速度不仅与 r有关，还与线速度v有关, 所以A、B均错；因为蛟龙” 根据= mw 2r得“神 a= w2r得C错、D正确. 属于天体自转问题， 它转动的角速度与地球同步卫星相同，“神九”与同步卫星相比, 九”的角速度较大，即“神九”的角速度大于“蛟龙”随地球自转的角速度，根据 5. BD 甲、乙两物体速度的方向在改变，不可能做直线运动，则A错；从速度变化量的方向看，甲的

22、方向一 C错误；B、D正确. 定，乙的发生了变化，甲的合力可能是恒力，也可能是变力，而乙的合力不可能是恒力，则 6 . C 物块在斜面上处于静止状态，先对物块进行受力分析，确定其运动趋势，列平衡方程可得Ffmax. 物块受与斜面平行的外力F作用，而在斜面上静止，此时摩擦力的大小和方向将随F的变化而变化.设斜面倾 一F1 F2 角为0,由平衡条件 F1 mgsin 0 F fmax = 0, F2 mgsin 0+ Ffmax = 0,解得 Ffmax=2 ，故选项 C 正确. 7. AB 由题给的伏安特性曲线可知， 当三导体串联接在电压恒为 6V的直流电源的两端时， 作平行U轴的直线 使三导体

23、两端的总电压为 6 V , 2、R2、R3两端的电压分别为 1 V、3 V、2V，此直线恰好过I轴的1 A处，可知 A、B正确；同样可判断 C错误；若将三导体并联后接在 3 V的直流电源上，过 U轴3 V作平行I轴的竖直线可 知，通过三导体的电流分别约为 3 A、1 A和2.2 A，可知D错. 8. B 设变压器原、副线圈的匝数分别为ni、n2,输入端的电动势为 E,电流分别为li、12，电压分别为Ui、U2, 则：Ui = E- lir，电阻R消耗的电功率 P= U2l2= U1I1,即即 P = (E lir)li=- l2r + Eli，可见当 |1 = 2r 时， P有最大 值Pmax

24、=糸，此时Ui=elir=efr = 2则U2=當山=nH，l2=又因皆瓷，联立以上各式得: ni n2 ,R，故 A、C、D 错，B 对. 9. B 由初、末状态看出，A、B的机械能：Ea初一Eb初=mgh，Ea末一Eb末=0，由得：（Ea初-Ea末）+ （Eb末一Eb初）=mgh,即 圧a减+ 圧b增=mgh，由A、B系统机械能守恒可知 AEa减=48增，联立得：AEa ii 减=2mgh,根据功能关系得，杆对 a球做的功为2mgh，则a、c、d错，b对. i0. C be切割磁感线运动时产生的感应电动势为E= BLv,感应电流1= ，由于be做初速度为0的匀加速 R十r 运动，所以v =

25、 at, be受到的安培力Fa = BlL，对于金属导轨 abed，根据牛顿第二定律得： F Fa = Ma，联立上 面各式得：F = Ma十十十卡，所以A、B均错；当be向左运动时，根据楞次定律， QP的电流方向由P,根据 左手定则可知，C正确；若F = 0, PQbe静止，当ef左侧磁场均匀减小时， QP的电流方向由PQ,根据左手 定则可知， D错. vB vA ii.解析： （i）小车从A到B做匀加速直线运动，由运动学公式2aL = vB vA，得加速度a = 2L . （2）实验所得图线为直线，但不过原点，当F有一定数值时，小车加速度仍为零，说明没有完全平衡摩擦力，也 可能拉力传感器读

26、数存在误差，即读数偏大. 答案： (i)vB2LvA(3 分) （2）没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大（2分） i2解析：（i）因为电压表量程远大于干电池的电动势；（2）改装电压表的量程等于电流表G的满偏电流与电流表 G所在支路总电阻的乘积，即UV = lg（R3+ Rg） = 3.0X i03X （990十i0）V = 3.0 V ; （3）为了便于调节，滑动变阻器 的阻值不能太大，选择Ri比较合适；由于R3支路电阻远大于滑动变阻器Ri所在支路电阻，所以干路电流近 似等于12,闭合电路欧姆定律E = U十lr可变形为：E = li（R3+ Rg） +br，即li= r一b,由图象知直线

27、 R3 十 Rg R3 十 Rg 与纵轴的截距为E一 = i.48 mA，解得E = i.48 V，直线斜率的绝对值为 R3 十 RgR3 十 Rg i.48 i.06 X i0-3 0.5 ，解得r = 0.84 Q. 答案：（i）电压表量程太大（2分）（2）3（2分） （3）D（2 分）（4）i.48（2 分）0.84（2 分） 13. 解：线框被拉出磁场的过程中: 产生的感应电流 BL2V八 LR（2 分） 需要的时间t = Ll（i分） V 2 2 所以产生的焦耳热Q= I2Rt=旦空（2分） 线框转动90过程中: 产生感应电流的最大值Imax = R （2分） 有效值I = BL23

28、（1分） V2r 需要的时间t = 2（1分） _B| 2i 2 所以产生的焦耳热 Q= I 2Rt = ：2 3（2分） 4R 4v 联立得：3= nn（2分） 14. 解：（1）当传送带静止不动时，小煤块刚好能运动到 C点，则在C点，根据牛顿第二定律得：mg= mR （1分） 小煤块从AtC过程中，由动能定理得： 1 2 1 2 卩 mg2mgR= mvc mvo （1 分） 联立得（1= 0.4（1分） 当传送带的轮子以3= 10 rad/s的角速度匀速转动时，传送带的线速度v = 3 = 2 m/s（1分） 2 由 A = 0.5 m2 ,10 m/s,即传送带的角速度 3 10,10

29、 rad/s时，小煤块在C点对圆轨道的压力最大（1分） 小煤块从BtC,由机械能守恒定律得: 1 1 2mgR= qmvB mvC max （1分） 小煤块此时在C点，由牛顿第二定律得： 2 VCmax八 Fmax+ mg= m（1 分） R 联立得Fmax= 50 N（1分） 根据牛顿第三定律得，对圆轨道最大压力Fc= Fmax= 50 N（1分） 1 15. 解：（1）设带电粒子加速后的速度大小为vo,则在加速电场中，由动能定理得：Uq = mvO（2分） 在偏转电场中做类平抛运动： L- 2 L = vot （1 分） （1分） 联立解得：U =（1分） 由闭合电路欧姆定律得：Eo =

30、2U = EL（2分） （2）带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设轨道半径为R,如图，由几何关系得: R2= L2+ R L 2（2 分） 由向心力为洛伦兹力得： v2八 Bqvo= m二 （2 分） R 联立解得：m=25eEl（2分） qvoBi= qEi (3 分) （3）带电粒子在复合场中做直线运动，电场力与洛伦兹力平衡: 联立解得：5E（2分） 附加题 1 . （1）解析：根据分子动理论，A对；布朗运动不是分子的运动，B错；物体的内能是物体的所有分子动能与分 子势能的总和，由于分子动能不可能为零，所以物体内能不可以为零，C对；第二类永动机违反热力学第二定律， 不违反能量守恒定律，D

31、错；由PV= C得，气体压强不变温度升高时体积V变大，气体对外做功，W0,根据热 力学第一定律Q+ W= AU得E正确. 答案：ACE（5分） 解析：由题意可知煤气可发生爆炸时的质量 m= 6%p匸2.322 kg ,则煤气泄漏的时间 t=诃盘232.2 min =3.87 h .把空气近似看做理想气体， 则由题意可知在爆炸瞬间可看做是体积不变的过程，则由查理定律可得 = 11 T2,所以爆炸瞬间产生的气体压强为P2 = PTT2= 6X 105Pa. 答案：3.87（2 分）6 X 105（3 分） 解：对整体：F = m+m a（1分） 对活塞：（P P0）S=罗玄（1分） 联立可得：p= po+3S（1分） 根据玻意耳定律得：poLo= pL（1分）