南宁三中开学考-物理

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2、t2，a车追上b车，且运动方向相同C在t1到t2这段时间内，b车的速率先增大后减小D在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a小2（2015武昌区模拟）如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B，A、B均静止则（）AB对A的压力大小为mgB细线对小球的拉力大小为mgCA对地面的压力大小为（M+m）gD地面对A的摩擦力大小为mg3（2010重庆）月球与地球质量之比约为1：80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕地球与月球连线上某点O做匀速圆周运动据此观点，可知月球与地球绕O点运动线速

3、度大小之比约为（）A1：6400B1：80C80：1D6400：14如图所示为处于静电场中某空腔导体周围的电场分布情况，实线表示电场线，虚线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点，O为空腔导体内的一点，已知处于静电平衡的导体是个等势体，规定无穷远处的电势为0下列说法正确的是（）AO点的电势为零BA点的电场强度大小小于B点的电场强度C导体表面的电场线与导体表面不垂直D将正电荷从A点移到C点，电场力做正功5（2009江苏）如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100tV 氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有（）A开关接通后，氖泡的发

4、光频率为100HzB开关接通后，电压表的示数为100VC开关断开后，电压表的示数变大D开关断开后，变压器的输出功率不变6（2012西安二模）如图，水平传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程，下列说法正确的是（）A电动机多做的功为mv2B物体在传送带上的划痕长C传送带克服摩擦力做的功为mv2D电动机增加的功率为mgv7“快乐向前冲”节目，中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始

5、摆动，此时绳与竖直方向夹角为，绳的悬挂点O距平台的竖直高度为H，绳长为L，不考虑空气阻力和绳的质量，下列说法正确的是（）A选手摆到最低点时处于失重状态B选手摆到最低点时所受绳子的拉力为（32cos）mgC选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小D选手刚开始运动时加速度为gsin8（2011潍坊一模）一个圆形闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，如图甲所示设垂直纸面向里的磁感应强度方向为正，线圈中顺时针方向的感应电流为正已知圆形线圈中感应电流i随时间变化的图象如图乙所示，则线圈所在处的磁场的磁感应强度、磁通量随时间变化的图象可能是（）ABCD二填空题（共1

6、小题）9某同学研究小滑块在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲所示主要的实验过程：（）用游标卡尺测量挡光片宽度d，读数如图乙所示，则d=_mm；（） 让小滑块车从斜面上某一位置释放，读出小滑块通过光电门时数字毫秒计示数t；（） 用刻度尺量出小滑块停止运动时挡光片与光电门间的距离L；（） 求出小滑块车与木板间摩擦力f=_ （用物理量m、d、L、t表示）；若实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，这种做法是否合理？_ （选填“合理”或“不合理”）实验中，小滑块释放的高

7、度要适当高一些，其目的是减少_误差（选填“系统”或“偶然”）三解答题（共3小题）10（2013南充模拟）某型号的电动自行车有4块铅蓄电池供电，电池用久以后性能会下降，表现为电池的电动势变小，内阻变大某兴趣小组将一辆旧电动自行车电瓶充满电，取下四块电池，分别为A、B、C、D，测量它们的电动势和内阻（1）用多用表直流电压50V挡测量每块电池的电动势测量电池A时，多用电表的指针如图甲所示，其读数为_V（2）用图乙所示电路测量A、B、C、D四块电池的电动势E和内阻r，图中R0为保护电阻，其阻值为5改变电阻箱的阻值R，测出对应的电流I，根据测量数据分别作出A、B、C、D四块电池的R图线，如图丙由图线C可

8、知电池C的电动势E=_V；内阻r=_（3）分析图丙可知，当前状态下，电池_（选填“A”、“B”、“C”或“D”）对电动自行车供电性能较优11如图所示，一质量为1kg的小球套在一根固定的足够长光滑直杆上，直杆与水平面夹角为30°现小球在F=15N的竖直向上的拉力作用下，从A点由静止出发向上运动g取10m/s2试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用2s后撤去，小球上滑过程中距A点的最大距离sm12（2014广东高考）如图所示，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域和，以水平面MN为理想分界面，区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外A1、

9、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离均为L质量为m、电量为+q的粒子经宽度为d的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S1进入区，并直接偏转到MN上的P点，再进入区，P点与A1板的距离是L的k倍，不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑（1）若k=1，求匀强电场的电场强度E；（2）若2k3，且粒子沿水平方向从S2射出，求出粒子在磁场中的速度大小v与k的关系式和区的磁感应强度B与k的关系式2015年03月06日1071671491的高中物理组卷参考答案与试题解析一选择题（共8小题）1如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置时间（xt）图象由图可知（）A在时刻t1

10、，a、b两车相遇，且运动方向相反B在时刻t2，a车追上b车，且运动方向相同C在t1到t2这段时间内，b车的速率先增大后减小D在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a小考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系菁优网版权所有专题：运动学中的图像专题分析：位移时间关系图线反映位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小，斜率的正负表示速度的方向解答：解：A、在时刻t1，a的位移增大，b的位移减小，知两车运动方向相反故A正确B、在时刻t2前，a在前，b在后，则在时刻t2，b车追上a车故B错误C、图线切线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速

11、率先减小后增加故C错误D、在t1到t2这段时间内，b车的速率先大于a后小于a，最后又大于a故D错误故选：A点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度的大小，能够通过图线得出运动的方向2（2015武昌区模拟）如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B，A、B均静止则（）AB对A的压力大小为mgB细线对小球的拉力大小为mgCA对地面的压力大小为（M+m）gD地面对A的摩擦力大小为mg考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力菁优网版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对整体受

12、力分析，然后根据共点力平衡条件分析CD选项，再隔离B物体受力分析后根据平衡条件分析AB选项解答：解：A、对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=，T=mgtan其中cos=，tan=故：F=mg，T=mg故AB错误；C、对AB整体受力分析，受重力和支持力，相对地面无相对滑动趋势，故不受摩擦力，根据平衡条件，支持力等于整体的重力，为（M+m）g；根据牛顿第三定律，整体对地面的压力与地面对整体的支持力是相互作用力，大小相等，故对地面的压力等于（M+m）g，故C正确，D错误；故选：C点评：本题关键是采用整体法和隔离法，受力分析后根据平衡条件列式分析3（2010重庆）月球与地球质量之比约为1：

13、80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕地球与月球连线上某点O做匀速圆周运动据此观点，可知月球与地球绕O点运动线速度大小之比约为（）A1：6400B1：80C80：1D6400：1考点：万有引力定律及其应用菁优网版权所有专题：计算题分析：两颗质量可以相比的恒星相互绕着旋转的现象，叫双星双星问题是万有引力定律在天文学上的应用的一个重要内容一、要明确双星中两颗子星做匀速圆周运动的向心力来源 双星中两颗子星相互绕着旋转可看作匀速圆周运动，其向心力由两恒星间的万有引力提供由于力的作用是相互的，所以两子星做圆周运动的向心力大小是相等的，利用万有引力定律可以求得其大小二、要

14、明确双星中两颗子星匀速圆周运动的运动参量的关系 两子星绕着连线上的一点做圆周运动，所以它们的运动周期是相等的，角速度也是相等的，所以线速度与两子星的轨道半径成正比三、要明确两子星圆周运动的动力学关系 要特别注意的是在求两子星间的万有引力时两子星间的距离不能代成了两子星做圆周运动的轨道半径 本题中地月系统构成双星模型，向心力相等，根据万有引力提供向心力，可以列式求解解答：解：月球和地球绕O做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，则地球和月球的向心力相等且月球和地球和O始终共线，说明月球和地球有相同的角速度和周期因此有m2r=M2R又由于v=r所以即线速度和质量成反比；故选C点评：由于

15、双星和它们围绕运动的中心点总保持三点共线，所以在相同时间内转过的角度必相等，即双星做匀速圆周运动的角速度必相等，角速度相等，周期也必然相同4如图所示为处于静电场中某空腔导体周围的电场分布情况，实线表示电场线，虚线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点，O为空腔导体内的一点，已知处于静电平衡的导体是个等势体，规定无穷远处的电势为0下列说法正确的是（）AO点的电势为零BA点的电场强度大小小于B点的电场强度C导体表面的电场线与导体表面不垂直D将正电荷从A点移到C点，电场力做正功考点：电场线菁优网版权所有分析：根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等

16、差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式WAB=qUAB来判断电场力做功的多少解答：解：A、由于无限远为0电势点，沿着电场线，电势逐渐降低，所以O点的电势不为零，故A错误；B、由电场线越密的地方，电场强度越大，则有EBEA，故B正确；C、由于电场线与等势面相互垂直，且是等势体，所以导体表面的电场线与导体表面相互垂直，故C错误；D：由于从A和C处于同一条等势线上，故从A到C过程的电场力不做功，故D错误故选：B点评：本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增

17、减5（2009江苏）如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100tV 氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有（）A开关接通后，氖泡的发光频率为100HzB开关接通后，电压表的示数为100VC开关断开后，电压表的示数变大D开关断开后，变压器的输出功率不变考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交流的峰值、有效值以及它们的关系菁优网版权所有专题：交流电专题分析：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：由交变电压的瞬时值表达式知，原线圈两端电压的有效

18、值为V=20V，由得副线圈两端的电压为U2=100V，电压表的示数为交流电的有效值，所以B项正确；交变电压的频率为Hz，一个周期内电压两次大于100V，即一个周期内氖泡能两次发光，所以其发光频率为100Hz，所以A项正确；开关断开前后，输入电压不变，变压器的变压比不变，故输出电压不变，所以C项错误；断开后，电路消耗的功率减小，输出功率决定输入功率，所以D项错误故选AB点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解6（2012西安二模）如图，水平传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，物体与

19、传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程，下列说法正确的是（）A电动机多做的功为mv2B物体在传送带上的划痕长C传送带克服摩擦力做的功为mv2D电动机增加的功率为mgv考点：动能定理的应用菁优网版权所有专题：传送带专题分析：物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后做匀速直线运动，电动机多做的功一部分转化成了物体的动能，还有一部分转化为内能解答：解：A、电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是mv2，所以电动机多做的功一定要大于mv2，故A错误B、物体在传送带上

20、的划痕长等于物体在传送带上的相对位移，物块达到速度v所需的时间t=，在这段时间内物块的位移x1=，传送带的位移x2=vt=t=，则物体相对位移x=x2x1=，故B错误C、传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功，所以由A的分析可知，C错误D、电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小：P=fv=mgv，故D正确故选：D点评：解决本题的关键掌握能量守恒定律，以及知道划痕的长度等于物块在传送带上的相对位移7“快乐向前冲”节目，中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳与竖直方向夹角为，绳的悬挂点O距平台的竖直高度

21、为H，绳长为L，不考虑空气阻力和绳的质量，下列说法正确的是（）A选手摆到最低点时处于失重状态B选手摆到最低点时所受绳子的拉力为（32cos）mgC选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小D选手刚开始运动时加速度为gsin考点：机械能守恒定律；向心力菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：选手向下摆动过程中，机械能守恒，在最低点时绳子拉力和重力的合力提供向心力，选手在最低点松手后，做平抛运动，明确了整个过程的运动特点，依据所遵循的规律即可正确求解解答：解：A、失重时物体有向下的加速度，超重时物体有向上的加速度，选手摆到最低点时向心加速度竖直向上，因此处于超重状态，故A错

22、误；B、摆动过程中机械能守恒，有：mgl（1cos）=mv2 设绳子拉力为T，在最低点有：Tmg=m ，联立解得：T=（32cos）mg，故B正确；C、绳子对选手的拉力和选手对绳子的拉力属于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C错误；D、选手刚开始运动时，由牛顿第二定律得：mgsin=ma，解得：a=gsin，故D正确；故选：BD点评：本题属于圆周运动与平抛运动的结合，对于这类问题注意列功能关系方程和向心力公式方程联合求解8（2011潍坊一模）一个圆形闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，如图甲所示设垂直纸面向里的磁感应强度方向为正，线圈中顺时针方向的感应电流为正

23、已知圆形线圈中感应电流i随时间变化的图象如图乙所示，则线圈所在处的磁场的磁感应强度、磁通量随时间变化的图象可能是（）ABCD考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律菁优网版权所有专题：电磁感应与图像结合分析：线圈中因磁通量发生变化，才导致线圈产生感应电动势，从而形成感应电流由楞次定律可推断出磁场的变化及磁通量的变化解答：解：设垂直纸面向里的磁感应强度方向为正，线圈中顺时针方向的感应电流为正，则由乙可知：线圈中在前0.5s内产生了逆时针方向的感应电流，由楞次定律可得：当磁通量增加时，感应磁场方向与原磁场方向相反；当磁通量减小时，感应磁场方向与原磁场方向相同A、在前0.5s内由乙图根据楞次定律可知，若磁

24、场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场增强的；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场减弱的而在0.5s1.5s，若磁场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场减弱的；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场增加的所以A选项错误；B、在前0.5s内，若磁场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场增强的，则磁通量也会增大；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场减弱的，则磁通量也会减小而在0.5s1.5s，由感应电流方向，结合楞次定律可得：若磁场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场减弱的，则磁通量也会减小；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场增加的，则磁通量也会增大故B错误；C、在前0.5s

25、内由乙图根据楞次定律可知，若磁场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场增强的；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场减弱的而在0.5s1.5s，若磁场方向垂直向里（正方向）时，必须是磁场减弱的；若磁场方向垂直向外（负方向）时，必须是磁场增加的所以C选项正确；D、题意可知，一开始穿过线圈的磁通量不可能为零故D错误；故选：C点评：楞次定律可缩成：增反减同；也可以：来拒去留二填空题（共1小题）9某同学研究小滑块在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲所示主要的实验过程：（）用游标卡尺测量挡

26、光片宽度d，读数如图乙所示，则d=6.00mm；（） 让小滑块车从斜面上某一位置释放，读出小滑块通过光电门时数字毫秒计示数t；（） 用刻度尺量出小滑块停止运动时挡光片与光电门间的距离L；（） 求出小滑块车与木板间摩擦力f= （用物理量m、d、L、t表示）；若实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，这种做法是否合理？不合理 （选填“合理”或“不合理”）实验中，小滑块释放的高度要适当高一些，其目的是减少系统误差（选填“系统”或“偶然”）考点：测定匀变速直线运动的加速度菁优网版权所有专题：实验题分析：游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；根据极短时间内的平均速度表示瞬

27、时速度得出小滑块通过光电门的瞬时速度，结合速度位移公式求出匀减速运动的加速度大小，通过牛顿第二定律求出滑块与木板间的摩擦力解答：解：游标卡尺的主尺读数为6mm，游标读数为0.00mm，则最终读数为6.00mm滑块通过光电门的速度，根据速度位移公式得，滑块匀减速运动的加速度大小a=，根据牛顿第二定律得，f=ma=实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代，则用平均速度表示瞬时速度误差变大，这种做法不合理在实验中用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，存在一定的误差，该误差无法避免，属于系统误差，小滑块释放的高度要适当高一些，通过光电门的时间变短，可以减小系统误差故答案为：（）6.00

28、；（）； 不合理；系统点评：解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，掌握极限的思想在物理中的运用，即极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小三解答题（共3小题）10（2013南充模拟）某型号的电动自行车有4块铅蓄电池供电，电池用久以后性能会下降，表现为电池的电动势变小，内阻变大某兴趣小组将一辆旧电动自行车电瓶充满电，取下四块电池，分别为A、B、C、D，测量它们的电动势和内阻（1）用多用表直流电压50V挡测量每块电池的电动势测量电池A时，多用电表的指针如图甲所示，其读数为11.0V（2）用图乙所示电路测量A、B、C、D四块电池的电动势E和内阻r，图中R0为保护电阻，其阻值为5改变电阻箱的阻值R，测出

29、对应的电流I，根据测量数据分别作出A、B、C、D四块电池的R图线，如图丙由图线C可知电池C的电动势E=12V；内阻r=1（3）分析图丙可知，当前状态下，电池C（选填“A”、“B”、“C”或“D”）对电动自行车供电性能较优考点：测定电源的电动势和内阻菁优网版权所有专题：实验题分析：（1）用多用表直流电压50V挡测量每块电池的电动势，可以从表盘中的中间刻度读出正确结果；（2）根据闭合电路欧姆定律得出和R的函数关系，根据数学知识明确图象斜率、截距的含义即可正确解答；（3）电动势大的内阻小的电源最优解答：解：（1）用多用表直流电压50V挡测量每块电池的电动势，可以从表盘中的中间刻度读出正确结果，由指针

30、指示可知：E=11.0V（2）根据闭合电路欧姆定律有：E=I（R+r）+IR0，因此有：=R+由此可知，图象的斜率表示，纵轴截距为：由图象可知：k=12=，=0.5由此解得：E=12Vr=1（3）电动势大的内阻小的电源最优，由图象可知C图象代表的电源电动势最大，内阻最小，因此最优故选：C故答案为：11.012，1C点评：本题主要考查了测电源电动势和内阻实验中的数据处理问题，主要根据闭合电路欧姆定律写出两坐标轴代表物理量的函数关系式，然后依据数学知识求解11如图所示，一质量为1kg的小球套在一根固定的足够长光滑直杆上，直杆与水平面夹角为30°现小球在F=15N的竖直向上的拉力作用下，从A点由静止出发向上运动g取10m/s2试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用2s后撤去，小球上滑过程中距A点的最大距离sm考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系菁优网版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：首先分析撤去前小球的受力情况：重力、拉力，杆的支持力，采用正交分解法，根据牛顿第二定律求出加速度再用同样的方法求出撤去后小球的加速度，运用运动学公式求出最大距离解答：解：（1）对小球由牛顿第二定律得：Fsin30°mgsin30°=ma1 解得：a1=2.5 m/s2（2）在力F的作用下，小球上滑的位移大小为x1，末速度大小为v，则：v=a1