2022年届泉州市高中毕业班理科综合测试

1、精选学习资料 - - - 欢迎下载2021 届泉州市高中毕业班理科综合测试（一模）物理部分试题一.挑选题：此题共8 小题,每道题6 分；在每道题给出的四个选项中,第14 18 题只有一项符合题目要求,第19 21 题有多项符合题目要求；全部选对的得6 分,选对但不全的得3 分,有选错的得0分；14 如下列图为氢原子的能级图,用某种频率的光照耀大量处于基态的氢原子,受到激发后的氢原子只辐射出三种不同频率的光a.b.c,频率 ab c,让这三种光照耀逸出功为10.2ev 的某金属表精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载面,就a. 照耀氢原子的光子能量为12.09 evb. 从 n=3 跃迁

2、到 n=2 辐射出的光频率为bc. 逸出的光电子的最大初动能为1.51 evd. 光 a.b.c 均能使该金属发生光电效应ne/ev05-0.544-0.853-1.512-3.41-13.6精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题考查光电效应.氢原子能级图.波尔原子理论等学问,考查懂得才能；【解题思路 】：用某种频率的光照耀大量处于基态的氢原子,受到激发后的氢原子只辐射出三种不同频率的光, 说明为电子从第一能级跃迁到第三能级,入射光子的能量e=（ 1.51 ev）（ 13.6 ev）=12.09 ev,a 选项正确；从n=3 跃迁到 n=2 辐射出光应当为c 光,

3、b 选项错误；逸出的光电子的最 大初动能 ekm=12.09 ev 10.2ev=1.89ev , c 选项错误；能使该金属发生光电效应的只有a.b 两种光, d 选项错误；此题正确选项为a ；15 我国已把握“半弹道跳动式高速再入返回技术”,为实现“嫦娥”飞船月地返回任务奠定基础；如图虚线为大气层边界,返回器与服务舱分别后,从a 点无动力滑入大气层,然后从c 点“跳”出, 再从 e 点“跃”入,实现多次减速,可防止损坏返回器；d 点为轨迹的最高点,离地心的距离为r, 返回器在 d 点时的速度大小为v,地球质量为m,引力常量为g；就返回器a. 在 b 点处于失重状态dceb. 在 a.c. e

4、 点时的动能相等ba2c. 在 d 点时的加速度大小为gmrd. 在 d 点时的速度大小vgmr【命题立意 】：此题考查超重.失重.天体的加速度.围绕速度等；考查推理才能；【解题思路 】：b 点处的加速度方向背离地心,应处于超重状态,a 选项错误；由a 到 c 由于空气阻力做负功,动能减小,c 到 e 过程中只有万有引力做功,机械能守恒,a. c.e 点时的速度大小应满意1精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载va vc=v e,所以动能不相等,b 选项错误；在d 点时合力等于万有引力,即gmmr 2= mad ,所以加速精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载r 2度大小 ad

5、= gm ,c 选项正确；在d 点时万有引力大于所需的向心力,做近心运动,所以速度大小vgm , d 选项错误；此题正确选项为c； r16在坐标 -x0 到 x0 之间有一静电场,x 轴上各点的电势随坐标 x 的变化关系如下列图,一电量为e 的质子从 -x0 处以肯定初动能仅在电场力作用下沿x 轴正向穿过该电场区域；就该质子精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载a在 -x0 0 区间始终做加速运动b在 0x0 区间受到的电场力始终减小/v0精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载c在 -x0 0 区间电势能始终减小d在 -x0 处的初

6、动能应大于e0-x00x/mx0精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题利用图像,考查场强与电势的关系,并利用力学学问分析带电粒子在电场中的运动；要求同学具有从图像上猎取有用信息的才能（比如电势随空间位置的变化趋势,斜率的物理意义）,再依据相应的物理规律进行分析推理；考查推理才能；【解题思路 】： 从-x0 到 0 区间,电势上升,意味着该区域内的场强方向向左,质子受到的电场力向左与运动方向相反,所以质子做减速运动,a 选项错误；设在x x+ x,电势为 +,依据场强与电精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载 势差的关系式e= x ,当 x 无限趋近于零时,

7、x表示该点x 处的场强大小,从0 到 x0 区间,图线的精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载斜领先增加后减小,所以电场强度大小先增加后减小,依据f=eq,质子受到的电场力先增加后减小,b选项错误；在-x0 0 区间质子受到的电场力方向向左,与运动方向相反,电场力做负功,电势能增加,c 选项错误；由于质子从-x0 到 0 区间做减速运动,从0 到 x0 区间做加速运动；所以质子能穿过电场区 域的条件为在原点处的动能e 要大于零；设质子初动能为e0,从 -x0 运动到 0 过程中,依据动能定理得： e -e0=-e0,所以 e0=e0 +e e0 , d 选项正确；此题正确选项为d；17

8、 如下列图,面积为s.匝数为 n 的矩形线框在磁感应强度为b 的匀强磁场中,绕垂直于磁感线的轴oo匀速转动,通过滑环向抱负变压器供电,灯泡l 1.l 2 均正常发光,抱负电流表的示数为i；已知 l 1.l 2 的额定功率均为p,额定电流均为i,线框及导线电阻不计,就oa 图示位置时穿过线框的磁通量变化率为零b22 p精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载b线框转动的角速度为inbsa精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载c抱负变压器原副线圈的匝数比为1 2 d如灯 l 1 烧断,电流表示数将增大l 1 l2o精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题考查

9、交变电流的产生.变压器的应用.电路动态变化等学问点；考查同学对学问概念的懂得和应用才能；【解题思路 】： 线圈平面与磁场平行时,产生的感应电动势最大,磁通量变化率最大,故a 选项错误；2精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载抱负变压器输入功率等于输出功率,由于两个灯泡都正常发光,就可知矩形线框产生的功率为2p,就精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载有 2p= 12emi= 1222pnbsi,可得 =inbs ,故 b 选项正确；由于原线圈的电流为i,副线圈中两灯泡并联精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载就总电流为2i,可知 n1 n2=2 1,故 c 选项错误；如

10、l1 烧断,就副线圈电流减小,原线圈的电流也相应减小,故d 选项错误；此题正确选项为b；18如下列图,两个大小相同.质量均为m 的弹珠静止在水平地面上；某小孩在极短时间内给第一个弹珠水平冲量使其向右运动,当第一个弹珠运动了距离l 时与其次个弹珠发生弹性正碰,碰后其次个弹珠运动了2l 距离停下； 已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k 倍,重力加速度为g,就小孩对第一个弹珠精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载a施加的冲量为mkgl b施加的冲量为m3 kgl c做的功为kmgll2l精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载d做的功为3kmgl【命题立意 】：此题考查动量定理.动量守恒定

11、律动能定理等；考查同学对学问概念的懂得和应用才能；【解题思路 】：当第一个弹珠运动了距离l 时与其次个弹珠发生弹性正碰,依据动量守恒和能量守恒可知,两球速度发生交换,即第一个弹珠碰后停止运动,其次个球弹珠以第一个弹珠碰前的速度连续向前运动了2l 距离停下,从成效上看,相当于其次个弹珠不存在,第一个弹珠直接向前运动了3l 的距离停止运动,依据动能定理, 小孩对第一个弹珠做的功等于克服摩擦力做的功,即：w=kmg3l, 选项 c 错误,选项d 正确；施加的冲量i=p=p 0=2me k 0=2 m.kmg3l = m6kgl ,选项a .b 错误；此题正确选项为d；19 如下列图,空间存在垂直纸面

12、的匀强磁场,一粒子发射源p 位于足够大绝缘板ab 的上方距离为d处,在纸面内向各个方向发射速率均为v 的同种带电粒子,不考虑粒子间的相互作用和粒子重力；已知粒子做圆周运动的半径大小也为d,就粒子a能打在板上的区域长度为2dpb能打在板上离p 点的最远距离为2dd精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载c到达板上的最长时间为d到达板上的最短时间为ab3d2vd 2v精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题考查洛伦兹力.带电粒子在磁场中的运动,考查分析推理才能；【解题思路 】：如下列图,设粒子均沿逆时针运动,沿轨迹打到板上的最左边m 点,沿轨迹打到板 上的最右边n

13、点,就 pm 为轨迹圆的直径, 轨迹与板相切与n 点,po 与板垂直, 就 mp=2 d,po= d, mo=2 d2 d2 =3d, on= d,粒子能打在板上的区域长度为mo+ on=3+1 d ,应选项a 错误,3精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载选项 b 正确；粒子沿轨迹到达板,该轨迹与板相切与n 点,此过程时精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载间最长, t33 2d3d精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载vmax=4t=4·= 2v,选项 c 正确；粒子沿轨迹到达板上o 点,精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资

14、料 - - - 欢迎下载此过程时间最短,t11 2dd,应选项d 错误；此题正确选项为精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载vbc ；min =6t=6·=3vp精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载mn n o20 如图甲所示,长为l.倾角为的斜面固定在水平地面上,一质量为m 的物块从斜面顶端由静止释放并沿斜面对下滑动；已知物块与斜面间的动摩擦因数与下滑距离x 的变化图象如图乙所示,就a 0 tanb物块下滑的加速度逐步增大0x1c物块下滑到斜面底端的过程克服摩擦力做功为0mgl cos精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载2d物块下滑究竟端时的速度大小为2

15、 gl sin -2 0gl cos 甲0乙l精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题考查牛顿运动定律.摩擦力.变力做功和动能定理等学问点；考查同学的过程分析才能和应用数学学问解决物理问题的才能；【解题思路 】：物块在斜面顶端静止释放能够下滑,应满意mgsin>0mgcos,即 0<tan,故 a 选项错误；依据牛顿其次定律可知a=gsin-gcos,可知物块下滑过程中随着的减小, a 在增大,故b 选项精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载正确；摩擦力f=mgcos=0-中f0l xmgcos,可知 f 与 x 成线性关系,如下列图,其1f精品学

16、习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载0=0mgcos,就物块下滑到斜面底端的过程克服摩擦力做功wf =f l= 2f0精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载0mglcos,故 c 选项正确；由动能定理有mglsin 10mgl cos = 21m2,得 = x20l精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载2gl sin -0gl cos ,故d 选项错误；此题正确选项为bc；21 如下列图,带电小球a 由绝缘细线oc 和 oe 悬挂而处于静止状态,其中oc 水平,地面上固定一精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载绝缘且内壁光滑的14圆弧细管道ab ,圆心 o 与 a

17、球位置重合,管道底端b 与水平地面相切；一精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载质量为 m 的带电小球b 从 a 端口由静止释放,当小球b 运动到 b 端时对管道内壁恰好无压力,在精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载此过程中a小球 b 的机械能守恒b悬线 oe 的拉力先增大后减小c悬线 oc 的拉力先增大后减小ebocaab精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载4精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载d b 球受到的库仑力大小始终为3mg【命题立意 】：此题考查受力物体的动态平稳.库仑力.机械能守恒定律和向心力等学问点,考查同学分析与综合的才能,以及利用矢量图

18、的方法进行推理的才能；【解题思路 】： 小球 b 在下滑过程中受到重力.库仑力.管道支持力作用,在此过程中只有重力做功,库仑力.管道支持力不做功,所以小球b 的机械能守恒,a精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载选项正确；在小球b 运动到a 球正下方b 点过程中,设圆toc精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载弧半径为r,依据机械能守恒定律得：mgr=1f2,依据牛toe精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载m 2m2精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载顿其次定律得f-mg=r ,由以上两个式子可得：f= 3mg,精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载

19、故 d 选项正确； 在分析 oe 和 oc 段绳子的拉力变化时,小球 a 的重力沿oe 和 oc 段绳子的分力为定值,所以对oe 和 oc 段绳子拉力的变化没影响,可以不考 虑；把库仑力f 依据其作用成效沿oe 和 oc 方向进行分解,如下列图；由图可知,库仑力f 与水平方向的夹角从 0 增加到 90°的过程中,在oc 绳子的拉力toc 先增加后减小,oe 绳子的拉力toe 始终增加, b 选项错误, c 选项正确；此题正确选项为acd ；二.非挑选题：包括必考题和选考题两部分；第22 题第 25 题为必考题,每个试题考生都必需作答；第 33 题第 34 题为选考题,考生依据要求作答

20、；（一）必考题（共47 分）22（ 6 分） 某爱好小组用如下列图的装置测量滑块与木板之间的动摩擦因数 ；在一端带有定滑轮的水平长木板上固定a .b 两个光电门,滑块用跨过定滑轮的水平细绳与托盘相连；试验时,让滑块由静止开头运动,测出托盘和盘中砝码的总质量为m,滑块的质量为m ,两光电门之间的距离为s, 遮光片的宽度为d,记录遮光片通过a .b 两光电门的遮光时间分别为t1.t2,重力加速度为g；（1）滑块运动的加速度表达式a =（用 d.t1. t2.s 表示）；（2）如用托盘和砝码的总重力来代替细绳对滑块的拉力,就滑块与木板间的动摩擦因数=精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（用

21、 a.m.m.g 表示）；（3）关于本试验的误差,以下说法正确选项 ；a .的测量值比真实值小b .的测量值比真实值大c.增加滑块的质量m 可减小试验误差光电门 b光电门 a长木板托盘和砝码遮光片滑块精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载d .增加托盘和盘中砝码的总质量m 可减小试验误差【命题立意 】：此题考查动摩擦因数的测量,考查试验原理.误差分析等试验才能；【解题思路 】：精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（ 1）由速度v= dv 2-v 12=2 as,可得 a=1 （ d） 2-（ d ） 2;精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载t , 22st2t1精品

22、学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（ 2）依据牛顿其次定律有mg-mg=ma,就有 = mg-ma ；mg5精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（ 3）用整体法可知mg-mg=（ m +m） a= mg-m +ma ,所以 >,所以本试验方案的测量值比精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载,就 mg精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载真实值大； 当增加滑块质量m 时,由牛顿其次定律可知整体运动加速度a 减小,又 = m a m g精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载=·,由 m 增大, a 减小,就 减小,即测量值与真实值的差值减小

23、,故当增加滑块的质量m 时可以减小试验误差,当增加托盘和盘中砝码的总质量m 时,由牛顿其次定律可知整体运动加速度a 增大,精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载又 = m ma,由 m 增大, a 增大,就增大,即测量值与真实值的差值增大,故增加托盘=·g精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载和盘中砝码的总质量m 会增大试验误差,所以b .c 选项正确；23（ 10 分）一玩具电动机的额定电压为3v ,其线圈的电阻rx 大约为 15,当其两端电压达到0.3v 时,电动机才会开头转动；为了尽量精确测量线圈的电阻rx,某同学设计了部分电路原理图如下列图,可供挑选的器材有：

24、电流表 a 1（ 0 20ma .内阻约10）；电流表 a 2（ 0 200ma .内阻约5）；mra滑动变阻器r1（ 0 10,额定电流2a ）；v滑动变阻器r2（ 0 2k ,额定电流1a ）；es电压表 v （ 2.5v ,内阻约 3k ）；电源 e（电动势为3v .内阻不计） ；定值电阻（阻值为r）开关 s 及导线如干（1）应挑选的电流表为,滑动变阻器为；（2）测量过程中要保持电动机处于（选填“转动”或“不转动”）状态,以下四个定值电阻的阻值r 中,最合适的为；a.20 b.50 c.120d.1200 （3）请把电路原理图的连线补充完整；（ 4）某次试验中,电压表的读数为u ,电流表

25、的读数为i ,就运算电动机导线圈电阻的表达式rx=；【命题立意 】：此题考查电动机线圈电阻的测量,考查仪器挑选.试验方法以及试验设计的才能；【解题思路 】：（ 1）导线圈的电阻rx 大约为 15,为了保证明验过程中电动机不转动,其两端电压不超精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载过 0.3v ,可估算其电流i =urx0.3=15= 0.02a ,不超过20ma ,所以电流表挑选a 1；滑动变阻器如选用精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载限流式接法,用2k 不便于操作,用10 调剂范畴太小,不宜用限流式接法,最好用分压式接法,所6精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载

26、以滑动变阻器挑选r1=10 ；（ 2）测量过程中要保持电动机处于不转动状态,此时可视为纯电阻,电流 i 不能超过0.02a ,当电压表精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载达到满偏电压2.5v 时 , 2.5v0.02a= 125,即电动机线圈内阻和定值电阻的总和为125,故定值电阻应选精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载120 最合适；rma（ 3）所选电流表内阻约10,电压表内阻约3k,由于ra rx ,所rxrvv以应挑选外接法,又滑动变阻器选用分压式接法,电路补充连线如图所es示；（ 4）依据欧姆定律,rx+ r= u,所以 rx = u r；ii7精品学习资料精选学

27、习资料 - - - 欢迎下载24（ 12 分） 如下列图,两块相同的金属板mn .pq 平行倾斜放置,与水平面的夹角为45°,两金属板间的电势差为u ,pq 板电势高于mn 板,且 mn .pq 之间分布有方向与纸面垂直的匀强磁场；一质量为 m.带电量为q 的小球从pq 板的 p 端以速度v0 竖直向上射入,恰好沿直线从mn 板 的 n端射出,重力加速度为g；求：n（1）磁感应强度的大小和方向；（2）小球在金属板之间的运动时间为多少？mqv045°p【命题立意 】此题考查带电粒子在复合场中的运动,涉及重力.电场力.洛伦兹力等受力分析,平稳条件的应用和匀速直线运动的规律等；考

28、查分析综合才能；【解题思路 】解析：（1）小球在金属板之间只能做匀速直线运动,受重力g.电场力f 电和洛伦兹力f, f 电的方向与金属板垂直,由左手定就可知f 的方向沿水平方向,三力合外力为零,故小球带正电,金属板mn .pq之间的磁场方向垂直纸面对外,且有qv0b = mgtan得 b =mgqv0（ 2）设两金属板之间的距离为d,就板间电场强度e = ud又 qe =2 mg又 h= 0t小球在金属板之间的运动时间t =hv 0解得 t =qumg0另解：由于f =qv0b 不做功,w g =-mgh、w 电 = qu ,就由动能定理得 qu - mgh = 0h= 0t精品学习资料精选学

29、习资料 - - - 欢迎下载得 t =qu mg0精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载8精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载25（ 19 分） 如图甲所示,固定的光滑半圆轨道的直径pq 沿竖直方向,其半径r 的大小可以连续调剂,轨道上装有压力传感器,其位置 n 始终与圆心o 等高； 质量 m = 1 kg .长度 l = 3 m 的小车静置在光滑水平地面上,小车上表面与p 点等高,小车右端与p 点的距离s = 2 m ；一质量m = 2kg 的小滑块以 v0 = 6 m/s 的水平初速度从左端滑上小车,当小车与墙壁碰撞后小车立刻停止运动；在r 取精品学习资料精选学习资料 -

30、 - - 欢迎下载不同值时,压力传感器读数f 与 1r0.2,取重力加速度g 10 m/s2；求：（1）小滑块到达p 点时的速度v1 ；（2）图乙中a 和 b 的值；的关系如图乙所示；已知小滑块与小车表面的动摩擦因数=精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（3）在1 3.125m -1r的情形下,小滑块落在小车上的位置与小车左端的最小距离xmin ；f /n精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载qornv0plsb0a2a3a-b1r/m-1精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载

31、甲乙【命题立意 】此题结合板块模型.圆周运动.平抛运动.图像等学问考查分析综合才能和应用数学学问解决物理问题的才能；【解题思路 】解析：（ 1）小滑块滑上小车后将做匀减速直线运动,小车将做匀加速直线运动,设小滑块加速度大小为a1,小车加速度大小为a2,由牛顿其次定律得：对滑块有mg= ma1对小车有mg= ma 2 设小车与滑块经受时间t 后速度相等,就有v 0 a1t =a2t滑块的位移小车的位移s1 = v 0t 1s2 = 1a2t21 2代入数据解得s1 = 5 ms2 = 2m2a t2由于 s2 = s , l =s1 s2,说明小车与墙壁碰撞时小滑块恰好到达小车右端,即小滑块到达

32、p 点的速度v 1 =2a2s2 = 4 m/s另解：9精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载设小滑块与小车共速的速度为v ,相对位移为l 0,就由动量守恒定律得mv0=m +mv精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载解得 v=4m/s由功能关系得mgl 0 12 12精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载=2mv0此过程小车的位移设为s02m +mv精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载就有 mgs120=2m v解得 s0=2m , l 0=3m由于 l 0=l, s0=s,说明小车与墙壁碰撞时小滑块恰好到达小车右端,即小滑块到达p 点的速度v 1 = 4

33、m/s（ 2）设小滑块到达到达n 点时的速度设为v n,就有v2nf = m r从 p 点到 n 点过程中,由机械能守恒定律有精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载122mv1 =12mvn2+mgrv12精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载由式得f= m r 2mg故 b = 2mg = 40精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载2由式结合图乙可知,图像的斜率k= mv1 =32精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载故 a = bk= 1.25精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（ 3）设小滑块恰能经过

34、半圆轨道最高点q 时的轨道半径为r,此时经过q 点的速度为v q,就有vq 2mg = m r.从 p 点到 q 点过程中,由机械能守恒定律有精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载12mv1 2 =12mvq2+2 mgr.精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载解得 r=0.32m ,即 1r= 3.125m-1精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载可见在 1 3.125m-1 的情形下,小滑块在半圆轨道运动过程中始终不会脱离轨道r由. 式可得 v q =v124gr=16 40 r.小滑块离开q 点后做平抛运动至到达小车的

35、过程中,有x = v qt.2r = 1gt2.210精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载得 x =1.6 4 r4 r当 r = 0.2m时 x 有最大值xm = 0.8m.小滑块落在小车上的位置与小车左端的最小距离x min= l xm = 2.2m.11精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载（二）选考题：共15 分；请考生从给出的2 道物理题中任选一题作答；33 物理 选修 3-3 （ 15 分）（ 1）（ 5 分）以下说法正确选项（填正确答案标号；选对1 个得 2 分,选对2 个得 4 分,选对 3个得 5 分；每选错1 个扣 3 分,最低得分为0 分）a. 大气中

36、pm2.5 颗粒的运动为分子的热运动b. 液体与大气接触的表面层的分子势能比液体内部的大c. 单晶体和多晶体的物理性质都为各向异性,非晶体为各向同性的d. 分子间同时存在着引力和斥力,当分子间距增大时,分子间的引力和斥力都减小e. 在温度肯定时,对某种气体,处于肯定速率范畴内的分子数所占百分比为确定的【命题立意 】：此题考查布朗运动.分子势能.单晶体.多晶体.非晶体的性质.分子力.分子速率分布规律等；考查懂得才能；【解题思路 】： 大气中 pm2.5 颗粒的运动为固体颗粒的运动,a 选项错误；当液体与大气接触时,液体表面层的分子间距比内部的大,分子势能比液体内部的大,b 选项正确； 单晶体的物

37、理性质为各向异性,多晶体和非晶体为各向同性的,c 选项错误；分子间同时存在着引力和斥力,当分子间距增大时,分子间的引力和斥力都减小,d 选项正确；对于大量气体分子,在温度肯定时,处于肯定速率范畴内的分子数所占百分比为确定的,e 选项正确；此题正确选项为bde ；（ 2）（10 分）如下列图,a .b 为两个固定在地面上的气缸,两气缸的活塞用水平轻质细杆相连,a 的活塞面积为b 的 2 倍, 活塞处于静止状态,两气缸内封闭的气体压强均等于大气压强p0,气体温度均为 27, a 的活塞与a 气缸底部相距10cm, b 的活塞与b 气缸底部相距20cm；现使两气缸内 气体缓慢上升相同温度至活塞在水平

38、方向移动了2cm 后再次平稳（活塞不会脱离气缸）；i. 通过运算分析说明气体升温的过程中活塞的移动方向；ii. 求再次平稳时a 气缸的气体压强和温度；ab【命题立意 】此题考查抱负气体的等容变化以及抱负气体的状态方程等；考查分析综合才能；【解题思路 】（ 1）假设气体升温的过程两活塞没有动,就a.b 气缸中的气体体积不变,设原先温度为t0,升温后气体压强分别为pa1 .pb1,温度为t1,依据查理定律有p0 = pa1 t0t1p0pb1t0 =t1解得pa1 = pb1 = p0t1t0对两活塞受力分析,其合力f =（ pa1 - p0） sa -（ pb1- p0）sb>012精品学

39、习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载故其合力向右,所以活塞向右移动（ 2）设再次平稳后的压强分别为pa2 .pb2,就依据抱负气体状态方程有精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载p0sal at0p0sbl bt0= pa2 sa la2t1pb2sb lb2=t1精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载活塞平稳应满意（ pa2 - p0） sa =（ pb2- p0） sb活塞面积sa =2sb将 la =10cml b=20cmla2 =12cmlb2=18cm 代入解得pa2=1.5 p0 t1=540k13精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载34 物理 选修

40、 34 （ 15 分）（ 1）（5 分）如图甲所示,沿波的传播方向上有间距均为0.1 m 的六个质点a.b.c.d.e.f,均静止在各自的平稳位置,t 0 时刻振源a 从平稳位置开头沿y 轴正方向做简谐运动,其运动图象如图乙 所示, 形成的简谐横波以0.1 m/s 的速度水平向右传播,就以下说法正确选项（填正确答案标号；选对1 个得 2 分,选对2 个得 4 分,选对3 个得 5 分；每选错1 个扣 3 分,最低得分为0精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载分）a这列波的周期为4 sb 0 4 s 时间内质点b 运动路程为6 cm c 4 5 s 时间内质点c 的加速度在减小 d 6

41、s 时质点 e 的振动方向沿y 轴正方向e质点 d 起振后的运动方向始终与质点b 的运动方向相反abcdef甲y/cm2024-2乙t/s精品学习资料精选学习资料 - - - 欢迎下载【命题立意 】：此题考查简谐振动的规律以及简谐波传播的特点等学问点；考查分析推理才能；【解题思路 】： 由图乙可知波源振动周期 t=4s, a 选项正确；由 =t=0.1 × 4m=0.4m , b 点起振时刻为 1s,0 4 s 质点 b 实际只振了 3s,运动路程为 6 cm, b 选项正确；质点 c 起振的时刻为第 2s 末, 45 s 时质点 c 正在由平稳位置向 y 轴负方向振动,加速度在增大, c 选项错误；质点 e 的起振时刻为第 4s 末,