2019-2020学年重庆市南开中学高三(上)第四次质检物理试卷

1、2019-2020 学年重庆市南开中学高三（上）第四次质检物理试卷一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1.下列说法正确的是()A.B.做曲线运动的物体加速度必定变化电场强度与试探电荷受到的电场力成正比和 ?分别对同一物体做了5J和-7?的功， ?所做的功更多C. 力?1 22D. 带电粒子在电场中沿着某一条电场线运动，该电场一定是匀强电场2. 2019 年 4 月 10 日晚，人类首张黑洞照片面世，黑洞是宇宙空间内存在的一种密度极大而体积极小的天体，黑洞的引力很大，连光都无法逃逸。在两个黑洞合并过程中，由于彼此间的强大引力作用，会形成短时间的双星系统。如图所示，黑洞A、B 可视为质点

2、，两者围绕连线上O 点做匀速圆周运动，O 点离黑洞A 更近，不考虑其他天体的影响。假定黑洞A 质量为 ?1，黑洞 B 质量为 ?2，AB 间距离为 ?下.列说法正确的是 ()A.B.黑洞 A 与 B 绕行的向心加速度大小相等黑洞 A 的质量 ?1 小于黑洞B 的质量 ?2C. 若两黑洞质量保持不变，但两黑洞间距离L 逐渐减小，则两黑洞的绕行周期均逐渐减小D. 若两黑洞质量保持不变，但两黑洞间距离L 逐渐增大，则两黑洞的向心加速度大小均逐渐增大3. 刀削面是山西的特色传统面食，刀削面全凭刀削，因此得名，它与北京的炸酱面、 河南的烩面、 湖北的热干面、四川的担担面，统称为中国五大面食。师傅制作刀削

3、面时通常将面粉和成团块状，左手举面团， 右手拿弧形刀，将面一片一片的以速度水平削出，让面片能够飞入装有开水的圆形锅内。如图所示，不考虑空气阻力的影响，将飞出的面片的运动视为平抛运动，已知面片到锅上沿的竖直距离?= 80?，面片到最近的锅边沿的距离为L，钢的半径为 R，要想使削出的面片能够全部落入锅中，面片飞出的最小速度为3?/?，最大速度为 5?/?，重力加速度2g 取 10?/? .下列说法正确的是()A. 面片飞人锅中的过程中，面片处于超重状态B. 面片飞人锅中的过程中，重力的瞬时功率逐渐减小C. 同一面片飞人锅中的过程中，相同时间内的动量变化量不同D. R 大小为 0.4?， L 大小为

4、 1.2?4. 如图所示的电路中， 电压表和电流表均为理想电表，电源电动势为 E、内阻为 r ， R 为电位器 (滑动变阻器 )。 ?、 ?为定值电阻， ?是小灯泡。当电位器121的触片由图示位置滑向b 端一段距离的过程中，下列说法错误的是 ( )A. 电流表?示数将变大2B. 电源的输出功率可能变大、也可能先变小再变大C. 小灯泡消耗的电功率将变大D. 电压表示数与电流表?1 示数的比值将减小第1页，共 12页5.质量为 m 的光滑圆柱体A 放在质量也为m 的光滑“ V 型槽 B 上，如图，?= 60 ，另有质量为M 的物体 C 通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B 相连，现将C 自由释放，则

5、下列说法正确的是()A. 若 A 相对 B 未发生滑动，则 A、 B、C 三者加速度相同 B. 当 ? = 2?时， A 和 B 共同运动的加速度大小为 g3( 3+1)C. 当 ? =?时， A 与 B 之间的正压力等于02D. 当 ? = ( 3 + 1)?时， A 相对 B 刚好发生滑动二、多选题（本大题共5 小题，共27.0 分）6. 静电场在 x 轴上的场强 E 随 x 的变化关系如图所示，x 轴正向为场强的正方向，带负电的小球A 在 ?3位置处由静止释放且仅受电场力作用。若仅考虑小球A在 ?位置与 ?位置间的运动，则小球 ( )13A. 在 ?1位置动能最小B.在 ?3位置与 ?位

6、置加速度大小相同1C.在原点O 位置电势能小于在?位置电势能2D. 在原点O位置电势能位置电势能小于在?17. 如图所示，两个完全相同的质量均为m 的物块 A、B 静止放置在水平地面上，其中B 的左端连接着一个弹性限度足够大的水平轻弹簧，劲度系数为k。两物块与地面间的滑动摩擦力f 为最大静摩擦力?的 0.95 倍，若在 A 的左端施加一水平向右的推?力 ?= 2?，当 B 刚开始滑动时 A 的速度为 v。从 A 向右开始运动，到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，以下叙述正确的是( )A. A 开始做减速运动时，B 所受的摩擦力为fB. 彈簧压缩最短时A 的速度为0C. 弹簧最大的弹性势能大于20

7、.25?D. B 开始运动到弹簧第一次压缩到最短的过程中，系统(?、 B 与弹簧 ) 机械能守恒8. 如图所示， 离地 ?= 90?高处有一个质量 ? = 0.2?，带电量?= +2?的物体处于电场强度随时间变化规律为?= 8 -?(?/?)(?为大于零的常数， 水平向左为电场正方向) 的电场中，物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数?= 0.2. ?= 0 时，物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当物体下滑 45cm 后脱离墙面，此时物体速度?= 2?/?，物体最终将落在地面上，重力加速度2g 取 10?/?.下列关于物体运动的说法正确的是()A. 物体从开始下滑到脱离墙

8、壁过程中，物体做变加速直线运动B. 物体从墙壁脱离后，物体做匀变速曲线运动C. 物体从开始下滑到最终落地，物体克服摩擦力所做功为0.5?D. 物体从墙壁脱离后，物体经 0.3?落于地面上9. 下列关于热现象的说法，正确的是( )第2页，共 12页A. 晶体的各向异性是因为其内部原子排列方式导致的B. 某种液体汽化成气体时所需的能量与其质量之比，叫做这种物质的汽化热C. 水的饱和汽压随着温度的升高而增大D. 一定量 0的冰融化成 0的水，其分子动能之和不变，分子势能之和变小E. 温度升高，分子平均动能增大，但物体的内能不一定增大10. 下列说法中正确的是 ( )A. 物体做简谐运动时，回复力一定

9、是物体受到的合外力B. 系统在驱动力作用下的振动叫做受迫振动，受迫振动的周期与驱动力的周期一致C. 在波动中，振动相位总是相同的两个质点间的距离叫做波长D. 波可以绕过障碍物继续传播的现象叫做波的衍射E. 含有多种颜色的光被分解为单色光的现象叫做光的色散现象三、实验题（本大题共2 小题，共 15.0 分）11. 如图所示为静电除尘装置的原理图，该装置由集尘极和悬在两集尘极间的放电极组成，在集尘极和放电极间加有高压电源，其间的空气被电离成为电子和正离子，电离出的电子在静电力的作用下运动。废气在经过机械过滤装置后进入静电除尘区域，废气中的粉尘吸附电子后带上负电，粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉

10、积，实现除尘的目的。图中虚线为电场线，不考虑粉尘重力的影响。(1) 为了实现净化废气的目的，静电除尘装置中的放电极，应接高压电源的_(选填“正极”或“负极”) ；(2) 由电场的分布特点可知， 图中 A 点电势 _B 点电势 ( 选填“高于”、 “低于”或“等于” ) ，带相同电荷量的粉尘在 A 点位置的电势能 _在 B 点位置的电势能 (选填“高于”、“低于”或“等于”)12. 李华同学借助实验测量后，描绘出小灯泡L 的伏安特性曲线如图所示。为了检验李华同学测量数据的准确性，孙蕾同学决定借助实验室器材重新测绘该小灯泡L 的伏安特性曲线，实验室有如下器材可供选择：A.小灯泡 L：B.，量程为

11、0 -600?(内阻约为 5?)； ?电.流表 ?，量程为 0 - 3?(内阻2电流表 ?1约为 5?)；D.电压表 ?1，量程为 0 3?(内阻约为10?)?.?0 -15?(；电压表2 ，量程为内阻约为 10?)；F.滑动变阻器 ? (10?,3?)； ?滑.动变阻器 ?(1?,3?)；12H.电源 6?(内阻很小，可忽略不计 ) ； ?电.键一个，导线若干；实验中要求加在小灯泡两端的电压可以从零开始连续的调节(1)孙雷为了完成该实验需类选择合适的器材，电流表她应该选择_( 选填“ ?1 ”或“ ?” ) ，电压表她应该选择_(选填“ ?”或“ ?” ) ，滑动变阻器她应该212选择 _(

12、 选填“ ? ”或“ ?” ) ；12(2)接下来，孙蕾需要选择合适的接线方式，对于电流表，她应该采用_(选填“内接法”或“外接法” ) ，对于滑动变阻器，她应该采用_( 选填“分压接法“或“限流接法” )；(3)请在空白线框中为孙蕾画出她所需要的实验电路图；(4)经过检验，李华的测量数据是相当准确的，由李华所画小灯泡L 的 ?- ?图象，第3页，共 12页我们可以知晓，在小灯泡两端所加电压为2V 时，小灯泡电阻为_?(计算结果保留一位有效数字)，随着小灯泡两端电压的增大，小灯泡的电阻_( 选填“逐渐增大”、“逐渐减小“或“保持不变”) 。四、计算题（本大题共4 小题，共52.0 分）13.

13、如图所示，一电荷量大小 ?= 3 10 -4 ?的带电小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中O 点。闭合S?= 37已.电键 ，小球静止时，细线与竖直方向的夹角知两板相距 ?= 0.2?，电源电动势 ?=14?，内阻 ?= 1?，电阻 ?= 10?，重力加速1 = 4?，?2 = 6?，?3 = 3?，?42度 g 取10?/? .求：(1)电源的输出功率及其效率；(2)两板间电场强度的大小；(3)判断小球的带电性质，并求出小球的质量。14. 如图所示， 木板倾角为 37 时，质量为 1kg 的滑块 ?2 恰能在木板上静止。木板的下端有一固定挡板，其上固定一个弹性势能为 3J 的锁定

14、弹簧该弹簧的压缩量 ?= 0.01?。弹簧上端放有与滑块?2 完全相同的滑块 ?1 (与弹簧不拴接) ，?1 与 ?2相距 ?= 1?。现解除弹簧锁定，在弹簧恢复原长时?1 离开弹簧，与此同时，让 ?2以 ?= 2 3?/?的速度沿木板向下运动并最终与 ?1 相碰，碰后两者粘在一起。( 已知 ?37=0.6，?37=0.8 ，?=210?/? ，5.76 = 2.4) 。求： (1)? 1 离开弹簧时的速度大小；(2)? 1 、?2两者的碰撞位置距?2 的初始位置多远；(3)? 1 、?2的粘合体离开弹簧后最终静止在木板上的位置。第4页，共 12页15. 如图所示为一个气体温度计结构图， 玻璃

15、测温泡 A 内充有理想气体，通过细玻璃管 B 和水银压强计相连。 开始时 A 处于冰水混合物中，左管 C 中水银面在 O 点处，右管 D 中水银面高出 O 点? 1 =15?。现将 A 放人待测恒温槽中，上下移动D，使 C 中水银面仍在 O 点处，测得 D 中水银面高出 O 点 ?2 = 25?。已知外界大气压为 ? = 75?，气体的总体积为100?求.：0；(?)恒温槽的温度 ?1( )将整体保持原样从恒温槽中取出，放置在外界中，外界环境温度?2 = 300?.将气体温度计由静止释放， 不计一切阻力， 且假设整个下落过程中都保持装置形态不变，水银未漏出。求稳定后气体的体积。16. 如图所示

16、为某种新型材料，可用于制作眼镜镜片。一束光线射到该种材料制作的立方体上，经折射后，射在桌而上的 P 点。已知光线的人射角为 30，?= 6?，?= 18?，?= 12?。求： (?)该新型材料的折射率n； ( 结果可以保留根号)( )如果光线从该种材料进人空气，产生全反射现象，新型材料的临界角C 为多少。第5页，共 12页答案和解析1.【答案】 C【解析】 解：A、做曲线运动的物体速度必然变化，加速度不一定变化，例如平抛运动，故 A错误；B、电场强度是由场源本身决定，与试探电荷受到的电场力大小无关，故B 错误；和 ?分别对同一物体做了5J 和 -7?的C、功是一个标量， 负值表示物体克服力做功

17、， 力?12功， ?所做的功更多，故C 正确；2D 、带电粒子在电场中沿着某一条电场线运动，该电场线一定是直线，但该电场不一定是匀强电场，也可能是点电荷形成的电场，故D 错误。故选： C。做曲线运动的物体速度必然变化；电场强度是由场源本身决定；功是一个标量，正负不表示大小；点电荷形成的电场中电场线也是直线。本题主要是考查带电粒子在电场中的运动，知道粒子做曲线运动的条件，掌握电场强度的概念。2.【答案】 C【解析】 解： A、两黑洞绕两者连线上的O 点做匀速圆周运动，它们的角速度?相等，2故向心加速度： ?= ? ?，由于两黑洞的 ?相等而 r 不同， 则它们的向心加速度不相等，A 错误；B、万

18、有引力提供向心力， 两黑洞做圆周运动时的向心力大小相等，则：?1?2?1 =?2?2 ?2，由题意可知： ?，则： ? ?，故B错误；1 ?122C、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：?1 ?22? 2?1 = ?2 (2? 2，? 2= ?1()?2?由几何知识得：?+ ?=123?，解得： ?= 2? ?，?(? +? )12若两黑洞质量保持不变，但两黑洞间距离L 逐渐减小， 则两黑洞的绕行周期 T 均逐渐减小，故 C 正确；?1?2，解得：?D 、万有引力提供向心力， 由牛顿第二定律得： ?2 = ?1?1 = ?2?22 ，1= 2? =?1 ，22?若两黑洞质量保持不变，但两黑洞

19、间距离L 逐渐增大， 则两黑洞的向心加速度大小均逐渐减小，故 D 错误；故选： C。双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度。 根据万有引力定律和向心力公式求解，注意其中的A、 B 距离和各自轨道半径的关系。该题考查万有引力定律的应用，解决该题关键要知道双星系统的角速度是相等的，以及掌握万有引力定律和向心力公式。3.【答案】 D【解析】 解： A、运动过程只受重力加速度为g，则为完全失重状态，故A 错误B、重力的瞬时功率为：，而竖直向的速度?在增大，故功率在增大，故B 错?= ?误C、动量的变化量为： ?= ?，则相同时间内的动量的变化量相同，故C 错误2?2 0.82?D 、由平抛

20、运动知识可得： ?=?=310= 1.2?，2?= ? -? 代入第6页，共 12页数据解得： ?= 0.4?，故 D 正确故选： D。面片运动过程处只受重力，为完全失重状态，在运动过程中速度增大，重力功率增大，在相同时间内速度的变化量相同，动量的变化量相同，由平抛运动的运动规律可求出R， L。考查平抛运动的受力特点与运动规律， 理解其运动情况分解为水平向与竖直向的直线运动。4.【答案】 B【解析】 解： AC、电位器的触片滑向b 端时，电位器电阻减小，外电路总电阻R 减小，由闭合电路欧姆定律知：总电流增加，电流表?的示数将变大，内压增大，外压减小，1则 ?的分流减小，则通过?的电流增大，故A

21、 正确；又因 ?的电压为外压在减小，则122其分流减小，则灯泡的分流变大，功率增大，故C 正确灯泡 ?将变亮。故AC 正确。1B、当内外阻相等时输出功率最大，阻值差越大，输出功率越小，因内外阻大小关系不可知，则输出功率变化情况不可确定，故B 错误D 、电压表的示数与电流表?1比值等于外电路总电阻，可知该比值变小，故D 正确。本题选择不正确的是，故选： B。电位器的触片滑向 b 端时，接入电路的电阻变小， 电位器的电阻变小则外电路的总电阻变小，总电流变大，根据 ?= ?- ?分析路端电压变化情况即可。本题是电路动态分析问题，由局部的电阻变化引起总电阻的变化，得到总电流的变化，得到内、外电压的变化

22、，再逐步分析各个外电路电流和电压的变化。5.【答案】 D【解析】 解：A、若 A 相对 B 未发生滑动， 则 A、B、C 三者加速度大小相同， 方向不同，故 A错误；1B、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：?=(? + 2?)?，解得： ?=?4 ，故 B错误；CD 、当 A 和 B 右端挡板之间的作用力为零时，加速度为?0 ，以 A 为研究对象，根据牛顿第二定律可得： ?30=?，解得3；0?0 =3 ?以整体为研究对象， 根据牛顿第二定律可得?= (? + 2?)?，解得：，0?= (3 + 1)?所以 A 相对 B 刚好发生滑动时， ? = ( 3 + 1)?，故 C 错误、 D

23、正确。故选： D。以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析加速度大小；再以A 为研究对象，当A 和 B右端挡板之间的作用力为零时，求解加速度，再以整体为研究对象求解质量M。本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。6.【答案】 ABCD【解析】 解： A、带负电的小球A 在 ?位置处由静止释放且仅受电场力作用，电场力做3正功，动能增大，当过原点后，电场力做负功，动能减小，由于仅考虑小球A 在 ?位置1与 ?位置间的运动，则在?位置动能最小，故 A 正确；3

24、1位置与 ?位置，由场强 E 随 x 的变化关系可知， 电场强度相同， 再由 ?= ?知，B、在 ?31它们的电场力相同，由牛顿第二定律，那么它们加速度大小相同，故B 正确；第7页，共 12页处场强方向沿x 轴正方向，根据沿着电场线方向电势降低，0 处电势高于 ?处C、0 - ?22电势，带负电的点电荷在?处电势能比在 0 处的大，故 C 正确；2到 0 处顺着电场线方向移动负点电荷，电势增D 、? - 0处场强为 x 轴负方向，则从 ?11加，负电荷的电势能减小，则O 位置电势能小于在 ?位置电势能，故D 正确；1故选： ABCD 。由图可以看出在?-0间场强为负， 0 - + 间场强为正，

25、 根据沿着电场线方向电势降低，?分析电势的变化，判断电势能的变化。根据?= ?分析电势差的大小。由?= ?分析电场力的变化。本题考查从图象获取信息的能力， 要知道电场强度是矢量， 顺着电场线的方向电势降低，要掌握推论：正电荷在电势高处电势能大，由此能直接分析电势能的变化。要知道图象的“面积”表示电势差。7.【答案】 AC【解析】解：A、A 开始做减速运动瞬间， 弹簧的弹力为T，根据平衡条件可得： ?= ?+ ?，则?= ?B处于静止状态，所以B所受的摩擦力为f，故A正确；，此时B、彈簧压缩最短时二者的速度相等，此时A 的速度不为0，故 B 错误；C、当 B 刚开始滑动时 A 的速度为 v。此后

26、二者在水平方向受力平衡，则系统的动量守恒，当弹簧压缩量最大时的速度为v 共，根据动量守恒定律可得：?=2?共，解得?= 0.5?12122共，弹簧的最大弹性势能为? =2? -2? =0.25?，故 C 正确；2共D 、B 开始运动到弹簧第一次压缩到最短的过程中，推力F 与系统受到的摩擦力做的功不相等，系统 (?、B 与弹簧 ) 机械能不守恒，故 D 错误。故选： AC。求出 A 开始做减速运动瞬间弹簧的弹力为T，根据平衡条件求解摩擦力；彈簧压缩最短时A的速度不为0系统 (?、；根据动量守恒定律结合能量关系求解弹簧的最大弹性势能；B 与弹簧 ) 机械能不守恒。本题主要是考查了动量守恒定律和机械

27、能守恒定律；对于动量守恒定律， 其守恒条件是：系统不受外力作用或某一方向不受外力作用； 解答时要首先确定一个正方向， 利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程，再根据能量关系列方程求解。8.【答案】 AC【解析】 解： A、物体从开始下滑到脱离墙壁过程中，在竖直方向上，由牛顿第二定律有：?- ?= ?，随着电场强度E 的减小，加速度 a 逐渐增大，做变加速直线运动，当 ?= 0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，故A 正确。B、物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线。由于电场强度是变化，所以物体所受的电场力是变力，其合力为变力，

28、加速度是变化的，因此，做的是变加速曲线运动，故B 错误。C、物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得， ?- ? =122 ? -0 ，其中 ? = 45?= 0.45?，解得：物体克服摩擦力所做的功? = 0.5?，故 C 正确。D 、物体从墙壁脱离后， 竖直方向做初速度为v 的匀加速直线运动， 有?- ? = ?+12 ，2 ?20.3?，故 D 错误。代入得 0.45 = 3?+ 5?，可知 ?故选： AC。物体从开始下滑到脱离墙壁过程中，分析其受力情况， 根据牛顿第二定律通过加速度的变化判断物体的运动规律， 根据合力与速度的方向确定物体的运动轨迹。根据动能定理，抓住电场力

29、在沿墙面下滑的过程中不做功，求出物体克服摩擦力做功的大小，抓住电场第8页，共 12页强度的变化规律，结合电场力为零时，物体脱离墙面求出运动的时间。本题关键能运用牛顿第二定律， 正确分析物体的运动情况， 结合动能定理求解摩擦力做功，并要知道物体做直线运动还是曲线运动的条件。9.【答案】 ACE【解析】 解： A、单晶体由于内部原子按空间点阵排列，排列规律相同，所以具有各向异性，故 A 正确。B、某种液体汽化成同温度的气体时所需的能量与其质量之比， 叫做这种物质的汽化热，故 B错误。C、水的饱和汽压随着温度的升高而增大，故C 正确。D 、一定量 0的冰融化成 0的水，其分子动能之和不变， 吸收的热

30、量转化为分子势能，所以分子势能之和变大，故 D 错误。E、温度分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能增大，由于分子势能变化不明确，所以物体的内能不一定增大，故E 正确。故选： ACE。单晶体，多晶体，非晶体由于内部结构不同，表现出不同的物理特性；定义汽化热时，要注意同温度下的物质和气体；一定量 0的冰融化成 0 的水，需要吸收热量，分子势能增大；如果分子势能不明确， 即使分子平均动能增大， 物体的内能变化也不能够确定。本题考查了晶体和非晶体、分子势能、温度是分子平均动能的标志、饱和汽、未饱和汽和饱和汽压等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。10.【答案】 B

31、DE【解析】 解： A、回复力也不一定就是合外力。举例：在单摆中，单摆的回复力是重力沿轨迹切线方向的分力，并非是重力与绳子拉力的合力。故A 错误；B、系统在驱动力作用下的振动叫做受迫振动，受迫振动的周期由驱动力的周期决定，受迫振动的周期与驱动力的周期一致，故B 正确；C、在波动中，振动相位总是相同的两个相邻质点间的距离，叫做波长，故C 错误；D 、根据波的衍射的定义可知，波可以绕过障碍物继续传播的现象叫做波的衍射，故D正确；E、含有多种颜色的光被分解为单色光的现象叫做光的色散现象，故E 正确。故选： BDE。物体做简谐运动时，回复力是使振子返回平衡位置并总指向平衡位置的力；受迫振动的周期由驱动

32、力的周期决定；在波动中，振动相位总是相同的两个相邻质点间的距离叫做波长；根据衍射和色散的定义分析。本题考查了回复力、 受迫振动、 波的衍射和光的色散等知识，属于基本内容， 熟悉课本，掌握教材的基本知识即可解答。11.【答案】 负极低于 高于【解析】 解： (1)分析题意可知，带负电的尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知集尘极带正电荷，是正极，静电除尘装置中的放电极，应接高压电源的负极；(2) 沿电场线电势逐渐降低，电场上下对称分布，B 点离集尘极近，集尘极带正电，故B点电势高，粉尘带负电， 负电荷在电势高的地方电势能小，故带相同电荷量的粉尘在A 点位置的电势能高于在 B 点位置的电势能。故答

33、案为： (1) 负极； (2) 低于；高于。废气中的粉尘吸附电子后带上负电，粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积故集尘第9页，共 12页极带正电，放电极带负电；沿电场线电势逐渐降低；负电荷在电势高的地方电势能小。本题考查了电场线和电势的相关知识， 解题的关键是理解负电荷在电势高的地方电势能小，在电势低的地方电势能大。12.111【答案】? ? ? 外接法 分压接法 5 逐渐增大【解析】 解： (1)由题干图象可知，电路最大电流不超过0.6?，电流表应选择 ?；电路1最大电压不到3V，电压表应选择 ?；为方便实验操作，滑动变阻器应选?；11(2) 由题意可知，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应

34、采用外接法；实验要求电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；(3) 电流表采用外接法，滑动变阻器采用分压接法，实验电路图如图所示：(4) 由图示图象可知， ?= 2?对应的电流为： ?= 0.4?=?2?此时灯泡电阻为：?= 0.4? = 5?，由图示图线可知，随着小灯泡两端电压的增大，灯泡两端电压U 与电流 I 的比值增大，即小灯泡的电阻逐渐增大；故答案为： (1)?，?，?；(2)外接法，分压接法；(3) 电路图如图所示； (4)5 ；逐渐增111大。(1) 根据电路最大电流选择电流表，根据电路最大电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器。(2) 根据灯泡电

35、阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，根据题意确定滑动变阻器的接法。(3) 根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后作出实验电路图。(5) 根据图示图象求出电压对应的电流，然后应用欧姆定律求出灯泡电阻，判断电阻如何变化。测定小灯泡的伏安特性曲线实验要求电压与电流从零调起或要求电流电压调节范围大一些，因此，滑动变阻器应采用分压式接法，并且所用电阻应为小电阻。13.【答案】 解： (1)?2 与?2 ?3并联后的电阻值为： ?23= ?2 +?3= 2?3由闭合电路欧姆定律得：?=? +?+?123代入数据解得： ?=2?22(4 + 2)? = 24?电源的输出功率为：?=?=2出外?2+4外电

36、源的效率为： ?= ? +?100% =2+4+1 100% = 85.7%外(2) 电容器两板间的电压为：?= ?(?1+ ?23 ) = 2 (4 + 2)? = 12?电容器两板间的电场强度为：?1 = ?= 12 ?/?= 60?/?0.2(3) 小球处于静止状态，所受电场力为F ，由平衡条件得： ?= ?第10 页，共 12页又有： ?= ?2所以 ?=?37代入数据解得：? = 2.4 10-3 ?答： (1) 电源的输出功率为24W，效率为 85.7% ；(2) 两板间的电场强度的大小 60?/?；(3) 小球的质量 2.4 10-3 ?。【解析】 (1) 先求出 ?并联后的总电

37、阻，然后根据闭合电路欧姆定律求干路的电流强232?外度，电源的输出功率= ?出外 ，电源的效率 ?= ? +?100% ；外(2) 根据 ?= ?求出电容器两端的电压，然后根据?求出极板间的场强；?= ?(3) 对小球进行受力分析，根据平衡条件求小球的质量。本题考查含有电容器的电路问题， 难点是确定电容器两端的电压， 一定要明确与电容器串联的电阻相当于导线。14.【答案】 解： (1)?2静止处于平衡状态，由平衡条件得：?= ?，22解得： ?= 0.75 ，弹簧恢复原长过程，对 ? ，由能量守恒定律得： ? = ? ?+ ?+1?11122?1 ?1，解得： ?1 = 2.4?/?；(2)

38、离开弹簧后，对?，由牛顿第二定律得： ?，1?+ ?= ? ?1111解得： ?2 ，1 = 12?/?减速至停止需要的时间：?=?1 = 0.2?，1?12该过程的位移： ?=1= 0.24?，12?1该过程 ?2的位移： ?2 =?21= 0.4 3? 0.693? ，由于： ?+ ?1 + ?2 ?，故 ?1、 ?2碰撞前 ?1 已经停止，碰撞位置距离 ? 的初始端为： ?= ?- ?- ?= 0.75?；11(3) 碰撞过程系统动量守恒，以向下为正方向，由动量守恒定律得： ? = (? + ? )?，解得：?=，2 2123?/?碰撞后两滑块粘合体将沿斜面向下做匀速直线运动，然后压缩弹簧，将粘合体的动能全部转