电场和恒定电流11月23日

1、电场和恒定电流测试题1.下列关于电场线的说法中，正确的是()A、电场线是电场中实际存在的线 B、在复杂电场中的电场线是可以相交的C、电场线是一条不闭合曲线 D、电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大 2、如图AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点自由释放，沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如下图所示，则A、B两点场强大小和电势高低关系是（ ）A、 B、C、 D、3如图所示，在两个固定的异种点电荷Q1、Q2的连线上有A、B两点，将一带负电的点电荷q由A静止释放，它从A点运动到B点的过程中，可能 ( ) A一直加速运动 B加速度一直增大C电势能先增大后减小 D在B点电势能比在A点

2、的电势能小4如图所示，实线为一组方向未知的电场线，虚线为某带电粒子经过该区域时的运动轨迹，a、b为其轨迹上的两点。若该粒子运动过程中只受电场力作用，根据以上叙述和图示，对下列说法错误的是 ( )A粒子的带电性质 B比较该粒子经过a、b点时的动能大小C比较该粒子经过a、b点时的加速度大小 D比较该粒子在a、b点时电势能的大小5.如图所示,带正电的粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内,恰好沿下板的边缘飞出,已知板长为L,板间的距离为d,板间电压为U,带电粒子的电荷量为q,粒子通过平行金属板的时间为t,（不计粒子的重力）,则（ ）A在前时间内,电场力对粒子做的功为200701

3、22B在后时间内,电场力对粒子做的功为C在粒子下落前和后的过程中,电场力做功之比为1：2 D在粒子下落前和后的过程中,电场力做功之比为2：16电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路。当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态。现将开关S断开，则以R1R2R3S下判断正确的是 A液滴仍保持静止状态 B液滴将向上运动C电容器上的带电量将减为零 D电容器上的带电量将增大 7.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是（ ） A、当R2=R1+r时，R2获得最大功率 B、当R1=R2+r时，R1获得最大功率R1R2Er

4、PC、当R20时，R1上获得最大功率 D、当R20时，电源的输出功率最大8在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r. 在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中A电路中的总电流变大 B路端电压变大 C通过电阻R2的电流变小 D通过滑动变阻器R1的电流变小9带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有（ ）A减小两极板间的距离 B用手触摸极板 C在两板间插入电介质 D将极板B向上适当移动10.两个完全相同的金属球，一个带+6×10-8C的电量，另一个带-2×10-8C的电量。把两球接触后再分开，两球带电情况是-（ ）A、均为+

5、4×10-8C B、均为+2×10-8C C、均为-2×10-8C D均为-4×10-8C11.下图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（ ）PE左右.P点电场强度方向向左 .P点的电场强度方向向右.正点电荷在P点所受的电场力的方向向左.正点电荷在P点所受的电场力的方向向右A.只有正确 B.只有正确 C.只有 正确 D.只有正确 12.在电场中的某点放入电量为q的负电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为2q的正电荷，此时测得该点的场强为- （ ）A大小为E，方向和E相同 B大小为E，方向和E相反C大小为2

6、E，方向和E相同 D大小为2E，方向和E相反13.用伏安法测电阻的实验，可以采用图示a、b两种方法把伏特表和安培表连人电路，这样测量出来的电阻值与被测电阻的真实阻值比较，下列正确的是-（ ）采用a图接法，测量值小于真实值； 采用b图接法，测量值小于真实值；两种接法的测量值都小于真实值； 两种接法的测量值都大于真实值。14.中有两个点电荷A、B，它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量不变，要使静电力变为F/4，则它们之间的距离应变为-（ ）A 16r B 4r C r D 2rVRAa b15.如图所示，电源内阻不能忽略，安培表、伏特表都是理想电表，当滑

7、动变阻器R的滑动头从a端滑到b端过程中 - （ ）AV的示数先增大后减小，A示数增大 BV的示数先增大后减小，A示数减小 CV的示数先减小后增大，A示数增大 DV的示数先减小后增大，A示数减小16在纯电阻电路电路中，下列叙述正确的是 （ ）A、当外电路断开时，路端电压等于零 B、当外电阻增大时，路端电压将增大C、闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比D、当外电路短路时，电路中的电流趋近于无穷大17在如图所示的电路中，若该伏特表和安培表的位置互换，则可能发生的情况是（ ）（A）伏特表将被烧坏 （B）灯泡将被烧坏 （C）灯泡不能发光 （D）安培表将被烧坏+BAQ18.如图所

8、示，为正电荷的电场，、是电场中的两点，将电量为q=5×108库仑的正点电荷（试探电荷）置于点，所受电场力为2×103牛，则下列判断正确的是：（ ）、将点电荷从点移走，则该点的电场强度为零、将电量为q的负点电荷放于A点，A点场强大小为4.0×104N/C，方向指向、将电量为2q的正点电荷放于点，A点场强大小为8.0×104 N/C，方向指向、点处的电场强度小于4.0×104N/C19.某同学用如图所示电路,测绘标有“3.8V,0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R 随电压U变化的图像.除了导线和开关外,有以下一些器材可供选择：电流表：A1(量程100mA

9、，内阻约2)、A2(量程0.6A，内阻0.3)；电压表：V1(量程5V，内阻约5k)、V2(量程15V，内阻约15k)；滑动变阻器：R1（阻值范围0-100）、R2(阻值范围0-2k)； 电源：E1(电动势为1.5V，内阻为0.2)、E2(电动势为4V,内阻约为0.04). 为了调节方便,测量准确,实验中应选用电流表_,电压表_, 滑动变阻器_,电源_.（填器材的符号)根据实验数据,计算并描绘出R-U的图像如右上图所示.由图像可知,此灯泡在不工作时,灯丝电阻为_；当所加电压为3.00V时,灯丝电阻为 _,灯泡实际消耗的电功率为_W.根据R-U图像,可确定小灯泡耗电功率P与外加电压U的关系.符合

10、该关系的示意图是下列图中的_.20（1）为了描绘标有“3V，04W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化所给器材如下：A电流表（0200mA，内阻05） B电流表（006A，内阻001）C电压表（03V，内阻5k） D电压表（015V，内阻50k）E滑动变阻器（010，05A） F电源（3V） G电键一个，导线若干（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_（2）在虚线框中画出完成此实验的原理图，并将实物按电路图用导线连好A+V+（3）此实线描绘出的IU图线是 填“曲线”“直线”），其原因是_（2）图甲为用螺旋测微器、图乙为用游标尺上有50个等分刻度的游标卡尺测量工件的情况，请

11、读出它们的读数. 甲：读数为_mm 乙：读数为_mm.乙21.有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A.求（1）电动机正常工作时的输出功率多大（2）如果在发动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？22如图所示，一带电量为q5×103 C，质量为m0.1 kg的小物块处于一倾角为37°的光滑绝缘斜面上，当整个装置处于一水平向左的匀强电场中时，小物块恰处于静止状态(g取10 m/s2)：(1) 求电场强度多大？(2)若从某时刻开始，电场强度减小

12、为原来的，求物块下滑距离L1.5 m时的速度大小BAE23.电场中某区域的电场线如图所示， A、B是电场中的两点. 一个电荷量q = +4.0×10-8 C的点电荷在A点所受电场力FA=2.0×10-4 N，将该点电荷从A点移到B点，电场力做功W = 8.0×10-7J . 求：（1）A点电场强度的大小EA（2）A、B两点间的电势差U.24.如图所示，电源的两端电压是10V，内阻r=1，其中R1=10，R2=8，R3=R4=4。R1R3R4R2求：（1）画出等效电路图（2）合上开关后流过R3的电流是多大？PAO25.如图所示，一带电小球的质量m=2×10

13、-4kg ,用长为L=0.8m的细线悬挂在水平方向的匀强磁场中O点，场强E=3×104N/C,当细线与竖直方向夹角为=37o时，摆球恰好静止在A点。（g=10m/s2 sin37O=0.6 cos37O=0.8）求（1）小球带什么电？电量是多少？（2）某时刻将细线剪断，带电小球将沿什么方向怎么样运动？（3）若把小球由竖直方向的P点静止释放，到达A位置时的速度是多少?题号123456789答案CDDDABBDACACABC10B11D12A13A14B15A16BC17CD18BD19、A2;V1；R1；E2 . 1.5欧，11.5欧，0.78（0.7-0.8均给分） A 20(1)

14、ACEFG (2) 略 (3) 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化1.880mm 10.44mm21（1）接U =0.2V电压，电机不转，电流I =0.4A，根据欧姆定律，线圈电阻.（2分）当接U2.0V电压时，电流I1.0A，故输入电功率P电UI2.0×1.0W2.0W（2分）热功率P热I2R12×0.5W0.5W（2分）故输出功率即机械功率P机P电-P热（2.0-0.5）W1.5W.（2分）（2）如果正常工作时，转子被卡住，则电能全部转化成内能故其发热功率.（2分） （2分）22解：受力分析：竖直向下的重力，水平向右的电场力，垂直斜面向上的支持力（1）N*cos37°=mg Eq=N*sin37° 联立得 E=(mg*tan37°)/q=150N/C（2）运用正交分解法 mg*sin37°-0.5*Eq*cos37°=ma 解得 a=0.3g 由动能定理：mg*L*sin37°-0.5*Eq