《高中试卷》2017-2018学年广东省广州市增城区高一（上）期末物理试卷

1、2017-2018学年广东省广州市增城区高一（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求1（5分）如图所示，对下列课本插图描述正确的是（）a图甲右上方的路牌所标的“50”因为车辆通行的平均速度b由图乙可推出所有形状规则的物体重心均在其几何中心处c图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性d图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受重力减小2（5分）小李坐公交车从荔城到天河，途经各站点到荔城的距离和到达各站点的时刻如图所示，假设公交车行驶路线为直线。则下列关于此公交车说法正确的是（）a朱村到中新的平均速度比中新到镇龙的

2、平均速度大b从镇龙到天河的位移为60kmc在荔城到朱村的任何时刻的速度都比中新到镇龙的速度小d如果从镇龙到天河的平均速度同中新到镇龙一样，则达到天河的时刻为11：20：003（5分）如图所示，某学习小组利用直尺估测反应时间，将直尺刻度进行了改进，以相等时间间隔在直尺上标记反应时间的刻度线，制作了“反应时间测量仪”，下列四幅图中刻度线标度正确的是（）abcd4（5分）如图，光滑斜面固定于水平面，滑块a、b叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，a上表面水平。则在斜面上运动时，b受力的示意图为（）abcd5（5分）将物体所受重力按力的效果进行分解，下列图中错误的是（）abcd6（5分）如图所示的装

3、置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为f1、f2、f3，其大小关系是（）af1f2f3bf1f2f3cf1f3f2df3f1f2二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，所选选项正确但不全的得3分，有选错或不答的得0分7（6分）下列说法正确的是（）a在单位的换算中1n1kgm/s2b力是矢量，既有大小，也有方向c匀加速直线运动的位移时间图象是直线d变化率表示变化的快慢，不表示变化的大小8（6分）架在a、b两根晾衣杆之间的均匀铁丝在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，铁丝呈现如

4、图所示的两种形状。下列说法中正确的是（）a夏季铁丝对晾衣杆的拉力较大b冬季铁丝对晾衣杆的拉力较大c夏季晾衣杆对地面的压力较大d夏季、冬季晾衣杆对地面的压力一样大9（6分）一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则下列说法中正确的是（）at2s时人对地板的压力最大bt5s时人对地板的压力为0ct8.5s时人对地板的压力最小dt8.5s时人对地板的压力最大10（6分）如图所示，质量不等的木块a和b的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上。当水平力f作用于a的左端，两物体一起作匀加速运动时，a、b间作用力大小为f1当水平力f作用于b的右端，两物体

5、一起作匀加速运动时，a、b间作用力大小为f2，则下列说法正确的是（）a在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等b在两次作用过程中，f1f2c在两次作用过程中，f1+f2fd在两次作用过程中，f1f2=m1m2三、非选择题：本大题共5小题，共46分解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位11（8分）将橡皮筋的一端固定在a点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5n、最小刻度为0.1n的弹簧测力计。沿着两个不同的方向拉弹簧测力计。当橡皮筋的活动端拉到o点时，两根细绳相互垂直，如图1所示。这时弹簧测力计的读数可从图

6、中读出。（1）由图可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为 n和 n（只需读到0.1n）。（2）在方格纸（如图2）上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力。12（10分）某同学设计了如甲、乙两图所示的实验装置来探究加速度与物体质量、物体受力的关系。（1）（填“甲”或“乙”） 实验装置比较好，原因是 （2）该同学选择比较理想的实验装置后，平衡摩擦力后，打出了一条纸带如图丙所示，计时器打点的时间间隔为0.02s从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，该小车经过计数点“2”的瞬时速度v m/s，加速度a m/s2 （结果保留两位有效数字）（3）在实验误差允许范围内，当小车的质量

7、不变时，小车的加速度与小车的合外力满足图 的关系。13（9分）如图所示，在光滑的竖直墙壁上用网兜把足球挂在a点。已知足球的质量为0.8kg，绳子的拉力大小为10n，则（g取10m/s2）（1）画出足球的受力示意图。（2）绳子与竖直墙面的夹角的正切值为多少？（3）足球对墙壁的压力fn的大小？14（11分）如图所示，以v08m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有t2s将熄灭，此时汽车距离停车线l20m该车加速时加速度a1大小为2m/s2，减速时加速度a2大小为5m/s2此路段允许行驶的最大速度为vmax10m/s则（1）如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车离停车线多远？（2）如果立即做匀加速

8、运动，通过计算判断在绿灯熄灭前汽车能否通过停车线？15（8分）滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下。为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力f，从而控制车速。为便于研究，作如下简化：游客从顶端a点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车摩擦变大匀速下滑至底端b点，在水平滑道上继续滑行直至停止。已知游客和滑沙车的总质量m70kg，倾角37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数0.5重力加速度g取10m/s2，sin37°0.6，cos37°0.8，不计空气阻力。（1）游客匀速下滑时的速度大小。（2）若游客

9、在水平滑道bc段的最大滑行距离为16m，则他在此处滑行时，需对滑沙车施加多大的水平制动力？2017-2018学年广东省广州市增城区高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求1【分析】瞬时速度是物体通过某个位置的速度，平均速度是物体通过一段位移的速度；重心是物体受重力的等效作用点，与质量分别情况和形状有关；惯性是物体保持原来速度不变的性质；失重和超重现象中物体的重力大小不变。【解答】解：a图甲右上方的路牌所标的“50”为车辆通行的瞬时速度不超过50km/h，故a错误；b由图乙可推出所有形状规则且质量

10、分布均匀的物体重心均在其几何中心处，故b错误；c惯性是物体保持原来速度不变的性质，图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性，故c正确；d图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小，但重力不变，故d错误；故选：c。【点评】本题考查了速度、惯性、重心和超重失重等，知识点多，难度小，关键是理解基础概念，基础题目。2【分析】小李坐公共汽车从荔城到天河，根据平均速度公式能求出平均速度的大小，瞬时速度与平均速度无法直接比较。【解答】解：a、平均速度为位移与时间的比值，故朱村到中新的平均速度为：v1=1513km/h=45km/h中新到镇龙的平均速度为：v2=1016km/h=60km/h，

11、故a错误b、从镇龙到天河的位移为：x6040km20km，故b错误c、无法判断在荔城到朱村的任何时刻的速度中新与到镇龙的速度大小关系，故c错误；d、如果从镇龙到天河的平均速度同中新到镇龙一样，则所需时间为：t=2060h=13h，则达到天河的时刻为11：20：00，故d正确故选：d。【点评】本题抓住平均速度的定义就能求解。对于平均速度v=v0+v2，只适用于匀变速直线运动，不以乱用。3【分析】直尺下降的时间就是人的反应时间，根据自由落体运动的位移公式分析反应时间与位移的关系即可。【解答】解：由题可知，手的位置在开始时应放在0刻度处，所以0刻度要在下边。物体做自由落体运动的位移：h=12gt2，

12、位移与时间的平方成正比，所以随时间的增大，刻度尺上的间距增大。由以上的分析可知，只有图b是正确的，其余acd是错误的故选：b。【点评】该题结合自由落体运动与日常的生活进行考查，解决本题的关键理解自由落体运动，以及会利用自由落体运动求运动时间。4【分析】对整体分析，得出整体的加速度方向，确定b的加速度方向，知道b的合力方向，从而知道b的受力情况。【解答】解：整体向上做匀减速直线运动，加速度方向沿斜面向下，则b的加速度方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律知，b的合力沿斜面向下，则b一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力。故a正确，b、c、d错误。故选：a。【点评】解决本题的关键知道b与整体具有相同的

13、加速度，根据加速度确定物体的合力方向。注意整体法和隔离法的运用。5【分析】根据各图分析重力的作用效果，从而得出作用力的方向，确定图示是否正确。【解答】解：a、重力产生了使物体下滑的效果及压斜面的效果；故两分力即图中所示；故a正确；b、重力产生了向两边拉绳的效果，故b正确；c、重力产生了向两墙壁的挤压的效果，故两分力应垂直于接触面；故c错误；d、重力产生了拉绳及挤压斜面的效果，故作图正确；故d正确；本题选错误的；故选：c。【点评】将一个力分解有无数个解，而按力的效果分解只有一解。两个分力与重力只是效果上等效。同时注意垂直于斜面的分力与对斜面的压力是两个不同的力。6【分析】弹簧的弹力大小等于弹簧所

14、受的拉力大小，分别以小球为研究对象，由平衡条件求解弹簧的弹力。【解答】解：第一幅图：以下面小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力g；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力g；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力g；所以平衡时各弹簧的弹力大小相等，即有f1f2f3。故选：a。【点评】本题根据平衡条件确定弹簧的弹力大小，容易产生的错误是第三幅图：认为弹力等于2g或0。二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，所选选项正确但不全的得3分，有

15、选错或不答的得0分7【分析】根据牛顿第二定律分析力的单位；力是矢量；根据运动学的方程分析匀加速直线运动的位移时间图象的特点；根据变化率的意义分析。【解答】解：a、根据牛顿第二定律fma，则力的单位：1n1kgm/s2故a正确；b、力是矢量，既有大小，也有方向，力的运算符合平行四边形定则。故b正确；c、根据匀变速直线运动的位移时间公式：x=v0t+12at2，可知匀变速直线运动的位移时间图象为抛物线。故c错误；d、变化率表示变化的快慢，不表示变化的大小，如速度的变化率等于加速度，位置变化率表示速度。故d正确。故选：abd。【点评】该题考查多个知识点的内容，其中解决本题的关键知道变化率的含义，知道

16、变化大与变化快的区别，变化大不一定变化快。8【分析】以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解。【解答】解：ab、以整条电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得： fcos=mg2，即：f=mg2cos由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角变小，故f较小，所以夏季铁丝对晾衣杆的拉力较大。故a错误，b正确。cd、晾衣杆对地面的压力等于电线杆和电线的总重力，电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的

17、压力相等。故c错误，d正确。故选：bd。【点评】要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解。9【分析】当物体对接触面的压力大于物体的重力时，物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上；当物体对接触面的压力小于物体的重力时，物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下。应用牛顿第二定律可以分析地板对人的作用力，然后应用牛顿第三定律分析人对地板的压力大小。【解答】解：ad、04s内，人的加速度为正，加速度方向竖直向上，处于超重状态，人对地板

18、的压力大于人的重力。47s内人做匀速运动，人对地板的压力等于人的重力。710s内，人的加速度为负，加速度方向竖直向下，处于失重状态，人对地板的压力小于人的重力。且由于t2s时，人的加速度最大，人对地板的压力最大，故a正确，d错误。b、t5s时人对地板的压力等于人的重力，故b错误。c、710s内，人处于失重状态，人对地板的压力小于人的重力。且由于t8.5s时，人的加速度为负向最大，人对地板的压力最小，故c正确。故选：ac。【点评】本题是对图象的考查，掌握住加速度时间图象的含义，知道超重和失重时加速度方向特点即可解答本题。10【分析】先对整体分析，求出加速度；再分别进行隔离分析，运用牛顿第二定律求

19、出a、b间的作用力大小。【解答】解：a、对两种情况均进行整体分析，根据牛顿第二定律知整体的加速度都为：a=fm1+m2故a正确。bcd、隔离分析，第一种情况，以b为研究对象，a对b的作用力为：f1m2a=m2fm1+m2第二种情况，以a为研究对象，a对b的作用力为：f2m1a=m1fm1+m2。所以在两次作用过程中，f1+f2f，f1f2=m1m2故b错误，cd正确。故选：acd。【点评】本题考查牛顿第二定律的应用；解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用。三、非选择题：本大题共5小题，共46分解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写

20、出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位11【分析】（1）先得出弹簧秤的最小分度，再由指针的位置读出拉力的示数；（2）画力的图示应注意先选择合适的标度，再由标度表示出力的大小，由细线的方向得出力的方向；根据作图的方法作图即可。【解答】解：（1）由图可知，弹簧秤的最小分度为0.1n；则读得：f14.0 n，f22.5 n。（2）取如图所示的两格表示1.0n，则可得出f1、f2，由上图得出两力的方向；作出平行四边形，即其对角线的长度表示力的大小，箭头的指向表示力的方向，故答案如图所示：求得f4.7n；故答案为；（1）4.0； 2.5； （2）如图所示。【点评】本题考查弹簧秤

21、的读数及作力的图示，都属对基础技能的考查；应注意读数时要注意精度及题目的要求。12【分析】（1）甲图通过拉力传感器能够准确得到小车受到的拉力大小，不需像乙图那样要使小车的总质量远远大于钩码的质量；（2）做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，据此求出打2时的速度；应用匀变速直线运动的推论：xat2求解加速度；（3）在实验误差允许范围内，当小车的质量不变时，小车的加速度与小车的合外力成正比。【解答】解：（1）因为甲图通过拉力传感器能够准确得到小车受到的拉力大小，不需像乙图那样要使小车的总质量远远大于钩码的质量才能近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，所以甲实验装置较好

22、，（2）由于每5个点取一个点，相邻计数点间的时间 间隔：t0.02×50.1s，小车经过计数点“2”的瞬时速度：v=x1+x22t=(3.52+3.68)×10-22×0.1=0.36m/s，由xat2可知，加速度：a=x3-x12t2=(3.84-3.52)×10-22×012=0.16m/s2；（3）在实验误差允许范围内，当小车的质量不变时，小车的加速度与小车的合外力成正比，图象是过原点的直线，故a正确。故选：a故答案为：（1）甲；甲图通过拉力传感器能够准确得到小车受到的拉力大小，不需像乙图那样要使小车的总质量远远大于钩码的质量才能近似认为

23、小车受到的拉力等于钩码的重力；（2）0.36；0.16；（3）a。【点评】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的公式，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，明确实验原理，正确理解实验中具体操作的含义，加强基本物理规律在实验中的应用。13【分析】（1）足球受到重力g、网兜的悬绳的拉力t和墙壁的弹力n作用，作出足球的受力示意图。（2）根据平衡条件求解绳子与竖直墙面的夹角的正切值及墙壁对足球的弹力大小。（3）由牛顿第三定律求足球对墙壁的压力fn的大小。【解答】解：（1）足球受力如图所示（2）小球的受力分析如图所示，由共点力的平衡条件可得： gtcos解得

24、：cos0.8根据三角函数公式得：tan0.75 （3）fngtan解得：fn6n 由牛顿第三定律：足球对墙壁的压力fnfn6n答：（1）画出足球的受力示意图如图所示。（2）绳子与竖直墙面的夹角的正切值为0.75。（3）足球对墙壁的压力fn的大小是6n。【点评】本题是简单的三力平衡问题，关键是明确足球的受力情况，根据平衡条件并结合合成法列式分析。14【分析】（1）如果立即做匀减速运动，计算出汽车停下时运动的位移，再和停车线的距离比较。（2）汽车立即以最大加速度匀加速运动，分别计算出匀加速2s的位移和速度，与实际要求相比较，得出结论；【解答】解：（1）根据运动学公式，汽车停下来时间为t1，则vtv0+a2