重庆十八中2016届高三(上)月考物理试卷(10月份)(解析版)

1、2015-2016学年重庆十八中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14题只有一项符合题目要求，第58题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法正确的是（）A静止放在桌面上的书对桌面的压力是因为书发生了弹性形变B人随秋千摆到最低点时处于平衡状态C跳高的人起跳以后在上升过程中处于超重状态D匀速圆周运动是匀变速运动2如图所示，水平面上固定一个四分之一的圆柱体，圆柱体左侧面光滑，质量分别为m1、m2的小球（可视为质点）通过柔软光滑的轻绳连接后静止于圆柱体表面上，此时m1与圆柱体中心O的连线与水平方向

2、成30°角，则m1：m2为（）A1：1B2：C2：1D1：23一个物体做直线运动的图象如图所示，但纵坐标表示的物理量未标出，已知物体在前2s内向东运动，则以下判断正确的是（）A若纵坐标表示位移，则物体在02s向东运动，24s向西运动B若纵坐标表示位移，则物体在4s内的位移为零C若纵坐标表示速度，则物体在4s内的位移为4mD若纵坐标表示速度，则物体在4s内的加速度大小不变，方向始终向西4对下列各图中蕴含信息的理解，不正确的一项是（）A图的重力质量图象说明同一地点的重力加速度保持不变B图的位移时间图象表示该物体受力平衡C图的动能时间图象表示该物体做匀减速直线运动D图的速度时间图象表示该物

3、体的合力随时间减小5“神舟八号”与“天宫一号”对接前各自绕地球运动，设“天宫一号”在半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，“神舟八号”在半径为r2的圆轨道上运动，r1r2，则（）A“神舟八号”的周期T2=T1B“天宫一号”的运行速度大于7.9km/sC地球表面的重力加速度g=D地球的质量M=6如图所示，有三个斜面a、b、c，底边分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h，同一物体与三个斜面的动摩擦因数相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端的三种情况相比较，下列说法正确的是（）A物体损失的机械能Ec=2Eb=4EaB物体到达底端的动能Eka=2Ekb=2EkcC因摩擦产生的热量2Qa

4、=2Qb=QcD物体减少的重力势能2Epc=2Epb=Epa7在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2由vt图可知（）AA、B两点的距离为2.4mB货物与传送带的动摩擦因数为0.5C货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8JD货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J8如图，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，

5、B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时，C恰好离开地面下列说法正确的是（）A斜面倾角=30°BA获得的最大速度为gCC刚离开地面时，B的加速度为零D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个考题考生都必须作答，第1316为选考题，考生根据

6、要求作答（一）必考题（共129分）9如图1所示是某实验小组测量物块与木板间的动摩擦因数的实验装置物块放在长木板上，木板固定在水平桌面上，物块的一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端前面有轻小动滑轮，沙桶和弹簧秤通过绕在滑轮上的细绳相连打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz开始实验时，在沙桶中放入适量细沙，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点（板上面空间的细绳均水平，不计滑轮的摩擦）（1）该实验是否需要满足沙和沙桶的总质量远小于车的质量？（填“需要”或“不需要”）（2）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出

7、），计数点间的距离如图2所示则计数点3对应的速度v=m/s；本次实验物块对应的加速度a=m/s2（结果保留三位有效数字）（3）改变沙桶内细沙的质量，测量出对应的加速度a和弹簧秤的示数F若用图象法处理数据，得到了如图3所示的一条倾斜的直线，如果该图线的横轴截距的大小等于b，斜率的大小为k，且重力加速度g为已知，则动摩擦因数=10某同学利用如图所示的装置验证动能定理该装置由斜面和很短一段水平部分组成，固定并调整斜槽，使它的末端O点的切线水平，在水平地面上依次铺放好木板、白纸、复写纸将小球从不同的标记点由静止释放，记录小球到达斜槽底端时下落的高度H，并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x改变小球在

8、斜槽上的释放位置，进行多次测量，记录数据如下：高度H（h为单位长度）h2h3h4h5h6h7h8h9h水平位移 x/cm5.59.111.714.215.917.619.020.621.7已知斜槽倾角为，小球与斜槽之间的动摩擦因数为，斜槽底端离地的高度为y小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是（利用给定和测得的物理量）以H为横坐标，以为纵坐标，在坐标纸上描点作图，如图乙所示图线不过坐标原点的原因是11如图所示，一质量为m的小球套在一“”滑杆上，小球与滑杆的动摩擦因数为=0.5，BC段为半径为R的半圆，静止于A处的小球在大小为F=mg，方向与水平面成37°角的拉力F作

9、用下沿杆运动，到达B点时立刻撤去F，小球沿圆弧向上冲并越过C点后落在D点（图中未画出），已知D点到B点的距离为R，且AB的距离为s=10R （sin37°=0.60，cos37°=0.80）试求：（1）小球在C点的速度；（2）小球在C点对滑杆的压力；（3）小球在B点的速度大小；（4）BC过程小球克服摩擦力所做的功12某电视台娱乐节目在游乐园举行家庭搬运砖块比赛活动比赛规则是：如图甲所示向滑动的长木板上搬放砖块，且每次只能将一块砖无初速度（相对地面）地放到木板上，木板停止时立即停止搬放，以木板上砖块多少决定胜负已知每块砖的质量m=0.8kg，木板的上表面光滑且足够长，比赛过程

10、中木板始终受到恒定的拉力F=20N的作用，未放砖块时木板以v0=3m/s的速度匀速前进获得冠军的家庭上场比赛时每隔T=0.8s搬放一块砖，从放上第一块砖开始计时，图中仅画出了00.8s内木板运动的vt图象，如图乙所示，g取10m/s2求：（1）木板的质量及板与地面间的动摩擦因数（2）木板停止时，木板上放有多少块砖（3）从放上第一块砖开始到停止，摩擦力对木板做的功（二）选考题，任选一模块作答物理-选修3-313以下说法正确的有（）A布朗运动证明，组成固体小颗粒的分子在做无规则运动B液晶的光学性质会随温度、外加电压等外界因素的变化而变化C第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D已知阿伏伽

11、德罗常数，某气体的摩尔质量，就可以计算出该气体的分子质量E雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力14如图所示为一简易火灾报警装置其原理是：竖直放置的试管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声.27时，空气柱长度L1为20cm，水银上表面与导线下端的距离L2为10cm，管内水银柱的高度h为8cm，大气压强为75cm水银柱高求：当温度达到多少时，报警器会报警？如果要使该装置在87时报警，求再往玻璃管内注入的水银的高度物理-选修3-515下列说法正确的是（）A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的

12、C爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说D对于任何一种金属都存在一个极限频率，入射光的频率必须大于这个极限频率，才能产生光电效应E根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动能减小16如图所示，光滑水平面上依次放置两个质量均为m的小物块A和C以及光滑曲面劈B，B的质量为M=3m，B的曲面下端与水平面相切，且劈B足够高现让小物块C以水平速度v0向右运动，与A发生弹性碰撞，碰撞后小物块A又滑上劈B求物块A在B上能够达到的最大高度2015-2016学年重庆十八中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的

13、四个选项中，第14题只有一项符合题目要求，第58题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法正确的是（）A静止放在桌面上的书对桌面的压力是因为书发生了弹性形变B人随秋千摆到最低点时处于平衡状态C跳高的人起跳以后在上升过程中处于超重状态D匀速圆周运动是匀变速运动【考点】物体的弹性和弹力；超重和失重【分析】弹力是因为物体发生了形变而产生的；只有物体做匀速直线运动或静止时物体才处于平衡状态；当物体的加速度向下时物体处于失重状态；速度及速度的变化均为矢量，故应注意分析方向【解答】解：A、书对桌面的压力是因为书发生了形变，从而对桌子产生了弹力，故A正确；B、人随秋千

14、摆到最底点时做圆周运动，受到指向圆心的合力充当向心力，故不是平衡状态，故B错误；C、跳高的人起跳后只受重力，加速度向下，故人处于失重状态，故C错误；D、匀速圆周运动，速度的方向是变化的，故不是匀变速运动；故D错误；故选：A2如图所示，水平面上固定一个四分之一的圆柱体，圆柱体左侧面光滑，质量分别为m1、m2的小球（可视为质点）通过柔软光滑的轻绳连接后静止于圆柱体表面上，此时m1与圆柱体中心O的连线与水平方向成30°角，则m1：m2为（）A1：1B2：C2：1D1：2【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先以质量为m1的小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平

15、衡条件求出绳子的拉力，再以质量为m2的小球为研究对象，列出平衡方程，即可求解【解答】解：以质量为m1的小球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图所示，由平衡条件得：绳子的张力 T=m1gcos30°再以质量为m2的小球为研究对象，由平衡条件得 T=m2g联立解得：m1：m2=2：故B正确，ACD错误故选：B3一个物体做直线运动的图象如图所示，但纵坐标表示的物理量未标出，已知物体在前2s内向东运动，则以下判断正确的是（）A若纵坐标表示位移，则物体在02s向东运动，24s向西运动B若纵坐标表示位移，则物体在4s内的位移为零C若纵坐标表示速度，则物体在4s内的位移为4mD若纵坐标表示速度，

16、则物体在4s内的加速度大小不变，方向始终向西【考点】匀变速直线运动的图像【分析】本题根据位移时间图象的斜率等于速度；速度时间图象的斜率等于加速度、图线与时间轴所围的“面积”表示位移；匀变速运动的加速度等等知识进行解答【解答】解：A、若纵坐标表示位移，初末位置不同，则位移不为零物体在前2s时间内向东运动；由于图象的斜率不变；从图线可知在4s内物体一直向东运动故AB错误C、若纵坐标表示速度在4s内图线与时间轴所围成的面积为零，则位移为零故C错误；D、图线的斜率表示加速度，斜率不变，知加速度大小和方向都不变，前2s向东减速运动，则说明加速度方向向西；故D正确；故选：D4对下列各图中蕴含信息的理解，不

17、正确的一项是（）A图的重力质量图象说明同一地点的重力加速度保持不变B图的位移时间图象表示该物体受力平衡C图的动能时间图象表示该物体做匀减速直线运动D图的速度时间图象表示该物体的合力随时间减小【考点】匀变速直线运动的图像【分析】甲图是一条过原点的倾斜直线，说明重力跟质量成正比；乙图位移时间图象是一条过原点的倾斜直线，说明物体做匀速直线运动；丙图表示动能随时间均匀减小；丁图表示加速度越来越小【解答】解：A、甲图是一条过原点的倾斜直线，说明重力跟质量成正比，斜率表示加速度，加速度不变，故A正确；B、乙图位移时间图象是一条过原点的倾斜直线，说明物体做匀速直线运动，受力平衡，故B正确；C、丙图表示动能随

18、时间均匀减小，而，所以速度不随时间均匀减小，故C错误；D、丁图的斜率越来越小，表示加速度越来越小，所以合外力越来越小，故D正确本题选错误的，故选：C5“神舟八号”与“天宫一号”对接前各自绕地球运动，设“天宫一号”在半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，“神舟八号”在半径为r2的圆轨道上运动，r1r2，则（）A“神舟八号”的周期T2=T1B“天宫一号”的运行速度大于7.9km/sC地球表面的重力加速度g=D地球的质量M=【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，据此得到周期、线速度的表达式，由半径大小比较

19、周期大小和线速度大小，从第一宇宙速度的物理意义比较卫星的运行速度大小【解答】解：ABC、对于任意人造地球卫星，根据万有引力等于向心力，得：G=mr=m，解得卫星的周期为：T=2，线速度为：v=所以“神舟八号”与“天宫一号”周期之比为： =，可知，“神舟八号”的周期为：T2=T1由 v=知，“天宫一号”的运行速度小于近地卫星的速度，即小于第一宇宙速度7.9km/s，故A正确，B错误；C、由G=ma，得卫星的加速度为：a=，则“天宫一号”的加速度为：a=由a=，知卫星的轨道半径越大，加速度越小，所以“天宫一号”小于地球表面的重力加速度g，即有 ga=故C错误D、根据G=mr，得：M=，所以研究“天

20、宫一号”可得，地球的质量为：M=故D正确故选：AD6如图所示，有三个斜面a、b、c，底边分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h，同一物体与三个斜面的动摩擦因数相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端的三种情况相比较，下列说法正确的是（）A物体损失的机械能Ec=2Eb=4EaB物体到达底端的动能Eka=2Ekb=2EkcC因摩擦产生的热量2Qa=2Qb=QcD物体减少的重力势能2Epc=2Epb=Epa【考点】功能关系；机械能守恒定律【分析】损失的机械能转化成摩擦产生的内能物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比较三者动能大小，注意物体在运动过程中克服摩擦

21、力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比较摩擦生热大小【解答】解：设斜面和水平方向夹角为，斜面长度为X，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为：W=mgXcos，Xcos即为底边长度A、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能 转化成摩擦产生的内能由图可知a和b底边相等且等于c的一半，故摩擦生热关系为：Qa=Qb=Qc，所以损失的机械能Ea=Eb=Ec故A错误B、设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得：mgHmgXcos=mv20，Eka=2mghmgL，Ekb=mghmgL，Ekc=mghmg2L，根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时动能大小关系为：Ek1EK2Ek3，故B

22、错误C、克服摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，所以2Qa=2Qb=Qc，故C正确D、重力势能跟高度有关，b、c的高度相等，a的高度是b、c的2倍，所以物体减少的重力势能2Epc=2Epb=Epa，故D正确，故选：CD7在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2由vt图可知（）AA、B两点的距离为2.4mB货物与传送带的动摩擦因数为0.5C货物从A运动到B过程中，传送带对货物

23、做功大小为12.8JD货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J【考点】功能关系；牛顿第二定律；功的计算【分析】物体在传送带上先做a1匀加速直线运动，然后做a2的匀加速直线运动，速度时间图线围成的面积的表示物块的位移，有速度图象确定匀加速的加速度，通过受力分析，找到合外力，计算夹角和摩擦因数，根据功的计算公式和能量守恒定律计算摩擦生热【解答】解：A、物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由A到B的间距对应图象所围梯形的“面积”，x=s=3.2m故A错误B、由vt图象可知，物块在传送带上先做a1匀加速直线运动，加速度为，对物体受力分

24、析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsin+f=ma1，即：mgsin+mgcos=ma1，同理，做a2的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度为：a2=得：mgsinf=ma2，即：mgsinmgcos=ma2，联立解得：cos=0.8，=0.5，故B正确；C、根据功能关系，由B中可知f=mgcos=0.5×10×1×0.8=4N，做a1匀加速直线运动，有图象知位移为：x1=0.2m，物体受力分析受摩擦力，方向向下，摩擦力做正功为：Wf1=fx1=4×0.2=0.8J，同理做a2匀加速直线运动，有图象知位移为：x

25、2=3m，物体受力分析受摩擦力，方向向上，摩擦力做负功为：Wf2=fx2=4×3=12J，所以整个过程，传送带对货物做功大小为：12J0.8J=11.2J，故C错误；D、根据功能关系，货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，由C中可知：f=mgcos=0.5×10×1×0.8=4N，做a1匀加速直线运动，位移为：x1=0.2m，皮带位移为：x皮=2×0.2=0.4m，相对位移为：x1=x皮x1=0.40.2=0.2m，同理：做a2匀加速直线运动，位移为：x2=3m，x皮2=2×1=2m，相对位移为：x2=x2x皮2=32=1

26、m，故两者之间的总相对位移为：x=x1+x2=1+0.2=1.2m，货物与传送带摩擦产生的热量为：Q=W=fx=4×1.2=4.8J，故D正确；故选：BD8如图，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时，C恰好离开地面下列说法正确的是（）A斜面倾角=30°

27、;BA获得的最大速度为gCC刚离开地面时，B的加速度为零D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒【考点】共点力平衡的条件及其应用；机械能守恒定律【分析】（1）C刚离开地面时，弹簧的弹力等于C的重力，根据牛顿第二定律知B的加速度为零，B、C加速度相同，分别对B、A受力分析，列出平衡方程，求出斜面的倾角（2）A、B、C组成的系统机械能守恒，初始位置弹簧处于压缩状态，当B具有最大速度时，弹簧处于伸长状态，根据受力知，压缩量与伸长量相等在整个过程中弹性势能变化为零，根据系统机械能守恒求出B的最大速度，A的最大速度与B相等【解答】解：A、C刚离开地面时，对A有：kx2=mg 此

28、时B有最大速度，即aB=aC=0则对B有：Tkx2mg=0对A有：4mgsinT=0 以上方程联立可解得：sin=，=30° 故A正确； B、初始系统静止，且线上无拉力，对B有：kx1=mg由上问知x1=x2=，则从释放至A刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零；此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒，即：4mg（x1+x2）sin=mg（x1+x2）+（4m+m）vBm2以上方程联立可解得：vBm=2g所以A获得最大速度为2g，故B错误；C、C刚离开地面时，B的速度最大，说明是受力平衡，故加速度微粒，故C正确；D、从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B、C及弹簧组成的系统机械能守恒，

29、故D错误故选：AC二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个考题考生都必须作答，第1316为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9如图1所示是某实验小组测量物块与木板间的动摩擦因数的实验装置物块放在长木板上，木板固定在水平桌面上，物块的一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端前面有轻小动滑轮，沙桶和弹簧秤通过绕在滑轮上的细绳相连打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz开始实验时，在沙桶中放入适量细沙，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点（板上面空间的细绳均水平，不计滑轮的摩擦）（1）该实验是否需要满足沙和沙桶的总质量远小于车的质量？不需要（填“需要”

30、或“不需要”）（2）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示则计数点3对应的速度v=0.264m/s；本次实验物块对应的加速度a=0.496m/s2（结果保留三位有效数字）（3）改变沙桶内细沙的质量，测量出对应的加速度a和弹簧秤的示数F若用图象法处理数据，得到了如图3所示的一条倾斜的直线，如果该图线的横轴截距的大小等于b，斜率的大小为k，且重力加速度g为已知，则动摩擦因数=【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【分析】（1）拉力是通过弹簧的示数表示的，故不需要满足此条件；（2）中间时刻的瞬时速

31、度等于这段时间内的平均速度，利用逐差法求得加速度；（3）利用牛顿第二定律求得摩擦因数【解答】解：（1）拉力是通过弹簧秤的示数来表示的，与沙和沙桶的质量无关，故不需要满足沙和沙桶的总质量远小于车的质量（2）3点的速度利用逐差法可知加速度为（3）根据牛顿第二定律可知2F2b=ma，结合横轴截距的大小等于b，斜率的大小为k，且重力加速度g，解得故答案为：（1）不需要 （2）0.264、0.496 （3）kb/g10某同学利用如图所示的装置验证动能定理该装置由斜面和很短一段水平部分组成，固定并调整斜槽，使它的末端O点的切线水平，在水平地面上依次铺放好木板、白纸、复写纸将小球从不同的标记点由静止释放，记

32、录小球到达斜槽底端时下落的高度H，并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x改变小球在斜槽上的释放位置，进行多次测量，记录数据如下：高度H（h为单位长度）h2h3h4h5h6h7h8h9h水平位移 x/cm5.59.111.714.215.917.619.020.621.7已知斜槽倾角为，小球与斜槽之间的动摩擦因数为，斜槽底端离地的高度为y小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是（利用给定和测得的物理量）mgH（1）=以H为横坐标，以x2为纵坐标，在坐标纸上描点作图，如图乙所示图线不过坐标原点的原因是平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x偏小【考点】探究功与速度变化的关系【分析

33、】小球在斜槽上滑下过程中，重力和摩擦力做功，写出合力做的功根据平抛运动的规律求出小球离开斜槽时的速度，得到动能的变化即可写出动能定理的关系式根据动能定理表达式，选择纵坐标；根据图象的形状分析并得出结论【解答】解：设小球离开斜槽时的速度为v，根据平抛运动的规律得： x=vt y=gt2联立得：v=x小球在斜槽上滑下过程中，重力和摩擦力做功，则合力做的功为： W=mgHmgcos=mgH（1）小球动能的变化量Ek=mv2=m（x）2=则小球从斜槽上滑下的过程中，动能定理若成立应满足的关系式是 mgH（1）=根据上题结果可知，以H为横坐标，以x2为纵坐标，在坐标纸上描点作图由图乙可知：x2=0，H0

34、，说明平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x偏小故答案为：mgH（1）=x2，平抛运动中受到空气阻力作用，导致测得的x偏小11如图所示，一质量为m的小球套在一“”滑杆上，小球与滑杆的动摩擦因数为=0.5，BC段为半径为R的半圆，静止于A处的小球在大小为F=mg，方向与水平面成37°角的拉力F作用下沿杆运动，到达B点时立刻撤去F，小球沿圆弧向上冲并越过C点后落在D点（图中未画出），已知D点到B点的距离为R，且AB的距离为s=10R （sin37°=0.60，cos37°=0.80）试求：（1）小球在C点的速度；（2）小球在C点对滑杆的压力；（3）小球在B点的速度大

35、小；（4）BC过程小球克服摩擦力所做的功【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力【分析】（1）C到D由平抛运动在水平方向的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动规律解题；（2）小球在C点，由轨道的支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二、第三定律结合列式求解；（3）物体AB的过程，运用动能定理求出物体到达B点的速度；（4）对从B到C过程运用动能定理列式求解即可【解答】解：（1）小球从C到D做平抛运动：竖直方向上：2R=gt2 水平方向上：R=vCt联立两式代入数据解得：vC=；（2）小球在C点由牛顿第二定律得：mg+FC=m由牛顿第三定律可知，小球在C点对滑杆的压力FC=FC=mg，方向

36、竖直向下；（3）小球从A到B由动能定理有：Fcos 37°s（mgFsin37°）s=m解得：（4）BC过程对小球由动能定理有：mg2RWf=mm代入数据解解得：Wf=mgR答：（1）小球在C点的速度为；（2）小球在C点对滑杆的压力大小为mg，方向竖直向下；（3）小球在B点的速度大小为；（4）BC过程小球克服摩擦力所做的功为mgR12某电视台娱乐节目在游乐园举行家庭搬运砖块比赛活动比赛规则是：如图甲所示向滑动的长木板上搬放砖块，且每次只能将一块砖无初速度（相对地面）地放到木板上，木板停止时立即停止搬放，以木板上砖块多少决定胜负已知每块砖的质量m=0.8kg，木板的上表面光滑

37、且足够长，比赛过程中木板始终受到恒定的拉力F=20N的作用，未放砖块时木板以v0=3m/s的速度匀速前进获得冠军的家庭上场比赛时每隔T=0.8s搬放一块砖，从放上第一块砖开始计时，图中仅画出了00.8s内木板运动的vt图象，如图乙所示，g取10m/s2求：（1）木板的质量及板与地面间的动摩擦因数（2）木板停止时，木板上放有多少块砖（3）从放上第一块砖开始到停止，摩擦力对木板做的功【考点】功的计算；牛顿第二定律【分析】（1）开始木板做匀速直线运动，知拉力和木板的摩擦力相等，放上一物块后，木板做匀减速运动，合力等于增加的摩擦力，根据牛顿第二定律有mg=Ma1，以及F=Mg求出木板的质量和动摩擦因数

38、（2）每放上一块砖，摩擦力都要增大，小车的合力就是增大的摩擦力，求出加速度的通项式，根据v0a1Ta2Ta3TanT0求出所放砖的数目（3）通过图象求的位移，由动能定理即可求得摩擦力做功【解答】解：（1）没有放砖时对车受力有F=Mg 放上第一块砖时，板车减速，设加速度大小为a1，对车受力N1=Mg+mg=Ma1f1=N1解得Ma1=mg.由图由解得=0.25M=8kg（2）放第二块砖后，受力分析有Ma2=2mg所以a2=2a1，在第二个0.8s内车速度变化为v2=2v1=2×0.2m/s=0.4m/s同理，v3=3v1=3×0.2m/s=0.6m/sv4=4v1=4

39、5;0.2m/s=0.8m/svn=nv1=n×0.2m/s=0.2nm/s停下时有v1+v2+v3+vn=30.2×（1+2+3+n）=3得解得n=5 所以车停时有5块砖（3）由车运动vt图得第一个0.8s内车的位移第二个0.8s内车的位移第三个0.8s内车的位移第四个0.8s内车的位移第五个0.8s内车的位移总位移为s=7.6m根据动能定理有得Wf=188J摩擦力对小车做188J功答：（1）木板的质量为8kg及板与地面间的动摩擦因数为0.25（2）木板停止时，木板上放有5块砖（3）从放上第一块砖开始到停止，摩擦力对木板做的功为188J（二）选考题，任选一模块作答物理-选

40、修3-313以下说法正确的有（）A布朗运动证明，组成固体小颗粒的分子在做无规则运动B液晶的光学性质会随温度、外加电压等外界因素的变化而变化C第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D已知阿伏伽德罗常数，某气体的摩尔质量，就可以计算出该气体的分子质量E雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力【考点】热力学第二定律；分子的热运动；布朗运动【分析】布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，是液体分子不停的做无规则运动的反映；液晶的光学性质与温度无关，外加电压等随外界因素的变化而变化；第二类永动机不可能制成的原因是因为其违法了热力学第二定律；根据气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数的关系，可计算气体的分子质

41、量；液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表面张力，表面张力的存在使液体表面想被拉伸的弹簧一样，总有收缩的趋势【解答】解：A布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，是由于液体分子撞击引起的，所以布朗运动是液体分子不停的做无规则运动的反映，故A错误；B液晶的光学性质与温度无关，液晶通电时，分子排列变得有秩序，使光线容易通过，光学性质会随外加电压等外界因素的变化而变化，故B错误；C第二类永动机不可能制成的原因是因为其违法了热力学第二定律，故C错误；D一个分子质量m0=，即已知阿伏伽德罗常数，某气体的摩尔质量，就可以计算出该气体的分子质量，D正确；E雨水在布料上形成一层薄膜，由于液体表面张力的作用，使雨水无法透过布雨伞，故E正确故选：CD14如图所示为一简易火灾报警装置其原理是：竖直放置的试管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声.27时，空气柱长度L1为20cm，水银上表面与导线下端的距离L2为10cm，管内水银柱的高度h为8cm，大气压强为75cm水银柱高求：当温度达到多少时，报警器会报警？如果要使该装置在87时报警，求再往玻璃管内注入的