2019-2020学年吉林省长春实验中学高二(上)期中物理试卷

1、2019-2020 学年吉林省长春实验中学高二（上）期中物理试卷一、单选题（本大题共7 小题，共28.0 分）1.关于电源电动势，下列说法正确的是()A. 电源电动势就是电源两极间的电压B. 同一电源接入不同的电路，电动势就会发生改变C. 电源的电动势是表示电源把其他形式的能量转化为电能的本领大小的物理量D. 1 号干电池比5 号干电池大，所以1 号干电池的电动势大2.关于电场强度和电势的说法中，正确的是()A. 两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，电场强度越来越小B. 两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上，各点电势均相等，中点电场强度最大

2、，沿连线的中垂线向外，电场强度越来越小C. 在电场中 a、b 两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的电场强度一定为零D. 电场强度的方向就是电势降落的方向3. 图中的实线表示电场线、 虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹 粒子先经过 M 点，再经过 N 点，则可以判定 ( )A. M 点的电势高于 N 点的电势B. 粒子在 M 点的电势能小于 N 点的电势能C. 粒子在 M 点的加速度大于在N 点的加速度D. 粒子在 M 点的速度大于在N 点的速度4.如图， ? = 2 ?，? = 10 ?，? = 10 ?，A，B 两端123接在电压恒定的电源上，则()A

3、. S 断开时， ?与?的功率之比为 1 101 2B. S 闭合时通过 ?与 ?的电流之比为 2 11 2C. S 断开与闭合两种情况下，电阻 ?1两端的电压之比为 2 1D.S 断开与闭合两种情况下，电阻?的功率之比为 7 1225. 如图所示，直线 b 为电源的 ?- ?图象，直线 a 为电阻 R 的 ?- ?图象，用该电源和该电阻串联组成闭合电路时， 下列说法中不正确的是 ( )A. 电源的输出功率为 4WB. 电源的电动势为 3V，电源的内阻为 0.5?C. 电源的热功率为 2WD. 电源的效率约为 33.3%6. 微型吸尘器的直流电动机内阻一定，当加上0.6?的电压时，通过的电流为

4、 0.5?，此时电动机不转，当加在电动机两端的电压为3.0?时，电流为 1.0?，这时电动机正常工作不计各处摩擦的条件下，正常工作时电动机输出的有用功率是()第1页，共 13页A.3WB. 2.7?C. 1.8?D. 0.3?7. 如图所示， M、N 是平行板电容器的两个极板，?0 为定值电阻， ?、?为可调电阻， 用绝缘细线将质量为 m、12带正电的小球悬于电容器内部闭合电键 S，小球静止时受到悬线的拉力为 ?调.节 ?、 ?，关于 F 的大小判12断正确的是 ()A.保持?不变，缓慢增大?时， F 将变大21B. 保持 ?2不变，缓慢增大1?时， F 将变小C.保持 ?不变，缓慢增大?时，

5、 F 将变大12D.保持?1不变，缓慢增大?时， F 将变小2二、多选题（本大题共6 小题，共36.0 分）8. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两极板间的带电尘埃保持静止状态。 若将两极板缓慢地错开一些， 其他条件不变，则 ( )A. 电容器的带电荷量不变C. 电流计 G 中有 a 到 b 方向的短时电流B.D.尘埃仍保持静止状态电流计 G 中有 b 到 a 方向的短时电流9. 如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P 向左移动时，下面判断正确的是()A. ?1和?变亮， ?变暗32B. ?1变暗， ?变亮， ?亮度不变23C. ?1中电流变化值小于?中电流变化

6、值3D. ?1中电流变化值大于?中电流变化值310. 标有“6V 3W6V 6W、?的伏安特性曲线如图甲所示现将两”、“”的两灯泡 ?1 2灯泡与理想电压表和理想电流表连接成如图乙所示的电路，其中电源电动势?=9?，闭合开关，其中一个灯泡正常发光，下列说法正确的是()A. 电压表的示数为6VB. 电流表的示数为 0.5?C. 电源内阻为 2?D. 电源输出功率为6W11.在空间中水平面MN 的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为 m 的带电小球由MN上方的 A 点以一定的初速度水平抛出，从B 点进入电场，到达C 点时速度方向恰好水平， A、B、 C 三点在同一直线上，且?= ?，如图所示。由此可

7、见()第2页，共 13页A. 小球所受电场力为3mgB. 小球带负电C.D.小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的运动时间相等小球从 A 到 B 与从 B 到 C 的速度变化率的大小相等12.图为双量程的电流表电路示意图，其量程分别为0 -10?和0 - 1?，已知表头内阻?为 200?，满偏电?流 ?为 0.5?，则有 ()?A.当使用ac0 - 10? ?2 =、 两个端点时， 量程为，180?B.当使用 a、b 两个端点时， 量程为10 - 10?，? =20?C. 当使用 a、c 两个端点时，量程为0 - 1?， ?2 = 180?D. 当使用a、c两个端点时，量程为0 - 1? ?

8、 = 20?，213. 如图所示，倾角为 ?= 30 的光滑绝缘直角斜面ABC ，D 是斜边 AB 的中心，在 C点固定一个带电荷量为+ ?的点电荷 .一质量为 m，电荷量为 -?的小球从 A 点由静止释放，小球经过D 点时的速度为 v，到达 B 点时的速度为0，则( )12A. 小球从 A 到 D 的过程中静电力做功为 2?B.C.小球从 A 到 D 的过程中电势能逐渐减小小球从 A 到 B 的过程中电势能先减小后增加2?D. AB 两点间的电势差 ?AB=?三、实验题（本大题共2 小题，共14.0 分）14. 某同学想设计一个测量金属棒 (阻值约 10?)电阻率的实验方案，实验室提供的器材

9、有：A.电流表 ?1 ( 内阻? = 100? = 3?)?、满偏电流?B.电流表 ?内阻约为 0.4?、量程为 0.6?)2C.定值电阻 ?0 = 900?第3页，共 13页D.滑动变阻器 ?(5?、 2?)E.干电池组 (6?、 0.05?)F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺(1) 如图 1，用螺旋测微器测金属棒直径为 _mm；如图 2 用 20 分度游标卡尺测金属棒长度为 _cm。(2) 请根据提供的器材，设计一个实验电路，画在答题卡方框内，要求尽可能精确测量金属棒的阻值。(3) 若实验测得电流表?示数为 ?，电流表11、 ?、 ?、?表示 )? = _( 用 ?1 20?示

10、数为 ?，则金属棒电阻的表达式为2215.某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。 实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大。请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接； 某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A，由所示的伏安特性曲线可以判断，此刻的小灯泡的实际功率为_?( 保留两位有效数字) 。四、计算题（本大题共2 小题，共22.0 分）16.如图所示，在方向竖直向下的匀强电场中，一个质量为m、带负电的小球从斜直轨道上的 A 点由静止滑下， 小球通过半径为R 的圆轨道顶端

11、的B 点时恰好不落下来 若轨道是光滑绝缘的，小球的重力是它所受的电场力2 倍，试求：(1)?点在斜轨道上的高度h；(2) 小球运动到最低点C 时，圆轨道对小球的支持力第4页，共 13页17. 如图所示，带有等量异种电荷平行金属板M 、N 竖直放置，M N?= 0.5? 10-2?，、 两板间的距离。现将一质量 ? = 1电荷量 ?= +410 -5 ?的带电小球从两极板上方的A 点以?0 = 4?/?的初速度水平抛出， A 点距离两板上端的高度? =0.8?；之后小球恰好从靠近 M 板上端处进入两板间， 沿直线运动碰到 N 板上的 C 点，该直线与曲线的末端相切。 设匀强电场只存在于M、 N

12、之间，不计空气阻力，取?= 10?/?2 .求：(1) 小球到达 M 极板上边缘 B 位置时速度的大小和方向；(2)? 、 N 两板间的电场强度的大小和方向；(3) 小球到达 C 点时的动能。第5页，共 13页答案和解析1.【答案】 C【解析】 解： A、电源两极间的电压为路端电压，不是电动势，电源没有接入电路时两极间的电压在数值上才等于电源的电动势，故A 错误；B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关，同一电源接入不同的电路，电动势不变，故 B 错误；C、电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故 C正确；D 、1 号干电池比5 号干电池的体积大，但两者的

13、电动势均为1.5?，故 D 错误。故选： C。电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势。电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关。干电池的电动势均为1.5?。本题考查对于电源的电动势的理解。电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关，电池体积大，电动势不一定大。2.【答案】 B【解析】 解： A、两个等量同种正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电场强度由零增大后减小，方向从中点指向外侧，电势越来越低，故A 错误。B、两个等量异种电荷的电场中，两电荷连线的中垂线有如下特征：中垂线为等势线，连线上各点的电势相

14、等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小，故B 正确。C、在电场中a、 b 两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，知a、 b 两点间的电势差为 0，电场强度不一定为零，故C 错误。D 、根据 ?= ?知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D 错误。故选： B。沿着电场线的方向电势逐渐降低。根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小。本题的关键知道等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特点，根据电场线疏密比较场强的强弱，根据电场线方向确定电势的高低。3.【答案】 A【解析】 解： A、分别过 M 点与 N 点做等势线如图，则电场线的

15、方向由M 的等势线指向 N 的等势线，所以M 点的电势高。故A 正确；B、粒子由 M 运动到 N，轨迹向下弯曲，粒子受力的方向向下，轨迹与电场力之间的夹角是锐角，所以从M 到 N 电场力做正功，电势能减小。故B 错误；C、N 点的电场线密，所以 N 点的电场强度大，粒子在 N 点受到的电场力大，则加速度大。故 C 错误；D 、从 M 到 N 电场力做正功，电势能减小，动能增大，所以粒子在N 点的速度大。故D错误。故选： A。第6页，共 13页电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向不计重力的粒子在电场力作用下从A 到 B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居

16、在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小4.【答案】 B【解析】 解：A S2相等， ?与 ?的功率之比等于电阻之比1：5.故、 断开时， 由 ?= ?，I12A 错误B、 S 闭合时， ?=2?3， ?3 = ?2 ，则 ?1 =2?，故 B 正确C、 S 断开时， ?1： ?= ?： ?= 1： 5，则? =1?21216?S 闭合时， ?1 ： ?2= ?1： 1?=25，则?= 2?22：17?故 S 断开与闭合两种情况下，电阻?1两端的电压之比为7： 12，故 C 错误

17、5；S 闭合时， ?5；由?2D 、S 断开时， ?2 =2 ，得到 ?：?：36.故6 ?27 ?2?2 2= 492D 错误；故选： BS 断开时，根据串联电路功率与电阻成正比确定功率的比例分析电路串并联关系，求出各个电阻的电压与 A、B 总电压的关系，就能得到 S断开与闭合两种情况电压、功率的比例电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构往往按局部整体 局部的顺序进行分析和计算也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解5.【答案】 D【解析】 解： ?由.图可知，由a 图线得到，电阻?=?2?=2 ?= 1?；图线 b 与纵坐标的交点表示电源的电动势；图象的斜率等于电源的内阻，可得电

18、源的电动势为?= 3?；3内阻 ?= 6 ?= 0.5?；，故 A 正确。?当.电源的与电阻串联后，两图线的交点就表示电路的工作状态，可读出电路中电流为 ?= 2?；路端电压为 ?= 2?；则电源的输出功率 ?= ?= 2 2? = 4?；?222电源的效率 ?= 100% =100% 67% ；电源的热功率 0.5? =3? = ?= 2?2? ，故 BC 正确， D 错误。本题选错误的，故选： D。图线 b 为某电源的 ?- ?图象，该图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率等于电源的内阻； 两图象的交点为电阻的工作点； 由功率公式可求得输出功率及电源的效率，以及热功率解决该题的关键是

19、明确知道两图象的纵截距，以及斜率的物理意义，知道两图线的交点就是电阻实际工作电压和电流；6.【答案】 C第7页，共 13页?=?0.6= 1.2?.【解析】 解：当电机不转时，由欧姆定律得，电机的电阻为1 =?10.5当电机21- 121.2 = 1.8?正常工作时， 电机输出的功率为? = ?- ?= 3；故 C正确，出ABD 错误。故选： C。电机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出其电阻当电机正常工作时，根据能量守恒定律求出电机输出的功率对于电动机，不转时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立；当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立故应正确选择功率公式才能准确求解7.

20、【答案】 D【解析】 解： A、B、保持 ?不变，缓慢增大 ? 时，由于在含容支路中的电阻相当于导21线，所以 ?两端的电压不变，?不变，悬线的拉力为F 不变，故 A、 B 错误电0C、 D、电容器两端间的电压与?0两端的电压相等，通过判断?两端间电压的变化，知0道极板间电场的变化， 从而知道电场力的变化及拉力的变化解：保持 ? 不变，缓慢增大1? 时，由于 ?和 ?串联，总电流减小，?两端的电压减小，即平行板电容器的两个极2020板的电压 U 减小，带电小球受到的电场力?减小，悬线的拉力为 ?=?= ?= ? ?2+ (?)2将减小，故 C 错误， D 正确。故选： D。电容器两端间的电压与

21、?两端的电压相等， 通过判断 ?两端间电压的变化，知道极板间00电场的变化，从而知道电场力的变化及拉力的变化解决本题的关键是 1、熟悉含容电路的特点：电容两端间的电压与其并联部分的电压相等；含容支路中的电阻相当于导线2、会正确的进行受力分析，搞清楚什么力变化导致拉力的变化8.【答案】 BC【解析】解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式?=?4?得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小。故A 错误。B、由于板间电压和距离不变， 则由 ?= ?可知，板间场强不变， 尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态。故 B 正确。CD 、因电量减小，电容器放电，故电流计G 中有 a

22、 到 b 方向的短时电流，故C 正确，D 错误。故选： BC。带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式?=? 和电容的定义4?式 ?=?结合进行分析?9.【答案】 AC【解析】 解：?当.滑片左移时， 滑动变阻器接入电阻减小，根据“串反并同”可知，?3与 R 串联，则变亮，?与 R 并联，则变暗，?与 R 串联，则变亮，故A 正确， B 错误；21第8页，共 13页?因.电路的总电阻减

23、小，所以根据闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，根据“串反并同”可知，?电流减小， ?中电流增大，所以?中电流变化值小于?中电流变化值，2313故 C正确，D错误。故选： AC。由图可知 ?与 R 串联后与3?并联，再与 ?、?串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入201电阻的变化，则可知总电阻的变化；用“串反并同”分析个灯泡的亮暗情况，分析电路中总电流的变化情况，在分析和支路电流的变化情况，进而分析 ?中电流变化值和?中13电流变化值的大小关系；解决该题的关键是掌握电路的串并联特征， 知道用“串反并同”分析电路中各灯泡的亮度的变化情况，掌握闭合电路欧姆定律；10.【答案】 BC【解析】 解： A

24、B、由图象可知，?正常发光的电流为1A， ?的正常发光电流为0.5?，21所以，两灯串联在电路中，只有一灯正常发光，则一定是 ?，此时电路中的电流为0.5?；1由图可知： ?的电压为 ?= 2?，此时电压表测 ?两端的电压， 即电压表的示数为2V；222故 A错误，B正确；CD 、此时电源的输出电压为?= ?1+ ?2= 2?+ 6?= 8?，电源的输出功率?= ?= 8?0.5?= 4?，电源的内阻 ?= ?-? = 9-8 = 2?，故 C 正确， D 错误；?0.5故选： BC。由图可知A 的电流大于B 的电流，故只能 L2 正常发光，正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知

25、两灯电流相等， 结合串并联电路的特点和闭合欧姆定律进行求解本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、 电功率公式的应用； 关键是电压和电流不成正比，即电阻为变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解11.【答案】 BCD【解析】 解：带电小球从A 到 C，设在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为和?，竖直分位移分别为?和?，经历的时间为分别为 ?和 ?21212 .在电场中的加速度为则：从 A 到 B 过程小球做平抛运动，则有：?1 = ?01；从B到C过程，有： ?；2= ?02由题意有： ?1 = ?2；则得：?= ?2；即小球从A到B与从B到C运动时间的相等。1又?12

26、 ，1= 2 ?1将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：?2 =12?22根据几何知识有： ?： ?；?1 2=?1 2解得： ?= ?；根据牛顿第二定律得：?- ?= ?= ?，解得： ?= 2?由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电。?1a。第9页，共 13页根据速度变化量为：?= ?则得 AB 过程速度变化量大小为：? = ?= ?112BC 过程速度变化量大小为：所以小球从 A到 B与从 B到故选： BCD。? = ?= ?；222C 的速度变化量大小相等。故BCD 正确， A 错误。小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运

27、动，其逆过程是类平抛运动。两个过程都运用的分解法研究，水平方向都做匀速直线运动，根据位移公式 ?= ?，可分析时间关系；再研究竖直方向，由牛顿第二定律和运动学位移公式结合列式，求解电场力的大小。根据 ?= ?研究速度变化量的关系。本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维研究小球 B 到 C 的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析。12.【答案】 BC【解析】 解：当使用a、 c 两个端点时，分流电阻阻值大，电流表量程小，为0 - 1?，?= ?1 +?2 + ?，当使用 a、b 两个端点时，分流电阻阻值小， 电流表量程大， 为 0 -10?，?= ?(?+?2

28、) + ?，?1联立解得： ? = 20?， ? = 180?，故 AD 错误， BC 正确；12故选： BC。把电流计改装成电流表需要并联一个分流电阻，分流电阻阻值越小，电流表量程越大，分流电阻阻值越大，电流表量程越小，分析图示电路结构、根据串并联电路特点分析答题。解决该题的关键是掌握电流表的改装原理，知道并联电路分得的电流和电阻成反比，知道电路的总电流的求解方法；13.【答案】 CD【解析】 【分析】本题考查动能定理的应用，电场力做功的特点及电场力做功与电势能变化之间的关系。涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用， 并要求学生能明确几种特殊力做功的特点及对应的功能关系。小球从 A

29、 到 D，由几何关系可判断 A、D 两点在同一等势面上，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加，同时根据动能定理可得重力做功与动能变化之间的关系；小球从 A 点滑到斜边底端 B 点的过程， 动能变化量为零， 根据动能定理可得电场力做功与重力做功之间的关系，而 D 为 A、B 的中点，根据重力做功的特点可得两次重力做功之间的关系。【解答】A.A到斜面的倾角为 ?= 30，斜面上 ?= ?，由几何关系可知， ?= ?= ?，即C 的距离与 D 到 C 的距离是相等的，所以 D 与 A 的电势相等，则由 ? = ?，知 A 到 D的过程中电场力做的功等于0，故 A 错误；B.由于 A 到 C 的

30、距离与 D 到 C 的距离是相等的， 由几何关系可知， 沿 AD 的方向上的各点到 C 的距离先减小后增大，距离减小的过程中电场力对负电荷做正功，距离增大的过程中电场力对负电荷做负功，所以从A 至 D 的过程中负电荷的电势能先减小后增大，故 B错误；C.结合 B 的分析， 同理可知， 小球从 A 到 B 的过程中电势能先减小后增加，故 C正确；D .设 AB 的长度为 2L，则 ?= ?= ?，在小球从 A 到 D 的过程中，由动能定理有：12?=? - 02第10 页，共 13页在小球从A 到 B 的过程中有：2?所以： ?=，故 D 正确。?故选 CD。?(? +? )1?014.【答案】

31、 6.12610.230?2-?1【解析】 解： (1) 由图示螺旋测微器可知，其读数为：6?+ 12.6 0.01?=6.126?(6.125?6.127?均正确 )游标卡尺是20 分度的卡尺，其分度值为0.05?，则图示读数为：102?+6 0.05? = 102.30? = 10.230?(2) 因为电流表 ?内阻已知，故将其串联定值电阻? = 900?作为电压表使用，被测电10阻远小于改装后的电压表，故选择电流表?外接，2因为滑动变阻器最大阻值较小，又因为要求精确，故采用分压式电路，故画出电路图，如图所示：(3) 根据欧姆定律结合串并联电路特点可得：金属棒电阻的表达式为? =?1(?+

32、?0 )?-?21?(? +? )故答案为： (1)6.126(6.1256.127 均正确 ) ； (2)10.230 ；(3)1?0。?2-?1(1) 游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；(2) 因为要求精确，故采用分压式电路，电压表需要改装，合理选择内外接，画出电路图；(3) 利用欧姆定律结合串并联电路特点，即可求出金属棒电阻的表达式。本题考查了实验器材选择、 实验电路设计、 实验数据处理， 要掌握实验器材的选择原则，认真审题、理解题意与实验步骤、知道实验原理是解题的关键；在改装电表时应选择内阻

33、确切已知的电表。15.【答案】 0.440.79【解析】 解： 滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器采用分压接法，电路图如图所示：第11 页，共 13页 由图乙所示电流表可知，其量程为0.6?，分度值为 0.02?，示数为 0.44?。由图示图象可知，0.44?对应的电压为：?= 1.80?，小电珠的功率为：?= ?=1.80 0.44 = 0.79? 。故答案为： 电路图如图所示； 0.44 、0.79 。 根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图。 根据图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数；由图示图象求出电流对应的电压，然后由 ?= ?求出小电珠的功率。本题考查了连接实物电路图、电流表读数、求灯泡总功率；当电压与电流从零开始变化时滑动变阻器只能采用分压接法， 根据题意确定滑动变阻器的接法是正确连接实物电路图的前提与关键。16.【答案】