初中物理实验组卷

1、初中物理实验组卷一实验探究题（共20小题）1如图所示的电路中，电源电压恒为16伏，其中电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50 1A”字样闭合电键S，滑片P在某位置时电流表示数如图（a）所示求R1两端的电压U求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值现用阻值为26欧的R0替换R1接入电路，同时将表盘如（b）所示的电压表接入电路当电压表选择量程，并接入两点间时（选填“AB”、“CD”、“AB”或“CD”），闭合电键S，移动滑片P的过程中，两电表的指针均能达到某量程的满刻度，且电路正常工作求滑片P移动过程中电流表示数最小值I最小2小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3V

2、，滑动变阻器上标有“202A”字样，阻值分别为5、10、20、50的定值电阻各一个（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整（2）小彬将5定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为A（3）将5定值电阻换成10定值电阻，闭合开关，为了保持表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向（选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数（4）将10定值电阻换成20定值电阻，重复步骤（3）（5）实验记录的多组数据如表所示分析数据可得出结论：当电压一定时，通过

3、导体中的电流与电阻成比实验次数定值电阻（）电流表示数（A）152100.183200.09（6）实验结束后，小彬问老师在此实验中能否换用50的定值电阻进行实验？老师指导小彬分析了不能更换的原因你认为其原因是（7）小彬若要使用上述的四个定值电阻完成四次实验，在现有器材不变的情况下，请你帮小彬设计可行的方案：3如图是某同学用“伏安法”测电阻电路图实验时，闭合开关S，通过调节滑动变阻器滑片位置，分别读出电压表和电流表的示数，记录在下表中 试验次数123平均值U（伏）I（安） R（欧）（1）从理论上分析，改变待测电阻两端的电压或改变通过电阻的电流并不会改变测得的阻值，那他为什么还要测三次取平均值呢？其

4、自的是（2）由记录表可知，他用先求出电压的平均值和电流的平均值，再用电压、电流的平均值算出电阻值的方法来处理数据，说出这种方法不合理之处（3）对于待测电阻的阻值而言，待测电阻两端电压属于（选填“自变量”、“因变量”、或“无关变量”）4在“测量小灯泡额定功率”的实验中，被测小灯泡上只能看到“3.8V”字样，某小组还发现电流表已经损坏，于是他们利用下列器材只连接了一次电路就测出了小灯泡的额定功率实验器材：一块6V的电源、一块量程合适的电压表、一个滑动变阻器、一个阻值为R0的定值电阻、若干开关和导线，请完成以下任务：（1）画出该组同学设计的电路图；（2）写出实验步骤；（3）写出灯泡额定功率的表达式（

5、用已知量和测量表示）5如图，甲、乙两透明密闭容器中都有一段电阻丝，内有质量相等的空气，U形管中液面高度的变化可以反映密闭容器中空气温度的变化（1）此实验是为了研究电流产生的热量与的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时问，电流在容器中产生的热量较多（2）在电路中串联一个滑动变阻器，再接入原电路，可以探究电流产生的热量与的关系6在“测定小灯泡的功率”的实验中，已知电源电压为4V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡电阻约为9，滑动变阻器上标有“20 1A”字样，如图是某同学连接的实物电路（1）请观察某同学实物电路中如图的电流表、电压表和滑动变阻器的连接是否有错误及不恰当之处，如有，请在下列横线上列

6、出：；（2）某同学及时纠正了电路连接的错误及不恰当处后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡终不亮，电压表示数为4V，电流表示数为0，故障的原因可能是（3）某同学排出故障后，再闭合开关，将滑动变阻器滑片移到某点时，电压表的示数为2.2V，为测定小灯泡的额定功率应将滑片向（“左”或“右”）端移动；（4）当电压表的示数等于额定电压时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率是W7定值电阻R1、R2和标有额定功率为“0.9W”字样白炽灯L和特殊电子元件E并联接在电路中，且R1R2，改变电路两端电压U，通过每个电阻、电灯和特殊电子元件的电流也相应改变，根据实验数据绘出R1、R2、RL和RE的I一

7、U（或U一I）图线，如图所示（1）白炽灯的额定电流为A，（2）若将定值电阻R1与特殊电子元件E并联后接在电压为3V电路中，电路消耗的总功率是W（3）若将定值电阻R2与白炽灯L串联后，接在电压3.5V的电路中，则电阻R2在1分钟内产生热量是J8如图甲是小敏在探究通电螺线管外部磁场的方向时设计的部分电路图（1）请根据要求用笔画线代替导线将图的电路补充完整，要求：小磁针的指向满足如图所示的方向；滑动变阻器的滑片向A端移动后，通电螺线管的磁性减弱（2）磁场看不见、摸不着，在探究“通电螺线管磁场”的实验中，为了研究通电螺线管周围的磁场分布情况，我们通常在螺线管周围摆放一些小磁针，通电后，小磁针的分布情况

8、如图乙所示，由此可以看出，通电螺线管外部的磁场分布与磁体相似，这里用到了哪种研究问题的物理方法：（3）在实验过程中，小明改变了通电螺线管中的电流方向，发现小磁针转动了80°，由此可知，通电螺线管外部磁场的方向与有关9小勇利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，他将实验中观察到的现象记录在如表中次数开关磁场方向导体AB的运动方向电流表指针的偏转方向1断开上N下S向右运动不偏移2闭合上N下S向右运动向左偏移3闭合上N下S向左运动向右偏移4闭合上N下S向上运动不偏移5闭合上S下N向下运动不偏移6闭合上S下N向右运动向右偏移7闭合上S下N向左运动向左偏移（1）分析

9、得出：电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流（2）比较实验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与有关（3）比较实验可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关（4）这个现象在生产和生活中的重要应用是（5）针对这个实验，小勇进行了进一步的探究，他提出了“感应电流的大小可能与导体切割磁感线的运动速度有关”的猜想，于是他设计了如下的实验方案：保持磁场强弱不变，让导体AB以（填“相同”或“不同”）的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度（填“有

10、关”或“无关”）10（1）如图1所示是电磁学中一个很重要的实验，从实验现象可知通电导体周围存在磁场，这种现象是1820年丹麦物理学家发现的（2）为探究电磁铁的磁性与哪些因素有关，小丽所在实验小组通过交流合作设计了如图3所示实验，闭合开关后，观察到图A的情景，接着移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图B所示的情景，比较图A和B，可知：图中电流小，从而发现：通过电磁铁的电流越磁性越强（3）随着科学技术的发展，电磁铁在生产、生活中的应用十分广泛如水位自动报警器，其工作原理如图3所示，当水位达到金属块A时，出现的情况是A红、绿灯同时亮 B红、绿灯都不亮 C绿灯亮 D红灯亮11（2015

11、秋庄浪县期末）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路（1）实验中是通过电磁铁来判定其磁性强弱的所使用的物理研究方法是（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数（填“增加”或“减少”），说明电流越，电磁铁磁性越强（3）根据图示的情境可知，（填“甲”或“乙”）的磁性强，说明（4）根据安培定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的极（5）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是12如图是小华家的部分家庭电路的电路图，小华在家用甲台灯L2学习时，突然台灯L2的灯丝断了，而屋内的照明灯L1依然正常发光，小华用试电笔检测插座c、d两孔时发现，d孔

12、能使试电笔的氖管发光，c孔不能使试电笔的氖管发光，则甲、乙两根进户线中（选填“甲”或“乙”）是火线，若小华将屋内的照明灯L1的开关S1断开，用试电笔检测灯L1两端的a、b两点，会发现（选填“A”“b”或“都”）能使试电笔的氖管发光，这样连接的电路是（选填“安全”或“危险”）的13小明用矿泉水瓶做压力作用效果的实验，如图所示（1）将两瓶相同的矿泉水如图甲放置，验证的是压力的作用效果与的关系（2）如图乙，他在空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖，看到矿泉水瓶瘪了，验证的是的存在14如图所示是小纲同学探究“压力作用效果”的实验（1）该实验通过观察来判断压力的作用效果不同（2）从甲乙两图

13、中可以发现小纲同学设计的思路是：保持不变，研究压力的作用效果与的关系（3）从两图可初步得出：压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显（4）此实验的研究方法叫法（5）压力的作用效果可用物理量表示15某同学通过覆杯实验探究大气压：（1）将纸杯装满水后用塑料片把杯口盖严，用另一只手按住塑料片将纸杯倒置，如图甲所示，硬纸片不会掉下，这因为水对硬纸片的压强大气压；若在杯子的底部开一个小孔，硬纸片（选填“会”或“不会”）掉下（2）有同学认为实验中是水粘住了硬纸片，老师用如图乙所示装置进行实验，随着空气被抽出，气体对硬纸片的压强，水对硬纸片的压强，最终硬纸片掉下了，排除了硬纸片是被水粘住的可能（3）若

14、换用高度相同，而杯口更小的杯子进行乙实验，要使同一硬纸片掉下，相同情况下，抽气的时间会（选填“变短”“变长”或“不变”）16实验时小明探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关（I）实验时，小明将木块放木板上，弹簧测力计沿水平方向拉动木块，如果弹簧测力计略向上倾斜拉动木块：则所测力与真实值相比（选：“偏大”；“偏小”）（2）实验时，小明记录的部分数据如下表所示 序号木板放置情况木板表面情况压力/N弹簧测力计示数/N1平放木板61.22平放木板81.63平放木板102.0分析序号1、2、3三组数据可知：淆动磨擦力的大小与接触面所受的压力有关如果要进一步研究滑动摩擦力大小与接触面所受压力F大小的数学关系式

15、，接下来的步骤是；（3）以下测量中，与本实验操作遵循同一物理原理的是A.利用弹簧测力计测量拉力 B、利用弹簧测力测量物体重力C、利用体重秤测量人的体重 D、利用量筒测量水的体积17如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景（1）当小卡片平衡时，小华将小卡片旋转一个角度，松手后小卡片（选填“能”或“不能”）平衡设计此实验步骤的目的是为了探究（2）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验其主要原因是A能减小摩擦力对实验结论的影响B小书片是比较容易获取的材料C容易让小卡片在水平方向上保持平衡D小卡片容易扭转（3）小华在探究活动结束后想到

16、物体的平衡状态包括静止和匀速直线运动状态，那如何探究物体做匀速直线运动时的二力平衡条件呢？小明提出了自己的实验方案：用弹簧测力计拉着钩码（必须沿水平方向/必须沿竖直方向/可以沿任意方向）做匀速直线运动，根据实验现象，可以得出结论：物体静止时的二力平衡条件同样（选填“适用”或“不适用”）于物体处于匀速直线运动状态18小明在“探究二力平衡条件”的实验中，将系于卡片两对角的线分别跨过左、右支架上的滑轮，并在两个线端挂上相同的钩码（1）当卡片静止时，发现拉线不在同一直线上（如图甲所示），于是他得出“二力平衡时，两个力可以不在同一直线上”的结论，你认为造成这种情况的原因是；要得到科学的结论，请你给他提出

17、一条改进建议是：；（2）实验改进后出现了如图乙所示的平衡现象，若使卡片在图示位置失去平衡，你将通过 方法实现（3）小刚也对同一问题进行了探究，但他在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度（如图丙所示），你认为：（能/不能）用小明的装置进行实验19小明用图中所示的装置探究摩擦力跟接触面间粗糙程度的关系（1）实验所用器材有：木块、长木板、棉布、毛巾、（2）实验时如何测出滑动摩擦力？请你写出实验方法和原理（3）第一次实验中弹簧测力计的示数如图所示为，分析表中数据可以得到的结论是实验次数123接触面情况木块和长木板木块和棉布木块和毛巾摩擦力f/N1.92.4（4）实验结束后，小丽同学想探究摩擦力是

18、否与接触面的大小有关，她用弹簧测力计测出木块在水平面上的摩擦力，然后将木块沿竖直方向锯掉一半，测得摩擦力的大小也变为原来的一半她由此得出：当接触面的粗糙程度一定时，接触面越小，摩擦力越小你认为她的结论正确吗？ ，理由是 20如图所示是小华物理学习小组探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做运动，根据的原理，得出滑动摩擦力与拉力大小相等（2）观察图甲、乙，发现弹簧测力计的示数F1F2，由此可知：在接触面粗糙程度相同时，越大，滑动摩擦力越大（3）观察图甲、丙，发现弹簧测力计的示数F1F3，说明：压力一定时，接触面粗糙程度，滑动摩擦力越大（4）

19、在实验后交流的过程中，小华发现有同学设计的实验装置如图丁所示，实验时，在托盘中放入适量的砝码，使木块做匀速直线运动（滑轮的摩擦不计）请回答下列问题：为了测木块滑动摩擦力，需要测量物理量是（填编号）A木板的质量ml B木块的质量m2 C砝码的质量m3 D托盘和砝码的总质量m4小华猜想：摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关于是，他在上述实验的基础上，将木块沿竖直方向切去一部分后用剩下的部分继续进行实验，测得的滑动摩擦力变小由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小你认为她的探究过程存在的问题是正确的做法是：小华将木块沿竖直方向切去一部分后，只要将，就可以进行实验并得出正确结论2016年05月0

20、7日钱功的初中物理实验组卷参考答案与试题解析一实验探究题（共20小题）1如图所示的电路中，电源电压恒为16伏，其中电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50 1A”字样闭合电键S，滑片P在某位置时电流表示数如图（a）所示求R1两端的电压U求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值现用阻值为26欧的R0替换R1接入电路，同时将表盘如（b）所示的电压表接入电路当电压表选择03V量程，并接入CD两点间时（选填“AB”、“CD”、“AB”或“CD”），闭合电键S，移动滑片P的过程中，两电表的指针均能达到某量程的满刻度，且电路正常工作求滑片P移动过程中电流表示数最小值I最小【解答】解：由电路图可知，R1

21、与R2串联，电流表测电路中的电流（1）由图（a）可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，电路中的电流I=0.4A，由I=可得，R1两端的电压：U1=IR1=0.4A×10=4V；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2=UU1=16V4V=12V，则滑动变阻器R2接入电路的阻值：R2=30；（3）用阻值为26的R0替换R1接入电路后，因闭合电键S，移动滑片P的过程中，两电表的指针均能达到某量程的满刻度，所以，由滑动变阻器允许通过的最大电流为1A可知，电流表的量程为00.6A，当电路的电流为0.6A时，R0两端的电压：U0=I2R0=0.6A&#

22、215;26=15.6V15V，所以，电压表并联在CD之间，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I3=0.21A，电压表的示数：U2=I3R2=0.21A×50=10.5V15V，所以，电压表的量程为03V，当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，此时R0两端的电压：U0小=UU2大=16V3V=13V，电路中电流表的最小示数：I小=0.5A答：（1）R1两端的电压为4V；（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值为30；（3）03V；CD；滑片P移动过程中电流表示数最小值为0.5A2小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关

23、系”电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“202A”字样，阻值分别为5、10、20、50的定值电阻各一个（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整（2）小彬将5定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是定值电阻R1短路（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为0.36A（3）将5定值电阻换成10定值电阻，闭合开关，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向A（选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数（4）将10定值电阻换成20定值电阻，重复步骤（3）（5）实验记录的多组

24、数据如表所示分析数据可得出结论：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比实验次数定值电阻（）电流表示数（A）152100.183200.09（6）实验结束后，小彬问老师在此实验中能否换用50的定值电阻进行实验？老师指导小彬分析了不能更换的原因你认为其原因是滑动变阻器最大阻值太小，无法保持电压表示数为1.8V（7）小彬若要使用上述的四个定值电阻完成四次实验，在现有器材不变的情况下，请你帮小彬设计可行的方案：分别将5、10、20、50的定值电阻接入电路中，通过改变滑动变阻器的阻值，控制电阻两端的电压为2.5V不变，并分别记下电流表的示数，记入表格，分析得出结论【解答】解：（1）电压表与电阻并联，

25、由于电源电压为3V，所以应选择03V的量程；滑动变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：（2）电流表有示数，电压表无示数，说明与电压表并联部分发生短路，或定值电阻R1短路；由乙图知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A；（3）将5电阻换成10后，电压表的示数会变大，所以应该增大滑动变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片P向A移动，使电压表仍为原来的示数不变；（5）由表格中数据可知，电流和电阻的关系为：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比；（6）当定值电阻为50时，此时滑动变阻器最大阻值为20，因为=，即=，定值电阻两端最小电压为×

26、3V1.8V，无法保持定值电阻两端电压始终为1.8V（7）由（6）计算可得，当滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻两端的电压最小为：×3V2.1V，所以可分别将5、10、20、50的定值电阻接入电路中，通过改变滑动变阻器的阻值，控制电阻两端的电压为2.5V不变，并分别记下电流表的示数，记入表格，分析得出结论故答案为：（1）如图所示；（2）定值电阻R1短路；0.36；（3）电压；A；（5）反；（6）滑动变阻器最大阻值太小，无法保持电压表示数为1.8V；（7）分别将5、10、20、50的定值电阻接入电路中，通过改变滑动变阻器的阻值，控制电阻两端的电压为2.5V不变，并分别记下电流表的示数，记

27、入表格，分析得出结论3如图是某同学用“伏安法”测电阻电路图实验时，闭合开关S，通过调节滑动变阻器滑片位置，分别读出电压表和电流表的示数，记录在下表中 试验次数123平均值U（伏）I（安） R（欧）（1）从理论上分析，改变待测电阻两端的电压或改变通过电阻的电流并不会改变测得的阻值，那他为什么还要测三次取平均值呢？其自的是减小误差（2）由记录表可知，他用先求出电压的平均值和电流的平均值，再用电压、电流的平均值算出电阻值的方法来处理数据，说出这种方法不合理之处不符合电压、电流、电阻具有同时性（3）对于待测电阻的阻值而言，待测电阻两端电压属于无关变量（选填“自变量”、“因变量”、或“无关变量”）【解答

28、】解：（1）在伏安法测电阻实验中，电流表和电压表读数时会存在有误差，所以采用了取多次测量的平均值，为了减小误差；（2）导体电阻在大小上等于其两端电压与电流的比值，导体电压、电流、电阻具有同时性若三次测量的电压和电流后计算电压的电流的平均值再计算电阻，这不符合电压、电流、电阻具有同时性（3）导体电阻是导体本身的一种性质，与它的材料、长度和横截面积有关，与电压和电流无关所以对于待测电阻的阻值而言，待测电阻两端电压属于无关变量故答案为：（1）减小误差；（2）不符合电压、电流、电阻具有同时性；（3）无关变量4（2016诸城市一模）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，被测小灯泡上只能看到“3.8V”字样，

29、某小组还发现电流表已经损坏，于是他们利用下列器材只连接了一次电路就测出了小灯泡的额定功率实验器材：一块6V的电源、一块量程合适的电压表、一个滑动变阻器、一个阻值为R0的定值电阻、若干开关和导线，请完成以下任务：（1）画出该组同学设计的电路图；（2）写出实验步骤；（3）写出灯泡额定功率的表达式（用已知量和测量表示）【解答】解：（1）为能根据定值电阻的电流得知灯泡的电流，应将定值电阻、灯泡串联，变阻器也应串联在电路中，利用开关的连接能使电压表分别测出灯泡两端的电压及灯泡和定值电阻两端的总电压，如图所示：；（2）实验步骤：断开开关，按电路图连接实物；闭合S1和S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数

30、为3.8V；保持滑片位置不动，闭合开关S1和S2，测得电压表示数为U（3）表达式：灯泡正常发光时，R0两端电压：U0=U3.8V，由串联电路特点和欧姆定律可得：IL=I0=，灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×故答案为：（1）见上图；（2）实验步骤：断开开关，按电路图连接实物；闭合S1和S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V；保持滑片位置不动，闭合开关S1和S2，测得电压表示数为U（3）P=3.8V×5（2016汶上县二模）如图，甲、乙两透明密闭容器中都有一段电阻丝，内有质量相等的空气，U形管中液面高度的变化可以反映密闭容器中空气温度的变化（1）此实验是为了研究

31、电流产生的热量与电阻的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时问，电流在乙容器中产生的热量较多（2）在电路中串联一个滑动变阻器，再接入原电路，可以探究电流产生的热量与电流的关系【解答】解：（1）由图示实验可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻阻值不同，此装置可以探究：电流产生的热量与电阻的关系；由于乙中的电阻丝阻值较大，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在乙容器中产生的热量较多；（2）在电路中串联一个滑动变阻器，改变滑片位置可以改变电路电流，可以探究电流产生的热量与电流的关系故答案为：（1）电阻；乙；（2）电流6（2016余干县三模）在“测定小灯泡的功率”的实验

32、中，已知电源电压为4V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡电阻约为9，滑动变阻器上标有“20 1A”字样，如图是某同学连接的实物电路（1）请观察某同学实物电路中如图的电流表、电压表和滑动变阻器的连接是否有错误及不恰当之处，如有，请在下列横线上列出：电压表正负接线柱的连接；电压表量程的选择；电流表量程的选择；（2）某同学及时纠正了电路连接的错误及不恰当处后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡终不亮，电压表示数为4V，电流表示数为0，故障的原因可能是小灯泡处断路（3）某同学排出故障后，再闭合开关，将滑动变阻器滑片移到某点时，电压表的示数为2.2V，为测定小灯泡的额定功率应将滑片向左（“左”或

33、“右”）端移动；（4）当电压表的示数等于额定电压时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率是0.7W【解答】解：（1）很明显电源和滑动变阻器的连接没有错误，问题出在电表上小灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表的量程选择03V即可；电压表的“+”“”接线柱接错了，应该电流从“+”流进从“”接线柱流出；根据题中提供的数据，小灯泡的额定电流大约是I=0.278A，因此电流表选择00.6A就行（2）小灯泡不亮电流表示数为零说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路故障电压表示数为4V等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，从实物图上不难看出，故障是小灯泡断路了（3）将滑动

34、变阻器的滑片移到某点时，电压表的示数为2.2V要测灯泡的额定功率，电压表的示数必须等于额定电压2.5V，电路中电流必须增大，电阻减小，滑片向左端移动（4）电压表示数等于额定电压2.5V时，电流表的示数为0.2A+0.02A×4=0.28A，小灯泡的额定功率是P=UI=2.5V×0.28A=0.7W故答案为：（1）电压表正负接线柱的连接；电压表量程的选择；电流表量程的选择；（2）小灯泡处断路；（3）左；（4）0.77（2016春无锡期中）定值电阻R1、R2和标有额定功率为“0.9W”字样白炽灯L和特殊电子元件E并联接在电路中，且R1R2，改变电路两端电压U，通过每个电阻、电灯

35、和特殊电子元件的电流也相应改变，根据实验数据绘出R1、R2、RL和RE的I一U（或U一I）图线，如图所示（1）白炽灯的额定电流为0.3A，（2）若将定值电阻R1与特殊电子元件E并联后接在电压为3V电路中，电路消耗的总功率是1.95W（3）若将定值电阻R2与白炽灯L串联后，接在电压为3.5V的电路中，则电阻R2在1分钟内产生的热量是22.5J【解答】解：（1）由第一幅图象可知，当两电阻两端的电压相同时，通过定值电阻A的电流比B大，由欧姆定律可知B的电阻大、A的电阻小；因R1R2，所以OA代表R1的IU图线；由第二幅图象可知，电压增大，电流增大，但电流的变化量比电压的变化量大，根据欧姆定律可知OC

36、代表的电阻减小；从第三幅图象可知，电压增大，电流增大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知OD代表的电阻变大；因白炽灯泡的电阻会随两端电压的变大，功率变大，温度升高而变大，所以OD代表白炽灯的IU图线，OC代表的是电子元件E的IU图线；从图象中可知当灯泡两端的电压为3V时，电流为0.3A，此时灯泡的功率为0.9W（2）查图可知，当电压为U=3V时，R1中的电流为I1=0.35A，电子元件中的电流为IE=0.3A，电路中的总电流为I=I1+IE=0.35A+0.3A=0.65A，电路的总功率为P总=UI=3V×0.65A=1.95W（3）查图可知当电流为I=0.15A，灯泡两

37、端的电压为UL=1V，R2两端的电压为U2=2.5V时，电路两端的电压为3.5V；电阻R2在1分钟内产生的热量为Q=W=U2It=2.5V×0.15A×60s=22.5J答：（1）0.3；（2）1.95；（3）22.58（2016商水县一模）如图甲是小敏在探究通电螺线管外部磁场的方向时设计的部分电路图（1）请根据要求用笔画线代替导线将图的电路补充完整，要求：小磁针的指向满足如图所示的方向；滑动变阻器的滑片向A端移动后，通电螺线管的磁性减弱（2）磁场看不见、摸不着，在探究“通电螺线管磁场”的实验中，为了研究通电螺线管周围的磁场分布情况，我们通常在螺线管周围摆放一些小磁针，通电

38、后，小磁针的分布情况如图乙所示，由此可以看出，通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似，这里用到了哪种研究问题的物理方法：转换法（3）在实验过程中，小明改变了通电螺线管中的电流方向，发现小磁针转动了80°，由此可知，通电螺线管外部磁场的方向与螺线管的电流方向有关【解答】解：（1）如图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管的右端是N极，左端是S极；根据安培定则判断电流从螺线管的左端进入，从右端流出在匝数一定时，电流越小，磁性越弱滑片向左端移动后，通电螺线管的磁性减弱，螺线管的电流减小，滑动变阻器接入电路的电阻增大，所以滑动变阻器一定接入右端下面接线柱如图（2）读图2可知，螺

39、线管的两端磁性较强，中间磁性较弱，这与条形磁体的磁场分布相类似；这里是借助小磁针的分布来显示磁场的分布，故是用的转换法；（3）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关故答案为：（1）见上图所示（2）条形；转换法；（3）螺线管的电流方向9（2016河北区一模）小勇利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，他将实验中观察到的现象记录在如表中次数开关磁场方向导体AB的运动方向电流表指针的偏转方向1断开上N下S向右运动不偏移2闭合上N下S向右运动向左偏移3闭合上N下S向左运

40、动向右偏移4闭合上N下S向上运动不偏移5闭合上S下N向下运动不偏移6闭合上S下N向右运动向右偏移7闭合上S下N向左运动向左偏移（1）分析得出：闭合电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流（2）比较实验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与导体切割磁感线运动方向有关（3）比较实验2、6或3、7可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关（4）这个现象在生产和生活中的重要应用是发电机；（5）针对这个实验，小勇进行了进一步的探究，他提出了“感应电流的大小可能与导体切割磁感线的运动速度有关”的猜想，于是他设计了如下的实验方案：保持磁场

41、强弱不变，让导体AB以不同（填“相同”或“不同”）的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度有关（填“有关”或“无关”）【解答】解：（1）要想得到感应电流，在磁场中运动的导体只能是闭合电路中的一部分，而不是全部；（2）在磁场方向确定时，感应电流的方向与导体切割磁感线运动方向有关；（3）当磁场方向改变时，感应电流的方向也发生改变，可以通过比较实验2、6或3、7得出；（4）利用电磁感应现象的工具是发电机，发电机是利用电磁感应得到电流的；（5）电流表指针偏转的幅度能反应出感 应电流的大小，保持磁场强弱不变，让导体

42、AB以不同的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小；如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度无关故答案为：（1）闭合；（2）导体切割磁感线运动方向；（3）2、6或3、7；（4）发电机；（5）不同 有关；10（2016春盘锦校级月考）（1）如图1所示是电磁学中一个很重要的实验，从实验现象可知通电导体周围存在磁场，这种现象是1820年丹麦物理学家奥斯特发现的（2）为探究电磁铁的磁性与哪些因素有关，小丽所在实验小组通过交流合作设计了如图3所示实验，闭合开关后，观察到图A的情景，接着移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图B所示的情景，比

43、较图A和B，可知：A图中电流小，从而发现：通过电磁铁的电流越大磁性越强（3）随着科学技术的发展，电磁铁在生产、生活中的应用十分广泛如水位自动报警器，其工作原理如图3所示，当水位达到金属块A时，出现的情况是DA红、绿灯同时亮 B红、绿灯都不亮 C绿灯亮 D红灯亮【解答】解：（1）当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特（2）实验中电磁铁磁性的大小通过吸引大头针的多少来判断磁性的强弱，通过滑动变阻器滑片的位置判断电阻的大小，从而判断电流的大小，实验中A滑动变阻器阻值大，通过的电流小，磁性弱吸引大头针的少；相反B通过电磁铁的

44、电流大，它的磁性强，吸引大头针多；（3）当水位没有达到A时，电磁铁没有磁性，只有绿灯亮；当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，且根据右手定则知上端为S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；该报警器的红、绿灯不会同时亮故答案为：（1）奥斯特 （2）A；大 （3）D11（2015秋庄浪县期末）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路（1）实验中是通过电磁铁吸引大头针的多少来判定其磁性强弱的所使用的物理研究方法是转换法（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加（填“增加”或“减少”），说明电流越大，电磁铁磁性

45、越强（3）根据图示的情境可知，甲（填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强（4）根据安培定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的S极（5）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是同名磁极相互排斥【解答】解：（1）通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱，利用转换法；（2）闭合开关后，滑动变阻器滑片向左移动时，电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，电磁铁甲吸引大头针的个数增加；说明电流越大，电磁铁的磁性越强（3）根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强究其原因，电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，吸引大头针越多便得出：电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁

46、性越强（4）用安培定则判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向N极；图中螺旋管的上端为S极；（5）大头针的下端被磁化成同名磁极，同名磁极相互排斥，所以散开故答案为：（1）吸引大头针的多少；转换法；（2）增加； 大；（3）甲；电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；（4）S；（5）同名磁极相互排斥12（2016长春一模）如图是小华家的部分家庭电路的电路图，小华在家用甲台灯L2学习时，突然台灯L2的灯丝断了，而屋内的照明灯L1依然正常发光，小华用试电笔检测插座c、d两孔时发现，d孔能使试电笔的氖管发光，c孔不能使试电笔的氖管发光，则甲、乙两根进户线中乙（选填“甲”或“乙”）是火线，

47、若小华将屋内的照明灯L1的开关S1断开，用试电笔检测灯L1两端的a、b两点，会发现都（选填“A”“b”或“都”）能使试电笔的氖管发光，这样连接的电路是危险（选填“安全”或“危险”）的【解答】解：小华在家用台灯L2学习时，突然台灯L2灯丝断了，而屋内的照明灯L1依然正常发光小华用测电笔检测插座c、d两孔时发现，d孔能使测电笔的氖管发光，即说明乙是火线；c孔不能使测电笔的氖管发光，则说明甲是零线；若小华将屋内的照明灯L1的开关S1断开，用测电笔检测L1两端的a、b两点，会发现都能使测电笔的氖管发光，这说明火线没有断，故说明开关接在了零线和用电器之间，故这样连接的电路是危险的故答案为：乙；都；危险1

48、3（2016春平定县期中）小明用矿泉水瓶做压力作用效果的实验，如图所示（1）将两瓶相同的矿泉水如图甲放置，验证的是压力的作用效果与受力面积的关系（2）如图乙，他在空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖，看到矿泉水瓶瘪了，验证的是大气压的存在【解答】解：（1）在实验时，两瓶相同的矿泉水产生的压力相同，但倒置后接触面积会发生改变，所以验证的是压力的作用效果与受力面积的关系；（3）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶内气体压强变小，瓶子在外界大气压作用下慢慢向内凹陷，这说明：大气存在压强；故答案为：（1）受力面积；（2）大气压14（

49、2016春南安市期中）如图所示是小纲同学探究“压力作用效果”的实验（1）该实验通过观察海绵凹陷程度来判断压力的作用效果不同（2）从甲乙两图中可以发现小纲同学设计的思路是：保持受力面积不变，研究压力的作用效果与压力的关系（3）从乙、丙两图可初步得出：压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显（4）此实验的研究方法叫控制变量法（5）压力的作用效果可用物理量压强表示【解答】解：（1）通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果，海绵凹陷程度大，压力作用效果越明显（2）甲、乙两图，受力面积相同，压力不同，海绵的凹陷程度不同，压力作用效果不同，所以设计的思路是：保持受力面积不变，研究压力的作用效果与压力

50、的关系；（3）图乙和图丙，压力相同，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，所以当压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显（4）实验中，探究该物理量跟其中一个因素的关系时，必须控制其它因素不变，这就是控制变量法（5）压力作用效果用压强来表示，压力作用效果越大，压强越大故答案为：（1）海绵凹陷程度；（2）受力面积；压力；（3）乙、丙；（4）控制变量法；（5）压强15某同学通过覆杯实验探究大气压：（1）将纸杯装满水后用塑料片把杯口盖严，用另一只手按住塑料片将纸杯倒置，如图甲所示，硬纸片不会掉下，这因为水对硬纸片的压强小于大气压；若在杯子的底部开一个小孔，硬纸片不会（选填“会”或“

51、不会”）掉下（2）有同学认为实验中是水粘住了硬纸片，老师用如图乙所示装置进行实验，随着空气被抽出，气体对硬纸片的压强减小，水对硬纸片的压强不变，最终硬纸片掉下了，排除了硬纸片是被水粘住的可能（3）若换用高度相同，而杯口更小的杯子进行乙实验，要使同一硬纸片掉下，相同情况下，抽气的时间会变短（选填“变短”“变长”或“不变”）【解答】解：（1）大气向各个方向都有压强，且此压强很大，大于杯内水产生的压强，能够支撑杯中水产生的压强，所以纸片不会掉下来；若在杯子的底部开一个小孔，杯中水的上下表面受到的大气压强相等，水由于受到重力会向下流，所以硬纸片会掉下来（2）空气被抽出前纸片受到向上的大气压大于杯内的水

52、产生的向下的压强，硬纸片不会掉下，空气被抽出后纸片受到向上的大气压减小，当气压小于杯内的水产生的向下的压强，硬纸片在上下压强差的作用下会掉下来（3）但杯口变小，根据F=pS可知，纸片受到的大气压力减小，所以要使同一硬纸片掉下，相同情况下需要抽气的时间会变短故答案为：（1）小于；不会；（2）减小；不变；（3）变短16实验时小明探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关（I）实验时，小明将木块放木板上，弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，如果弹簧测力计略向上倾斜拉动木块：则所测力与真实值相比偏大（选：“偏大”；“偏小”）（2）实验时，小明记录的部分数据如下表所示 序号木板放置情况木板表面情况压力/N弹簧测力计示数/N1平放木板61.22平放木板81.63平放木板102.0分析序号1、2、3三组数据可知：淆动磨擦力的大小与接触面所受的压力有关如果要进一步研究滑动摩擦力大小与接触面所受压力F大小的数学关系式，接下来的步骤是分别计算出三种情况下的摩擦力与压力的比值为0.2；得出摩擦力与压力的表达式：f=0.2N（3）以下测量中，与本实验操作遵循同一物理原理的是BA.利用弹簧测力计测量拉力 B