高考物理一轮复习选择题固基优练四新人教

1、1 选择题固基优练（四）1、给滑块一初速度v0，使它沿光滑斜面向上做匀减速运动，加速度大小为，当滑块速度大小减为时，所用时间可能是( ) a.b.c.d.【解析】选b、c。当滑块速度大小减为时，其方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，因此要考虑两种情况，即v=或 v=-，由 v=v0-t 得 t1=或 t2=，故 b、c正确。2、( 创新预测 ) 一质点做初速度为v0的匀加速直线运动，从开始计时经时间t 质点的动能变为原来的9 倍。该质点在时间t 内的位移为( ) a.v0t b.2v0t c.3v0t d.4v0t 【解析】选b。由 ek=mv2得 v=3v0，x= (v0+v)

2、t=2v0t ，故 a、 c、d错误， b正确。3、(2019 南宁模拟 ) 如图甲所示，在光滑绝缘的水平面上固定两个等量的正点电荷。m 、o、n为两点电荷连线上的点。其中o为连线中点，且mo=on。在 m点由静止释放一个电荷量为q 的正试探电荷，结果该试探电荷在mn 间做来回往复运动，在一个周期内的v-t图象如图乙所示，则下列说法正确的是( ) a.m和 n两点的电场强度和电势完全相同2 b.试探电荷在o点所受电场力最大，运动的速度也最大c.试探电荷在t2时刻到达o点， t4时刻到达 n点d.试探电荷从m经 o到 n的过程中，电势能先减小后增大【解析】选d。根据等量的正电荷的电场的特点可知，

3、m和 n两点的电场强度大小相等，方向相反，而电势是相同的，故a错误；根据等量的正电荷的电场的特点可知，o点的电势最低，电场强度为0，所以试探电荷在o点所受电场力最小，运动的速度最大，故b错误；试探电荷在t2时刻的速度再次等于0，所以在 t2时刻到达n点，故 c错误； 由图可知， 试探电荷从 m经 o到 n的过程中， 速度先增大后减小，则动能先增大后减小，所以电势能先减小后增大，故d正确。4、( 多选 )如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为b的匀强磁场被边长为l 的等边三角形 abc理想分开，三角形内磁场垂直纸面向里，三角形顶点a处有一质子源，能沿bac的角平分线发射速度不同的质子( 质子重

4、力不计)，所有质子均能通过c点，质子比荷=k，则质子的速度可能为( ) a.2bkl b.c.d.【解析】选b、d。因质子带正电，且经过c点，其可能的轨迹如图所示，所有圆弧所对圆心角均为60，所以质子运行半径r= (n=1 ， 2，3，) ，由洛伦兹力提供向心力得bqv=m，即 v=bk (n=1 ，2，3， ) ，选项 b、d正确。3 5、图甲为氢原子的能级图，图乙为某金属在光的照射下，发生光电效应时产生的光电子的最大初动能ek与入射光频率 的关系图象。若氢原子从n=3 能级跃迁到n=2 能级放出的光子刚好使该金属发生光电效应，普朗克常数h=6.6310-34 j s，1 ev=1.610-

5、19 j ，则下列说法正确的是( ) a.由乙图知普朗克常量h=-b.乙图中 e=h 0=1.89 ev c.乙图中 0为该金属的极限频率0=5.41014 hz d.用氢原子从n=2 能级跃迁到n=1 能级释放的光子去照射该金属，打出光电子的最大初动能为 10.2 ev 【解析】选 b。 由爱因斯坦光电效应方程ek=h - h0知， 结合图象可知， 图线的斜率k=h=，故 a项错误； 纵轴截距的大小等于逸出功，即 e=h 0，氢原子从n=3 能级跃迁到n=2 能级放出的光子刚好使该金属发生光电效应，则逸出功w0=-1.51 ev-(-3.40)ev=1.89 ev，则e=h 0=1.89 e

6、v ，故 b项正确；金属的极限频率0=hz=4.61014 hz，故 c项错误；氢原子从n=2 能级跃迁到n=1 能级，辐射的光子能量等于10.2 ev，根据光电效应方程知，光电子的最大初动能ekm=h -w0=10.2 ev-1.89 ev=8.31 ev，故 d项错误。4 6、两个氢气分子在外力作用下相距较近，撤去外力，仅在相互的分子力作用下由静止开始运动，直至相距很远。在此过程中，下列说法正确的是( ) a.两个氢分子间力先是斥力，后是引力b.两个氢分子间力大小先增大，后减小c.每个氢分子动能先增大，后减小d.每个氢分子势能先增大，后减小e.两个氢分子势能和动能之和不变【解析】选a、c、

7、e 。分子力与分子间距离的关系图象如图所示，故仅在相互的分子力作用下由静止开始运动，直至相距很远， 该过程分子力的合力开始时是斥力，先减小到零，然后是引力先增加后减小；故a项正确， b项错误；两个分子仅在相互的分子力作用下由静止开始运动，直至相距很远，分子力先是斥力后是引力，故分子力先做正功后做负功，分子势能先减小后增加，动能先增大后减小，故c项正确， d项错误；只有分子力做功，两个氢分子势能和动能之和不变，故e项正确。7、在如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为f1、f2、f3，其大小关系是 ( ) a.f1=f2=f3b.f1

8、=f2f2d.f3f1f2【解析】选a。对小球受力分析，左边装置中下面的小球受到重力mg和轻弹簧的弹力f1的作用，根据平衡条件可知f1=mg ；其他两个装置中弹簧的弹力等于细线的拉力，对小球受力分析，根据平衡条件可知细线上拉力等于小球重力，则有f2=f3=mg 。因此， f1=f2=f3=mg ， a项正确， b 、 c、d项错误。8、如图所示， a、b两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间t 在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的2 倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为( ) 5 a.t b.t c. d. 【解析】 选 c。设第一次抛出时a球速度为v1， b 球的速度为v2， 则 a、b

9、间水平距离x = (v1+v2) t，第二次两球速度为第一次的2 倍，但水平距离不变，则 x = 2(v1+v2)t，联立得t =，所以 c正确； a、b、 d错误。9、( 创新预测 ) 如图，斜面体c质量为 m ，斜面足够长，始终静止在水平面上，一质量为m的足够长的长方形木板a上表面光滑，木板a获得初速度v0后恰好能沿斜面匀速下滑，当木板 a匀速下滑时将一质量为2m的滑块 b轻轻放在木板a表面上，当滑块b在木板 a上滑动时，下列说法正确的是( ) a.滑块 b的速度为时，木板a与滑块 b的速度大小相等b.滑块 b的速度为时，斜面体和水平面间无摩擦力c.滑块 b的动量为2mv0时，木板a的动量

10、大小为mv0d.滑块 b的动量为2mv0时，水平面对斜面体的支持力大小为(m+3m)g 【解析】选a、b。只有 a木板时，是匀速下滑，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，则mgsin =mgcos ，解得=tan；放上 b物体后，木板a受重力、支持力、压力和滑动摩擦力，摩擦力f= 3mgcos =3mgsin ，此时，对物体a、b构成的系统而言，垂直斜面方向上合力为零，平行斜面方向的合力也为零，故系统动量守恒；根据动量守恒定律，有 mv0=mv1+2mv2，滑块 b的速度为时， a的速度也为，故 a正确； a匀速下滑时，支持力和摩擦力的合力与重力平衡，竖直向上；由于c对 a的摩擦力和支持力是成正

11、比的，6 当滑块 b的速度为时， c对 a的支持力和摩擦力的合力依然是竖直向上，故a对 c的力是竖直向下，故斜面体与水平面间无摩擦力，故b正确；当滑块b的动量为2mv0时，a已经没有速度了，故其动量应该为零，故c错误；通过受力分析，滑块b的动量为2mv0时，木板 a静止，滑块b在加速下滑，由整体法可知水平面对斜面体的支持力小于(m+3m)g，故 d错误。10、 ( 多选 ) 如图所示，关于多用电表的使用，下列做法正确的是( ) a.把多用电表的选择开关旋至适当的直流电压挡，用图甲所示的电路，合上开关s，则可测小灯泡两端的电压b.把多用电表的选择开头旋至适当的直流电流挡，用图乙所示的电路，合上开

12、关s，则可测通过小灯泡的电流c.把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后， 用图丙所示的电路，开关 s保持断开，则可测小灯泡的电阻d.把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后， 用图丁所示的电路，会观察到此时欧姆表示数很小【解析】选c、d。测电压时，其红表笔接高电势处，因为电流要从红表笔流入，选项a错误；测电流时，其红表笔接高电势处，因为电流要从红表笔流入，选项b错误；测电路中某个电阻的阻值时，一定要将该电阻与其他元件断开，选项 c正确； 图中测量二极管的正向电阻，二极管正向电阻较小，指针应该偏转较大，示数较小，选项d正确。11、不同色光的光子能量如表所示。氢原子部分能级的示意图如图所示。色光红橙黄绿蓝 - 靛紫7 光子能量范围 (ev) 1.61 2.00 2.00 2.07 2.07 2.14 2.14 2.53 2.53 2.76 2.76 3.10 大量处于n=4 能级的氢原子，发射出的光的谱线在可见光范围内，其颜色分别为(