2014-2015学年四川省宜宾市宜宾县蕨溪中学高二（上）期中物理模拟试卷 含解析

1、祝学子学业有成，取得好成绩20142015学年四川省宜宾市宜宾县蕨溪中学高二(上）期中物理模拟试卷一、选择题（每题3分,共45分,选全得3分，漏选得2分，错选得零分)1一简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图所示已知此时质点f的运动方向向下,则（)a 此波沿x轴负方向传播b 质点d此时向上运动c 质点b将比质点c先回到平衡位置d 质点e振幅为零2恒温水池中，一个气泡里有一定质量的气体,当气泡缓慢上升的过程中，随着压强的减小,气泡体积逐渐增大，此过程中（）a 气泡中的气体一定从水中吸收热量b 气泡中的气体不一定从水中吸收热量c 气泡中的气体对水做功d 水对气泡中的气体做功3对于一定质量的理想气

2、体，从微观的角度解释，下列说法中正确的是（）a 在温度不变时，气体的体积增大,分子每次与器壁碰撞时冲量减小,气体压强减小b 在体积不变时，气体的温度升高,平均每个气体分子对器壁产生的冲量增大，压强增大c 在体积不变时，气体的温度升高，平均每个气体分子对器壁产生的冲量减小，压强增大d 在压强不变时，气体温度升高，平均每个气体分子对器壁产生的冲量减小,减小单位面积上碰撞次数，使体积增大4关于热力学定律，下列说法正确的是(）a 在一定条件下物体的温度可以降到0 kb 物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功c 吸收了热量的物体，其内能一定增加d 压缩气体总能使气体的温度升高5两个分子甲和乙相距较远（

3、此时它们之间的分子力可忽略），设甲固定不动，在乙逐渐靠近甲、直到不能再靠近的整个过程中（)a 分子力总是对乙做正功b 乙总是克服分子力做功c 先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功d 先是分子力对乙做正功，然后乙克服分子力做功6一质点在x轴上做简谐运动的振动图象如图所示，则（）a 在t=0。4s时，质点速度最大,加速度为零b 在t=0。1s时，质点速度和加速度都为最大c 在00.1s内，质点速度和加速度方向相同d 在t=0.2s时，质点加速度沿x轴负方向7如图所示,一列简谐横波沿x轴正方向传播,从波传到x=5m的m点时开始计时，已知p点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，下面说法中正确的

4、是（）a 这列波的波长是4mb 这列波的传播速度是10m/sc 质点q（x=9m）经过0。5s才第一次到达波峰d m点以后各质点开始振动时的方向都是向下8密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气(不计分子势能）()a 内能增大，放出热量b 内能减小,吸收热量c 内能增大，对外界做功d 内能减小，外界对其做功9光滑水平的轨道上有一节无盖的装有沙子的车厢正在匀速滑行，突然下大雨，如果雨滴是竖直下落的,雨滴对车厢壁无作用且车厢不漏水，那么,在此过程中整个车厢的（）a 运行速度将减小b 运行动量将增大c 运行速度将保持不变d 运行动量将保持不变10质量为m的钢球自高处下落，以速度v1碰地,竖

5、直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速度为v2,在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（)a 向下 m（v1v2)b 向下 m（v1+v2）c 向上 m(v1v2）d 向上 m（v1+v2）11如图，两个质量相等的物体，沿高度相同,倾角不同的两个光滑斜面的顶端由静止自由滑下，在到达斜面底端的过程中，两个物体具有的相同物理量是（）a 重力的冲量b 合力的冲量c 刚到达底端时的动量d 刚到达底端时的动能12质量相等的两个小球a、b，在光滑的水平面上沿同一直线向同一方向运动,a球初动量为7m/s,b球初动量为5m/s,当a球追上b球发生碰撞后,a、b两球动量的可能值为（）a pa=6m/s,pb=

6、6m/sb pa=3m/s,pb=9m/sc pa=2m/s，pb=14m/sd pa=4m/s,pb=10m/s13如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块p和q都可视作质点，质量相等q与轻质弹簧相连设q静止，p以某一初速度向q运动并与弹簧发生碰撞在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于(）a p的初动能b p的初动能的c p的初动能的d p的初动能的14甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是p甲=5kgm/s,p乙=7kgm/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kgm/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是（）a m甲=m乙b m乙=2m甲c m乙=4

7、m甲d m乙=6m甲15如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块今让一小球自左侧槽口a的正上方从静止开始落下,与圆弧槽相切自a点进入槽内，则以下结论中正确的是（）a 小球在半圆槽内运动的全过程中，只有重力对它做功b 小球在半圆槽内运动的全过程中,小球与半圆槽在水平方向动量守恒c 小球自半圆槽的最低点b向c点运动的过程中,小球与半圆槽在水平方向动量守恒d 小球离开c点以后，将做竖直上抛运动二。填空题（每空3分，共15分）16在“验证动量守恒定律”的实验中,下列关于小球落地点的说法正确的是()a 如果入射小球每次都从同一位置由静止滚下，重复几次落点应该是重合的b

8、由于偶然因素的存在,重复几次的落点不重合也是正常的,但是落点应比较集中c 测量p点位置时，如果重复10次的落点分别是p1、p2、p3、p10，则op应是op1、op2、op3、op10的平均值d 用半径尽量小的圆把p1、p2、p3、p10圈住，圆心就是落点平均位置p17某同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹一被压缩了的弹簧,如图所示将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况,进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒 （1）该同学还必须有的器材是；(2）需要直接测量的数据是；（3)用所得数据验证动量守恒的关系式是18油酸分子直径的数量级为1010m，某同学在“用油膜法

9、估测分子的大小”的实验中,计算结果明显偏大,在以下原因中:a、油膜未完全散开b、痱子粉散得过厚c、计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格d、求每滴溶液的体积时1ml溶液的滴数多数了10滴你认为可能的原因是(填写字母即可)三。计算题（每题10分,共40分）19质量为65kg的人从高处跳下，以7m/s的速度着地，与地面接触后经0.01s停下，地面对他的作用力多大？为了安全，人跳下与地面接触后，双腿弯曲使人下蹲若经1s停下，地面对他的作用力是多大?这个值会小于人的重力吗？（g=10m/s2）20质量m=2的木块，放在高h=0.8m的光滑桌面上，被一个水平方向飞来的子弹打落在地面上，子弹留在木块中,落

10、地点与桌面的水平距离s=1。6m，子弹的质量m=10g，若子弹射入木块时产生的热量？21一列简谐横波在x轴线上传播着，在t1=0和t2=0。005s时的波形曲线如图所示:(1）横波的波长是多大?振幅a是多大？（2）设周期大于(t2t1）,如果波向左传播,波速多大？（3）设周期小于（t2t1),且波速为6800m/s，求波的传播方向22一块足够长的木板，放在光滑水平面上，在木板上自左向右放有序号是1，2，3，n的物块，所有物块的质量均为m,与木板间的摩擦因素都相同，开始时，木板静止不动，第1，2,3，n号物块的初速度分别是v0，2v0,3v0,nv0，方向都向右，木板的质量与木块的总质量相等，最

11、终所有的物块与木板以共同速度匀速运动,设物块之间均无相互碰撞，木板足够长试求：(1）所有物块与木板一起匀速运动的速度vn（2)第1号物块与木板刚好相对静止时的速度v1（3）通过分析和计算说明第k号（kn)物块的最小速度vk20142015学年四川省宜宾市宜宾县蕨溪中学高二（上）期中物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分,共45分,选全得3分，漏选得2分，错选得零分)1一简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图所示已知此时质点f的运动方向向下,则（）a 此波沿x轴负方向传播b 质点d此时向上运动c 质点b将比质点c先回到平衡位置d 质点e振幅为零考点：波长、频率和波速的关系；横波的图

12、象专题:振动图像与波动图像专题分析：简谐波横波在x轴上传播，此时质点f的运动方向向下，可判断出波x轴负方向传播质点d此时的运动方向与f的运动方向相同质点b向上运动，而质点c向下运动，则c先回到平衡位置此时质点e的位移为零,但振幅不为零解答：解：a、简谐波横波在x轴上传播，此时质点f的运动方向向下，由波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播故a正确b、质点d此时的运动方向与f的运动方向相同，即向下运动故b错误c、此时质点b向上运动，而质点c已经在最大位移处，即将向下运动,直接回到平衡位置，则c先回到平衡位置故c错误d、此时质点e的位移为零，但振幅不为零，各个质点的振幅均相同故d错误故选：a点评：本题

13、是波动图象中基本题，由质点的振动方向判断波的传播方向是基本功，要熟练掌握2恒温水池中,一个气泡里有一定质量的气体，当气泡缓慢上升的过程中，随着压强的减小，气泡体积逐渐增大，此过程中（）a 气泡中的气体一定从水中吸收热量b 气泡中的气体不一定从水中吸收热量c 气泡中的气体对水做功d 水对气泡中的气体做功考点:热力学第一定律专题：热力学定理专题分析:解答本题要掌握：根据气体体积变化判断做功情况；理解温度是分子平均动能的标志,一定质量理想气体的内能只与温度有关；正确应用热力学第一定律判断气体的吸放热情况解答：解：气泡体积增大，对外做功，由于温度不变，因此分子的平均动能不变，气体的内能不变，根据u=w

14、+q可知，气体吸收热量，故ac正确,bd错误故选：ac点评：本题比较简单,考查了热力学第一定律的应用，注意正确判断气体做功情况和内能的变化3对于一定质量的理想气体,从微观的角度解释，下列说法中正确的是（）a 在温度不变时，气体的体积增大,分子每次与器壁碰撞时冲量减小,气体压强减小b 在体积不变时，气体的温度升高,平均每个气体分子对器壁产生的冲量增大,压强增大c 在体积不变时,气体的温度升高，平均每个气体分子对器壁产生的冲量减小，压强增大d 在压强不变时，气体温度升高，平均每个气体分子对器壁产生的冲量减小，减小单位面积上碰撞次数，使体积增大考点：气体压强的微观意义分析：气体压强的产生：大量做无规

15、则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强单个分子碰撞器壁的冲力是短暂的，但是大量分子频繁地碰撞器壁，就对器壁产生持续、均匀的压力所以从分子动理论的观点来看，气体的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力；决定气体压强大小的微观因素：气体分子的数密度和平均动能解答：解:a、在温度不变时，气体的体积增大，分子的平均动能不变，分子数密度减小,故单个分子每次与器壁碰撞时平均冲量不变，故a错误;b、在体积不变时，气体温度升高，分子的平均动能增加，分子数密度不变，故单个分子每次与器壁碰撞时平均冲量增加，压强增大；故b正确；c、在体积不变时，气体的温度升高,分子的平均动能增加，分子数

16、密度不变，故单个分子每次与器壁碰撞时平均冲量增加，碰撞次数增多,压强增大,故c错误；d、在压强不变时,气体温度升高，分子的平均动能增加，分子数密度减小，故单个分子每次与器壁碰撞时平均冲量增加，故d错误；故选：b点评：本题考查气体压强的微观解释；关键是明确温度的微观意义和气体压强的微观意义；也可以应用状态方程明确状态参量的变化4关于热力学定律，下列说法正确的是()a 在一定条件下物体的温度可以降到0 kb 物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功c 吸收了热量的物体，其内能一定增加d 压缩气体总能使气体的温度升高考点：热力学第一定律专题：热力学定理专题分析:利用热力学三个定律即可分析求解，注意热

17、力学第二定律有几种表述方式：克劳修斯表述热量可以自发地从较热的物体传递到较冷的物体，但不可能自发地从较冷的物体传递到较热的物；开尔文普朗克表述不可能从单一热源吸取热量，并将这热量变为功，而不产生其他影响解答：解：a、根据热力学第三定律的绝对零度不可能达到,故a错误；b、根据热力学第二定律，物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功而引起其他变化是可能的，当然会产生其他变化，故b正确c、物体从外够外界吸收热量同时对外做功，根据能量守恒定律可知内能可能增加、减小和不变,故c错误；d、压缩气体，外界对气体作正功,气体同时可能向外释放热,根据能量守恒定律可知物体内能可能减少、温度降低,故d错误；故选：b点

18、评：本题关键要记住热力学三大定律，根据三大定律直接判断即可，注意热力学第二定律的不同表示方法,属于基础题5两个分子甲和乙相距较远（此时它们之间的分子力可忽略），设甲固定不动，在乙逐渐靠近甲、直到不能再靠近的整个过程中(）a 分子力总是对乙做正功b 乙总是克服分子力做功c 先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功d 先是分子力对乙做正功,然后乙克服分子力做功考点:分子间的相互作用力专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：开始时由于两分子之间的距离大于r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功，当分子间距小于r0,分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功解答：解:开始时由于两分子之间的距

19、离大于r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功；当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功；故d正确，abc错误;故选：d点评:分子力做功对应着分子势能的变化，要正确分析分子之间距离与分子力、分子势能的关系6一质点在x轴上做简谐运动的振动图象如图所示，则(）a 在t=0.4s时，质点速度最大，加速度为零b 在t=0.1s时,质点速度和加速度都为最大c 在00。1s内，质点速度和加速度方向相同d 在t=0。2s时，质点加速度沿x轴负方向考点：简谐运动的振动图象；简谐运动的回复力和能量专题:简谐运动专题分析：简谐运动中，加速度满足a=；根据图象切线的斜率分析速度的方向,由位移

20、方向直接读出加速度大小和方向根据位移的大小变化，分析加速度的大小变化解答:解：a、在t=0。4s时，质点的位移最大，则速度为零，由a=，知加速度最大，故a错误b、在t=0。1s时，质点的位移为零,正通过平衡位置，速度最大，加速度为零，故b错误c、在00。1s内，质点正从正向最大位移处向平衡位置运动，速度沿负向,位移为负向，则加速度沿正向，则速度和加速度方向相同，故c正确d、在t=0.2s时，质点的位移沿x轴负方向,由a=，知加速度沿x轴正方向,故d错误故选：c点评：本题关键掌握简谐运动的特征：a=，要明确公式中负号表示方向知道xt图象切线的斜率等于速度，由斜率正负直接读出速度的方向7如图所示，

21、一列简谐横波沿x轴正方向传播，从波传到x=5m的m点时开始计时，已知p点相继出现两个波峰的时间间隔为0。4s，下面说法中正确的是（）a 这列波的波长是4mb 这列波的传播速度是10m/sc 质点q（x=9m)经过0。5s才第一次到达波峰d m点以后各质点开始振动时的方向都是向下考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：压轴题；振动图像与波动图像专题分析：由题，p点相继出现两个波峰的时间间隔等于周期由图读出波长,求出波速当图示x=2m处质点的振动传到质点q时，q点第一次到达波峰简谐横波沿x轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都与图示时刻m点的振动方向相同解答：解：a、由读出相邻波谷之间的距离

22、为4m，即波长为4m故a正确b、已知p点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，波的周期为t=0。4s,则波速为v=故b正确c、当图示x=2m处质点的振动传到质点q时，q点第一次到达波峰，所经过时间为t=故c错误d、简谐横波沿x轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都与图示时刻m点的振动方向相同，均向下故d正确故选abd点评：本题中考查了波的基本特点:介质中各质点的起振都与波源的起振方向相同基础题8密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能)（）a 内能增大，放出热量b 内能减小，吸收热量c 内能增大,对外界做功d 内能减小，外界对其做功考点:热力学第一定律分析：因为不计势能

23、，故可看作理想气体，内能由温度决定；分析温度的变化及体积的变化即可得出内能的变化及做功情况；由热力学第一定律可得出空气是吸热还是放热解答：解：a、因不计分子势能，所以瓶内空气内能由温度决定，内能随温度降低而减小，故ac均错;b、空气内能减少、外界对空气做功，根据热力学第一定律可知空气向外界放热、故b错误；c、由a的分析可知,c错误；d、薄塑料瓶因降温而变扁、空气体积减小，外界压缩空气做功,故d正确;故选d点评：理想气体不计势能,故其内能由温度决定,温度越高则内能越大;气体的体积取决于容器的体积，因容器变扁，故体积减小,同时可知外界对气体做功9光滑水平的轨道上有一节无盖的装有沙子的车厢正在匀速滑

24、行，突然下大雨，如果雨滴是竖直下落的，雨滴对车厢壁无作用且车厢不漏水，那么，在此过程中整个车厢的（）a 运行速度将减小b 运行动量将增大c 运行速度将保持不变d 运行动量将保持不变考点：动量守恒定律分析：车在光滑水平轨道上运动,雨滴进入小车的过程中动量守恒,使用动量守恒定律即可解答解答：解：选择小车与进入小车的雨滴为研究的对象,车在光滑水平轨道上运动，雨滴进入小车的过程中系统在水平方向不受外力的作用,动量守恒,运行动量将保持不变；设小车的质量是m，雨滴的质量是m，小车的初速度是v 0，雨滴进入小车后共同的速度是v，选择小车初速度的方向为正方向，则:mv0=（m+m）v所以：，即运行的速度减小故

25、ad正确，bc错误故选：ad点评：本题考查对碰撞规律的理解和应用能力该题中只要考虑在水平方向的动量守恒即可10质量为m的钢球自高处下落，以速度v1碰地，竖直向上弹回,碰撞时间极短，离地的速度为v2，在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（）a 向下 m（v1v2）b 向下 m（v1+v2）c 向上 m（v1v2)d 向上 m（v1+v2）考点：动量定理专题:动量定理应用专题分析：由于碰撞时间极短，钢球的重力相对于地面对钢球的冲力可忽略不计根据动量定理求解在碰撞过程中地面对钢球的冲量的方向和大小解答:解：选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量为：i=mv2mv1=m(v1

26、+v2）,则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2)故选：d点评：应用动量定理求解冲量是常用的方法，要注意选取正方向，用带正号的量值表示矢量如重力不能忽略,还要考虑重力的冲量11如图，两个质量相等的物体，沿高度相同,倾角不同的两个光滑斜面的顶端由静止自由滑下，在到达斜面底端的过程中,两个物体具有的相同物理量是（)a 重力的冲量b 合力的冲量c 刚到达底端时的动量d 刚到达底端时的动能考点:机械能守恒定律分析：物体在同一高度沿倾角不同两个光滑斜面由静止自由滑下，运动时间不等，重力的冲量不同高度相同，重力做功相同合力的冲量是矢量，方向不同,合力的冲量不同根据机械能守恒定律分析刚到达底端的

27、动能是相同的解答：解:物体在下滑过程中，只有重力做功，机械能守恒,由机械能守恒定律得：mgh=mv2，物体到达斜面低端时,速度v=，由牛顿第二定律得：mgsin=ma，加速度a=gsin，物体沿斜面下滑的时间t=，由于斜面倾角不同，物体下滑的时间t不同；a、重力的冲量i=mgt，由于时间t不同,重力的冲量不同，故a错误；b、由动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化，物体下滑过程中，动量的变化大小mv相等,由于斜面倾角不同,动量的方向不同，动量不同，则合力的冲量不同,故b错误；c、物体到达底端时的动量大小mv相等，由于斜面倾角不同，动量的方向不同，动量不同，故c错误；d、根据机械能守恒定律得，刚

28、到达底端的动能ek=gh，g、h都相同，刚到达底端的动能ek相同，故d正确；故选：d点评：利用动量定理求冲量、由动能定理求功是常用的方法要注意功、动能是标量,冲量、动量是矢量12质量相等的两个小球a、b,在光滑的水平面上沿同一直线向同一方向运动，a球初动量为7m/s，b球初动量为5m/s，当a球追上b球发生碰撞后，a、b两球动量的可能值为（）a pa=6m/s，pb=6m/sb pa=3m/s，pb=9m/sc pa=2m/s，pb=14m/sd pa=4m/s，pb=10m/s考点：动量守恒定律分析：两球碰撞过程,系统不受外力,故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为

29、内能,根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后a球速度不大于b球的速度解答：解:碰撞前系统的总动量：p=12kgm/s,碰撞前系统总动能:ek=+=；a、碰撞后,如果:pa=6kgm/s，pb=6kgm/s，系统动量守恒,系统总动能：ek=+=,系统动能不增加，故a正确；b、碰撞后，如果：pa=3kgm/s，pb=9kgm/s，系统动量守恒,系统总动能：ek=+=，系统动能增加，不符合实际，故b错误；c、碰撞后,如果：pa=2kgm/s，pb=14kgm/s,系统动量守恒,系统总动能：ek+=，系统动能增加，不符合实际,故c错误;d、碰撞后

30、，如果：pa=4kgm/s,pb=10kgm/s，系统动量不守恒,故d错误；故选：a点评：本题碰撞过程中动量守恒,同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况,即后面的球不会比前面的球运动的快13如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块p和q都可视作质点,质量相等q与轻质弹簧相连设q静止，p以某一初速度向q运动并与弹簧发生碰撞在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于（）a p的初动能b p的初动能的c p的初动能的d p的初动能的考点：动量守恒定律;机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：当弹簧的压缩量最大时，弹簧的弹性势能最大，此时两物块速度相等，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出最

31、大弹性势能解答：解：以p、q组成的系统为研究对象，以p的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+m）v，由机械能守恒定律得：mv02=2mv2+ep，解得:ep=mv02,即：弹簧具有的最大弹性势能等于p的初动能的；故选：b点评:本题考查了求弹性势能、动能问题,分析清楚物体运动过程、应用动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题14甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是p甲=5kgm/s，p乙=7kgm/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kgm/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是(）a m甲=m乙b m乙=2m甲c m乙=4m甲d m乙=6

32、m甲考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：碰撞过程遵守动量，总动能不增加，根据这两个规律，得到a、b两球的质量关系解答：解：根据动量守恒定律得p1+p2=p1+p2解得p1=2kgm/s碰撞过程系统的总动能不增加，则有解得碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有解得故c正确，a、b、d错误故选：c点评：对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度15如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上,槽的左侧有一固定在水平面上的物块今让一小球自左侧槽口a的正上方从静止开始落下，与圆弧槽相切自a点进入槽

33、内，则以下结论中正确的是（）a 小球在半圆槽内运动的全过程中，只有重力对它做功b 小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒c 小球自半圆槽的最低点b向c点运动的过程中,小球与半圆槽在水平方向动量守恒d 小球离开c点以后，将做竖直上抛运动考点:动量守恒定律；机械能守恒定律专题:动量定理应用专题分析:小球自左端槽口a点的正上方从静止开始下落于光滑的圆弧槽，且槽置于光滑的水平面上由于槽的左侧有一竖直墙壁，只有重力做功,小球的机械能守恒当小球在半圆槽内运动的b到c过程中，槽也会向右运动水平方向满足动量守恒在运动过程中，仍只有重力做功，小球与槽组成的系统机械能守恒小球离开c点以后，既

34、有竖直向上的分速度,又有水平分速度，小球做斜上抛运动解答:解：a、小球在半圆槽内运动的b到c过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒由于小球对槽有斜向右下方的压力，槽做加速运动，动能增加，则知小球的机械能减小,故a错误b、小球在槽内运动的前半过程中，左侧物体对槽有作用力，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，故b错误c、小球自半圆槽的最低点b向c点运动的过程中，水平方向合外力为零，故小球与半圆槽动量守恒故c正确d、小球离开c点以后，既有竖直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上抛运动故d错误故选c点评：考查动量守恒定律与机械能守恒定律当球下落到最低点过程,由于左侧竖直墙壁作用，小球与槽组成的

35、系统水平方向上的动量不守恒，但小球机械能守恒当球从最低点上升时，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，但小球机械能不守恒,而小球与槽组成的系统机械能守恒二。填空题(每空3分，共15分）16在“验证动量守恒定律的实验中,下列关于小球落地点的说法正确的是（）a 如果入射小球每次都从同一位置由静止滚下，重复几次落点应该是重合的b 由于偶然因素的存在，重复几次的落点不重合也是正常的，但是落点应比较集中c 测量p点位置时，如果重复10次的落点分别是p1、p2、p3、p10，则op应是op1、op2、op3、op10的平均值d 用半径尽量小的圆把p1、p2、p3、p10圈住，圆心就是落点平均位置p考点：

36、验证动量守恒定律专题：实验题分析：根据实验中实际现象进行分析，明确落点可能出现的情况，并明确为了减小误差而采用的处理方法解答：解:在实验中难免出现实验误差；故虽然每次从同一点落下,也不会落点重合在一点上，但落点应比较集中；在处理数据时用尽量小的圆把p1、p2、p3、p10圈住，圆心就是落点平均位置p；故bd正确,ac错误；故选：bd点评：本题考查验证平抛运动中关于落点的确定，要掌握确定准确落点的方法17某同学把两块大小不同的木块用细线连接,中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况,进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒 (1）该同学还必

37、须有的器材是刻度尺、天平；（2)需要直接测量的数据是两物体的质量m1，m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离sl、s2；（3)用所得数据验证动量守恒的关系式是m1s1=m2s2考点:验证动量守恒定律专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：烧断细线后，两球离开桌面做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比,把平抛的时间作为时间单位,小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代解答:解:取小球1的初速度方向为正方向,两小球质量和平抛初速度分别为m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t需要验证的方程：0=

38、m1v1m2v2又v1=，v2=代入得到：m1s1=m2s2故需要测量两木块的质量m1和m2,两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1,s2所以需要的器材为刻度尺、天平、重锤线故答案为：（1）刻度尺、天平（2)两物体的质量m1，m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离sl、s2（3）m1s1=m2s2点评：本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证18油酸分子直径的数量级为1010m，某同学在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，计算结果明显偏大，在以下原因中：a、油膜未完全散开b、痱子粉散得过厚c、计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格d、求每

39、滴溶液的体积时1ml溶液的滴数多数了10滴你认为可能的原因是abc（填写字母即可）考点：用油膜法估测分子的大小专题：实验题分析：根据图示油膜估算出油膜的面积，估算时超过半格算一个，不足半格舍去根据题意求出油的体积，然后求出油膜的厚度，即分子直径让油在水面上尽可能散开，形成单分子油膜解答:解：a、油酸未完全散开，测得的油膜面积偏小，由d=可知d的计算结果明显偏大，故a正确b、水面上痱子粉撒得较多,油膜没有充分展开，则测量的面积s偏小，导致结果计算偏大，故b正确；c、计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，算出的油膜面积偏小，由d=可知d的计算结果明显偏大，故c正确d、求每滴体积时，lml的溶液的

40、滴数误多记了10滴，求出的纯油酸的体积偏小,由d=可知d的计算结果明显偏小，故d错误故选:abc点评：本题考查了用“油膜法估测分子直径大小的实验，实验中认为油酸分子是一个个紧挨着排列开的三.计算题（每题10分，共40分）19质量为65kg的人从高处跳下，以7m/s的速度着地,与地面接触后经0.01s停下，地面对他的作用力多大？为了安全，人跳下与地面接触后,双腿弯曲使人下蹲若经1s停下,地面对他的作用力是多大?这个值会小于人的重力吗?（g=10m/s2）考点：动量定理专题：动量定理应用专题分析：首先要分析物理情景，确定人着地前后瞬间速度方向和大小，确定初末态的动量，然后应用动量定律计算，求出人所

41、受的平均作用力从而进行比较，得出结论解答：解:取人下落方向为正方向，人的初动量为：p=mv=657kgm/s=435 kgm/s人的末动量为：p=0设人所受平均作用力为f，则由动量定理有：（mgf)t=pp得人所受平均作用力为:f=mg当t=0.01s时，f=44150n当t=1s时，f=1085n答：与地面接触后经0.01s停下，地面对他的作用力为44150n；若经1s停下，作用力为1080n；仍大于重力点评：动量定理和现实生活的联系比较紧密，要注意掌握动量定理做出定性的解释在运用动量定理解决竖直方向的冲击力问题时，若接触时间很短，则自重可不予考虑，反之,自重就不可忽略20质量m=2的木块，

42、放在高h=0。8m的光滑桌面上,被一个水平方向飞来的子弹打落在地面上，子弹留在木块中，落地点与桌面的水平距离s=1.6m，子弹的质量m=10g，若子弹射入木块时产生的热量？考点：动量守恒定律；功能关系专题:动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：木块离开桌面后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出木块离开桌面时的速度，子弹击中木块过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出子弹的初速度，然后应用能量守恒定律求出产生的热量解答:解：子弹和木块一起飞出做平抛运动，竖直方向：h=gt2，代入数据解得:t=0.4s，水平方向：s=vt，代入数据解得：v=4m/s，子弹打击木块过程系统动量守恒，以子弹的初速

43、度方向为正方向，由动量守恒得：mv0=(m+m）v，代入数据解得:v0=804m/s，由能量守恒定律可知，产生的热量：q=mv20(m+m）v2=，代入数据解得：q=3216j;答：子弹射入木块时产生的热量为3216j点评：本题考查了求木块与子弹的速度，分析清楚运动过程，应用平抛运动规律、动量守恒定律即可正确解题21一列简谐横波在x轴线上传播着，在t1=0和t2=0。005s时的波形曲线如图所示：（1)横波的波长是多大？振幅a是多大?（2）设周期大于(t2t1），如果波向左传播,波速多大?(3）设周期小于(t2t1），且波速为6800m/s，求波的传播方向考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象专题：波的多解性分析：（1）由波动图象读出波长和振幅（2）由于波的传播方向未知,要分波沿x轴正方向和负方向传播两种方向研究当波向左传播时