2019高考物理大二轮复习专题二功和能动量专题能力训练6能量转化与守恒定律

1、专题能力训练6能量转化与守恒定律（时间:45 分钟 满分:100 分）、选择题（本题共 8 小题，每小题 7 分,共 56 分。在每小题给出的四个选项中,15 题只有一个选项符合题目要求,68 题有多个选项符合题目要求。全部选对的得7 分,选对但不全的得 4 分,有选错的得 0 分）1如图甲所示，倾角为0的斜面足够长，质量为m的小物块受沿斜面向上的拉力F作用，静止在斜面中点O处，现改变拉力F的大小（方向始终沿斜面向上）,物块由静止开始沿斜面向下运动，运动过程中物块的机械能E随离开0点的位移x变化关系如图乙所示，其中0 x过程的图线为曲线，xiX2过程的图线为直线，物块与斜面间动摩擦因数为。物块

2、从开始运动到位移为X2的过程中（）OXiXi X甲CA. 物块的加速度始终在减小B. 物块减少的机械能等于物块克服合力做的功C. 物块减少的机械能小于减少的重力势能D. 物块减少的机械能等于物块克服摩擦力做的功2.如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，已知杆与水平面之间的夹角0,碰撞过程由动量守恒1定律可得 0.5mv=+肌)v2,解得V2=?|v顾,此后一起向下运动再向上到A点，由系统的101 2(m+ 0.5771)2机械能守恒定律有 2+Ep=(m.5n)gh,解得巳=0.5mgh选项 C 正确；另一质量为m的物体从

3、O点释放,机械能较大，故经历下落和碰撞再上升的过程，能经过A点速度不为零而再上升，1此时弹簧是原长，故A点之后木板和弹簧分离，mg6h=2xmv2得vi=辭处；碰撞过程由动量守1恒定律可得mv=，得V2=丄vi= l V，由能量守恒定律可得7.ACD 解析图线与坐标轴所围成图形的面积表示合力的冲量，由题图可知，前 4 s 内图形的“面积”为 0,则动量的变化为 0,所以物体的速度变化量为零,A 正确;前 4 s 内物体一直向前运动，位移不为 0,B 错；物体在 02 s 内的速度与 24 s 内的速度如图所示，图中两个三角形全等，可知 C 正确；前 4 s 内合 力做的总功为 0,所以 02

4、s 内F所做的功等于 24 s 内物体克服F所做的功，D 正确。8.BD 解析m在运动过程中，m、m与弹簧组成的系统机械能守恒,A 错误；当m速度最大时，弹簧的弹力等于mgs in 30 =mg此时m对地面的压力恰好为零，B 正确；然后m做减速运动，当m恰好到 达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，此时m受到的弹簧的弹力大于重力，还在加速上升,C 错误；根据功能关系，m减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而m恰好到达板时动能恰好为零，因此减小的机械能等于减小的重力势能，即等于重力对m做的功，D 正确。9. 答案(1)24 J (2)1.6 m4农+ 2、10门s解析(1)物块

5、从开始位置到压缩弹簧至速度为0 的过程，由功能关系可得mgh-口mg s+x)=E解得曰=24 J。(2)物块从开始位置到最终静止在水平面上的过程，由功能关系有1 1+”gh+厂阴h2,解得V3i. ，选项 D 正确。11mgh-口mgl=0解得l=8 m所以物块停止位置到B点距离为121=1-2(s+x)=1.6 m2m/s。(3)滑块离开C点做平抛运动，有1x=vct,y=gt22R - ytan 37 =25t +3t-0.8=0解得t=0.2 s。8 1211.答案(1)4.0X10 J 2.4X10 J89.7X10 J解析(1)飞船着地前瞬间的机械能为氐=式中，口和V0分别是飞船的质量和着地前瞬间的速率。由式和题给数据得设地面附近的重力加速度大小为g。飞船进入大气层时的机械能为12尹血&=+mgh式中，w 是飞船在高度 1.6X105m 处的速度大小。由式和题给数据得12&=2.4X10 J。(2)飞船在高度h=600 m 处的机械能为1 2.0曰=_% _J；