重庆市重庆一中高二下学期期中考试物理(解析)要点

1、2015-2016学年重庆市重庆一中高二下学期期中考试物理1.卢瑟福提出原子的核式结构模型的依据是用“粒子轰击金箔，实验中发现a粒子（A.全部穿过或发生很小偏转B.绝大多数发生很大偏转，甚至被弹回，只有少数穿过C.全部发生很大偏转；D.绝大多数穿过，少数发生较大偏转，极少数甚至被弹回2 .关于加速度的有关论述，下列说法正确的是（）A.加速度不断减小，物体的速度一定减小B,加速度为负，物体一定做减速运动C.加速度是描述物体运动状态变化快慢的物理量D.曲线运动物体的加速度一定是变化的3 .三个运动物体 a、b、c,其位移一时间图像如图所示，关于三个物体在t0时间内的运动,以下说法正确的是（）A.

2、a和c做曲线运动，b做直线运动B.三者平均速度相同C.三者平均速率相等D.三个物体均做单向直线运动，并在to时刻相遇4.日本福岛核电站泄漏事故中释放出大量的碘131,碘131是放射性同位素，衰变时会发出3射线与丫射线，碘131被人摄入后，会危害身体健康，由此引起了全世界的关注.下面 关于核辐射的相关知识，说法正确的是（）A.人类可以通过改变外部环境来改变碘131衰变的快慢B.碘131的半衰期为8.3天，则4个碘原子核经16.6天后就一定剩下一个原子核C.碘131发生3衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的D. 3射线与丫射线都是电磁波，但 丫射线穿透本领比3射线强5. 一辆汽车在

3、平直公路上做刹车实验，若从零时刻起汽车在运动过程中的位移与时间的关2、 系式为x = （20t 2.5t ）m ,则下列分析正确的是（）A.上述过程的加速度大小为2.5m/s 2B.前5s内汽车位移为 37.5mC.汽车初速度为 40m/sD.刹车过程的位移为 40m6 .用如图所示的装置研究光电效应现象。闭合电键 S,用光子能量为2.75eV的光照射到光 电管上时发生了光电效应，电流表 G的示数不为零；移动变阻器的触点 c,发现当电压表的示数大于或等于1.6V时，电流表示数为零，则下列说法正确的是（）A.光电子的最大初动能为1.15eVB.光电管阴极白勺逸出功为1.15eVC.电键S断开后，

4、电流表 G中电流仍为零D.当滑动触头向a端滑动时，电压表示数增大，电流表G中电流增大7 .如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于n = 4的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，已知可见光光子能量范围约为1.61eV至3.10eV,下列说法正确的是（）4 O.35&Vn= 31.516Vn=2 -3.40eVa1imeoevA.这群氢原子能发出 4种频率不同的光8 .其中从n =2跃迁到n = l所发出的光频率最高C.其中从n =2跃迁到n = l所发出的光波长最长D.这群氢原子能发出 2种可见光质量分别为M和M的木板，两个大小、8.如图所示，在光滑的水平面上放着两块长度

5、相同、质量完全相同（可视为质点） 分离时两木板的速度分别为 以下情况不可能存在的是（的小滑块分别以初速度V01和V02冲上木板，且都能与木板分离,V1和V2,若已知V1>V2,且滑块与木板间的动摩擦因数相同，则 ）A. V0i>V02,且 M=M2B.C. voi=vo2,且 M>M2D.9.下列说法正确的是(V0i<V02,且 M<MV0i<V02,且 M>M )A.卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为14 N 4He > 17O 1H7281 B.铀核裂变的核反应是235U*Ba 烧Kr /北9256360C.已知质子、中子、a粒子的质量分

6、别为 m、m2、m,那么，2个质子和2个中子结合成一个a粒子，释放的能量是（2m1 +2m2m3）c2D.铀（23；U ）经过多次“、3衰变形成稳定的铅（206 Pb ）的过程中，有4个中子转变成 质子10.在某一高度以 vo=3Om/s的初速度竖直上抛一个小球并开始计时（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）A.小球所用时间一定为 2sB.小球在这段时间内的平均速度大小可能为10m/s,方向竖直向下C.小球在这段时间内的平均速度大小可能为20m/s,方向竖直向上D.小球的位移大小一定是 40nl方向竖直向上11. A、B两物体同时同地同向出发，

7、其运动的vt图象和a-t图象如图甲、乙所示，已知在0t0和t02t0两段时间内，A物体在v t图象中的两段曲线形状相同，则有关A、B两物体的说法中，正确的为（）图甲图乙A. A物体先加速后减速B. a2=2a1C. t。时刻，A B两物体间距最小D. 2t0时刻，A、B两物体第一次相遇12. 一个物体以某初速度沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图所示， 在连续两段时间 m和n内对应面积均为 S,设经过b时刻加速度与速度分别为 a和Vb4U（ ）A a -2(m n)S bA a -b .(m 一n)mn2(m -n)S a =(m n)mnC.兴=(m D .mnvb=(m2 n

8、2)S(m n)mn13.下图为接在频率为 纸带，图中所示的1、 中第1、2计数点间距 X2、f中的量表示）f的交流电源上的打点计时器在物体做匀加速直线运动时打出的一条2、4、5是每打5个点所取的计数点，但第xi,第4、5计数点间距X2o由图数据可求得:3个计数点没有画出，其（除（4）外均选用Xi、Xi(1)(2)(3)(4)该物体的加速度为第3个计数点与第2个计数点的距离为 打第2个计数点时该物体的速度为电网中交变电流的频率一般为f = 50Hz,但由于某种干扰变为f=51Hz,学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比（选填“偏大”、“而做实验的同偏小”或“不变”）。14.兴趣小组同学想测

9、量一捆带绝缘漆的馍铭合金丝（横截面视为圆形）的长度。（1）如图1所示，他们用螺旋测微器测得合金丝的直径d=mm丝的电阻率为p ,若测出合金丝的电阻为R则合金丝的长度可以根据公式查得银铭合金L=求出（用p、d、R、兀表不'）。（2）他们用表盘如图2所示的多用电表测量合金丝的电阻。先将选择开关调到电阻挡的 “X10”位置，将红、黑表笔分别插入“ 用电表的指针指向电阻档的插孔，把两笔尖相互接触，调节旋钮T,使多刻线（选填“ 0”或“8”）。之后将红、黑表笔的笔* 、图2尖分别与合金丝两端接触，发现指针偏转角度过大，于是他们将选择开关调到电阻挡的 位置（选填“X 1”或“X 100”）。（3）

10、正确选择挡位并重新调零后，他们将红、黑表笔分别与合金丝的两端接触，测得合金丝的电阻为15Q o他们还想用伏安法测量合金丝的电阻时，发现实验室提供的电流表内阻约0.5,电压表内阻约 3kO为减小实验误差，在实验中应采用图中的电路（选填“甲”或“乙”15 .(原创)一物体(可视为质点)由静止开始从斜面顶端下滑作匀加速直线运动，第1s内位移为3ml求：(1)物体下滑过程中加速度的大小；(2)物体在前3s内(未到斜面底端)平均速度的大小；(3)物体滑到斜面底端最后1s内位移为18m,则斜面多长？16 .在相互平行且足够长的两根水平光滑的硬杆上，穿着三个半径相同的刚性球A、B、C,三球的质量分别为 mA

11、=1kg、m=2kg、m=6kg,初状态BC球之间连着一根轻质弹簧并处于静止， 日C连线与杆垂直并且弹簧刚好处于原长状态，A球以V0=9m/s的速度向左运动，与同一杆上的B球发生完全非弹性碰撞(碰撞时间极短)，求：(1) A球与B球碰撞中损耗的机械能；(2)在以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能；(3)在以后的运动过程中 B球的最小速度。17.(原创)如图1所示，空间存在方向竖直向下、磁感应强度大小B= 0.5 T的匀强磁场，有两条平行的长直导轨 MN PQ处于同一水平面内， 间距L=0.2 m,左端连接阻值 R= 0.4 Q 的电阻。质量 m= 0.1 kg的导体棒ab垂直跨接在导轨上，与导轨

12、间的动摩擦因数科=0.2。从t=0时刻开始，通过一小型电动机对棒施加一个水平向右的牵引力，使棒从静止开始沿 导轨方向做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好。除R以外其余部分的电阻均不计，取重力加速度大小g= 10 m/s 2。1086Mt xXXo 2 4 6 S 10 t (s) 图2X X X X X一一一 N翼X XXXF BXXXX X X X XI .若电动机保持恒定功率输出，棒的v t如图2所示(其中OA是曲线，AB是水平直线)，已知010 s内电阻R上产生的热量 Q= 30J,则求：(1)导体棒达到最大速度 vm时牵引力大小；(2)导体棒从静止开始达到最大速度Vm时的

13、位移大小。n.若电动机保持恒牵引力F=0.3N ,且将电阻换为 C=10F的电容器(耐压值足够大)，如图3所示，则求：(3) t=10s时牵引力的功率。参考答案1. D 【解析】试题分析：a粒子散射实验发现：绝大多数 «粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，但有少数口粒子(约占八千分之一)发生了大角度偏转，偏转的角度甚至大于90 1也就是说它们几乎被“撞了回来”。根据上述说法，故 D正确，A、B、C错误。 考点：口粒子散射实验。2. C【解析】试题分析：加速度是描述物体运动状态变化快慢的物理量，例如：在加速运动中，加速度减小时只是速度增大得慢了，但仍在增大，故 A错误，C正确；加

14、速度为负，只是说明加速度 与规定的正方向相反， 当物体的速度也沿负方向时，物体做的就是沿负方向的加速运动，故B错误；物体所受合外力恒定时，加速度就不变，如平抛运动就是加速度不变的曲线运动， 故D错误。考点：加速度的定义和物理意义。3. B【解析】试题分析：x-t图像只能表示直线运动，三个物体均做直线运动，故 A错误；三个物体在 to时间内的位移相同，都为 xo,平均速度等于位移与时间的比值，则有三者平均速度相同， 故B正确；三个物体在to时间内的路程不相同，a的路程为2xi-xo, b、c的路程为xo,平均速率等于路程与时间的比值，则有三者平均速率不相同，Va AVb =Vc,故C错误；三个物

15、体在to时刻相遇，b、c做单向直线运动，a的位移达到xi后反向运动，故 D错误。 考点：x-t图像的物理意义，平均速度，平均速率。4. C【解析】试题分析：放射性元素衰变的快慢可以用半衰期表示，半衰期是由核内部自身的因素决定的，跟原子所处的化学状态和外部条件没有关系，故A错误；半衰期是统计规律，对少量的原子核没有意义，故B错误；3衰变放出3射线是高速的电子流，其本质是原子核内的一个中子转化为一个质子和一个电子，丫射线是电磁波，其穿透本领比3射线强，故C正确，D错误。考点：半衰期，衰变的本质。5. D【解析】12试题分析：根据匀减速直线运动的位移公式x = v0t at可知，汽车刹车时的初速度2

16、v0 -20m s，加速度a=5m/s2，故A、C错误；由0=v0 - at可知刹车过程所用时间 t=4s ,2第5s内汽车已经停下，前5s内汽车位移也就等于刹车位移，由v2 =2as得，s =匹=40m ,2a故B错误，D正确；考点：匀变速直线运动的规律，刹车问题。6. B【解析】试题分析：由题目可知，遏制电压UC=0.7V ,最大初动能 E<=eUC=0.7eV ,故A错误；根据光电效应方程可知，逸出功 W =E-E< =1.15eV ,故B正确；断开电键，光电效应依然发生，有光电流，光电管、电流表、滑动变速器构成闭合回路，电流表中电流不为零，故C错误；电源电压为反向电压，当滑

17、动触头向a端滑动时，反向电压增大，电压表示数增大，电流表中电流减小，故 D错误。考点：光电效应及光电效应方程，遏制电压。7. D 【解析】试题分析：C2 =6,故A错误；从高能级向低能级跃迁，辐射的光子的能量等于两个能级c能量的差值，E=w = hv=hc,可知从n =4跃迁到n = l所发出的光频率最高，从 n =4 九跃迁到n = 3 所发出的光波长最长，故B C错误；E4 - E3 = 0.66eV,属于红外线，E3 E2 =1.89eV , E4 E2 =2.55eV ,属于可 见光，E2 E1 = 10.20eV ,E3 Ei =12.09eV, E4 E1 =12.75eV,属于紫

18、外线，故 d正确。考点：波尔理论。8. B【解析】试题分析：设滑块在木板上的滑行时间为t ,分离时，滑块速度为分别为V1和V2,滑块在木板上向右减速，a =%，木板速度为v。木板向右加速，a； =mg", a2 =mg,二M1M2者分离满足位移之差等于板长L,即s s' = L，其中V1 = v01 at, v2= v02 - at。根据对运动过程的分析可知，滑块的初速度越大，木板的加速度越小，滑块离开木板时的速度就越大。当m=m时，a；=a2,又有vs>v02,则v>v2,故A可以；当m<m时，a；> a2,又有V0i<V02,则vi <

19、v2,故B不可以；当 M>M时，a； < a2 ,又有voi =v02,则v>v2,故C可以；当M>M时，a； < a；,但这时voi<v02,因此可能是 vi>v2,也可能是vi<v2,故D也可以。考点：圆牛顿第二定律的应用，滑块一木板模型。9. AC【解析】试题分析：卢瑟福用粒子轰击氮原子核生成氧i7和一个质子：i74N+24He-*iJO+iH ,故A正确；铀核的裂变是用一个中子去轰击铀，发生裂变，并产生巨大的能量和更多的中子，这些中子去撞击铀，继续产生更多的裂变能量，反应方程是：235U2Ba+；Kr +3：n ,9205636 J0中子

20、不能约去，故B错误；根据爱因斯坦质能方程，释放的核能E =Amc2 =(2ml +2m2 -m3)c2 ,故C正确；设2；U经过m次“衰变和n次3衰变形成稳定的206Pb,衰变方程为2928UT 20；Pb+m：He+n*e,由电荷数守恒和质量数守恒有： 。49M。4238 =206 +4m, 92 =92+2m n ,解得m =8 , n=6, “衰变的本质两个质子和两个中子结合成一个氯原子核，3衰变的本质是一个中子转化成一个质子和一个电子，发生 6次3衰变，有6个中子转变成质子，故 D错误。考点：典型的人工核反应、铀核的裂变方程、质能方程、衰变方程及其本质。10. CD【解析】试题分析：小

21、球做竖直上抛运动，减速到零后加速下落，当小球速度大小为i0m/s时，可能是上升过程速度大小为 i0m/s,也可能是下降过程速度大小为i0m/s,但其位移一定。取竖22v v直向上为正万向，由 v v；=2gh,解得位移h = 40m,故D正确；上升过2g程速度大小为i0m/s时，由v = v0 一 gt1，得心=*= 2s ,平均速度vi = " = 20 m/s ,gti方向竖直向上；下降过程速度大小为i0m/s时，由-v = v0-gt2,得12="0v=4s,平gh均速度v2 = =i0m/s ,万向竖直向上；故 a、B错误，C正确。t2考点：匀变速直线运动的规律，竖

22、直上抛运动。11. BD【解析】试题分析：由甲图可知，A物体先做加速度增大的加速运动，再做加速度减小的加速运动，速度一直增加，故A错误；由甲图可知， 两物体的速度变化量相同，在乙图中a-t图线围成的面积表示速度的变化量，即 0t0时间内a-t图线围成的面积相等，则有 az=2ai,故B 正确；由v t图线可知，0to时间内A的速度一直小于 B的速度，B在前，A在后，AB之 间的距离不断增大，to时刻以后A的速度大于B的速度，它们之间的距离开始减小，因此 t0时刻两物体之间的距离最大，故C错误。由甲图可知，2t 0时刻A、B两物体v t图线围成的面积相等，表示位移相等，两物体第一次相遇，故D正确

23、。考点：v t图象和a-t图象的物理意义。12. BD【解析】S试题分析：设a、b中间时刻的速度为vi,b、c中间时刻的速度为V2,则v1 = vab=,mv2 =vbc =S ,这两个中间时刻的时间间隔t = m + n ,且有v2 = v1 +at ,可得加速度n2v2 -v12(m - n)S-1 =-,故 A错误,t (m ' n)mnB正确；由 b至ij c,由12 S = vbn+an 可得:2S vb nan (m2 n2)S一=-,故c错误,2 (m n)mnD正确。考点：匀变速直线运动的规律,v t图像的物理意义。13. (1)a =(x2 ")f275；(

24、2) X =2x1 x23,、(5x1 x2)f(3) v2; (4)偏小。30【解析】1试题分析：（1）交流电频率为f,则打点计时器的打点周期为 T0 =：，两个计数点之间的5 时间间隔T =5T0 = f ,纸带上给出的x1、x2分别为第1个计数点和第2个计数点、第4个计数点与第 5个计数点之间的距离，在纸带上x1为第1段，x2为第4段，加速度(X2 -xl) f75X2 -X1a2(4-1)T2(2)第3个计数点与第2个计数点之间为第2段距离距离，设为X,则有a = ±3 可T22 2X1 X2得：X=X1+aT =。3(3)第2个计数点为第1个计数点和第3个计数点的中间时刻，

25、打第 2个计数点时该物体 的速度为第1个计数点和第3个计数点之间的平均速度，有X1 X(5X1 x2) fV2 = V13 二二2T 30(4)频率变大，打点时间间隔变短，而做实验的同学用原来的时间，即用较大的时间来计算，则算得的加速度偏小。考点：纸带问题中加速度、瞬时速度的计算，打点计时器的工作原理。Rd214. (1) d = 0.200mm (0.198mm 0.201mm 之间均可)，L= (2) 0 x 1 -(3)4-甲。【解析】试题分析：(1)螺旋测微器主尺读数为零，主尺中线与可动刻度第20条刻度线对齐，读出20.0，最终读数为合金丝的直径:d =0+20.0M0.01 = 0.

26、200mm。根据电阻定律 R= P2,RS 二 Rd2L =二：4：S_12合金丝的横截面积S = nd2 ,合金丝的长度4(2)欧姆表选档后要进行欧姆调零：把两笔尖相互接触，调节旋钮T,使多用电表的指针指向电阻档的0刻线。欧姆表测得的电阻值 =示数X倍数，指针从8刻度线向右偏转，偏转角度太大，导致示数太小，原因是选档的倍数太大， 故应选择倍数较小的档位，即选X 1档。(3)由题目给出的数据可知： R2 < Ra& ,该合金丝的阻值较小故应采用电流表的外接法， 即选甲电路。考点：螺旋测微器的读数，电阻定律，多用电表度使用，伏安法测未知电阻，电流表的内、外接法。15. (1) a=

27、6m/s2； (2) v3=9m/s; (3) x=36.75m。【解析】12试题分析：(1)物体由静止开始做匀加速直线运动，第 1s内位移为3m,由x1 = at12,有121加速度a =6m/s2 。1X。(2)物体在刖3秒内的位移x3 =at； =27m ,则平均速度：v3='=9m/s。 2t3(3)设斜面长度为x,总滑行时间为t , (t-1 ) s内滑行距离为X，1 C根据匀变速直线运动的规律有：t时间内位移X = - at2212(t-1 ) s时间内位移x =-a(t1)2且有最后1s内的位移Ax=xx'解得滑行时间t=3.5s,斜面长度x= 36.75m考点：

28、匀变速直线运动的规律。16. (1) AE =27J ; (2) Epm=9J；(3)零。【解析】试题分析：(1) A、B发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律有：mAv0 = (mA + mB)v1碰后A、B的共同速度v1 = mAv0 =3m/smA mb 1 c 1c损失的机械能 EmAv2(mA mB)v2 =27J22(2) A、B、C系统所受合外力为零，动量守恒，机械能守恒，三者速度相同时，弹簧的弹 性势能最大根据动量守恒定律有：(mA - mB )v1 = (mA mB mC )v2三者共同速度v2 =mA mB-v1 =1ms mA mB mb 1o 1取大弹性势能 EPm = -(mA mB)v1 - - (mA mB mC )v2 = 9J(3)三者第一次有共同速度时，弹簧处于伸长状态，A、B在前，C在后。此后C向左加速,A、B的加速度沿杆向右，直到弹簧恢复原长，故 A B继续向左减速，若能减速到零则再向 右加速。弹簧第一次恢复原长时，取向左为正方向，根据动量守恒定律有：(mA mB)v =(mA EbM m1c 1c 1 c根据机械能寸恒te律：一(mA，mB )v；(mA