(浙江选考)高考物理一轮复习第8章磁场第2讲磁场对运动电荷的作用学案

1、1第2讲磁场对运动电荷的作用II基过关知识排查11洛伦兹力、洛伦兹力的方向和大小1. 洛伦兹力：磁场对运动电荷的作用力叫洛伦兹力。2. 洛伦兹力的方向(1)判定方法：左手定则掌心一一磁感线垂直穿入掌心;四指- 指向正电荷运动的方向或负电荷运动的反方 _拇指- 指向洛伦兹力的方向。方向特点：F丄B, F丄v，即F垂直于B和v决定的平面。3.洛伦兹力的大小(1)v/B时，洛伦兹力F= 0。(e= 0 或 180)v丄B时，洛伦兹力F=qvB,(e= 90)(3)v= 0 时，洛伦兹力F= 0。x 带电粒子在匀强磁场中的运动1. 若v/B带电粒子不受洛伦兹力，在匀强磁场中做匀速直线运动。2. 若v丄

2、B,带电粒子仅受洛伦兹力作用，在垂直于磁感线的平面内以入射速度v做匀速圆周运动。如下图，带电粒子在匀强磁场中，中粒子做匀速圆周运动，中粒子做匀速直线运动， 中粒子做匀速圆周运动。小题速练1.思考判断(1)带电粒子在磁场中运动时一定会受到洛伦兹力的作用3.半径和周期公式:2(2)洛伦兹力不做功，但安培力却可以做功()(3)由于安培力是洛伦兹力的宏观表现，所以洛伦兹力也可能做功()(4)洛伦兹力的方向在特殊情况下可能与带电粒子的速度方向不垂直()Qr根据公式T= 寺，说明带电粒子在匀强磁场中的运动周期T与v成反比()(6)带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，其运动半径与带电粒子的比荷有关()答案

3、 (1)X(2)V(3)X(4)X(5)X(6)V2.人教版选修 3 1P98T1改编下列各图中，运动电荷的速度方向、磁感应强度方向和 电荷的受力方向之间的关系正确的是()答案 B考盍突8S诃虫二归艇基应:也五:或:蠱:也屁:虫:丑專二归匹澜二靈:： 辰： !： ：硏透離：裱 b 突破考点 H 运动电荷在磁场中受到的力1. 洛伦兹力的特点(1)洛伦兹力的方向总是垂直于运动电荷的速度方向和磁场方向共同确定的平面，所以洛伦 兹力只改变速度的方向，不改变速度的大小，即洛伦兹力永不做功。当电荷运动方向发生变化时，洛伦兹力的方向也随之变化。(3)用左手定则判断负电荷在磁场中运动所受的洛伦兹力时，要注意将

4、四指指向电荷运动的 反方向。2. 洛伦兹力与安培力的联系及区别(1) 安培力是洛伦兹力的宏观表现，二者是相同性质的力。(2) 安培力可以做功，而洛伦兹力对运动电荷不做功。【典例】 如图 1 所示，一个带负电的物体从粗糙斜面顶端滑到底端，速度为v。若加上一个垂直纸面向外的磁场，则滑到底端时()XXXK*XXXX*D3B.v变小A.v变大图 14C.v不变 D.不能确定v的变化解析 由于带负电的物体沿斜面下滑时受到垂直斜面向下的洛伦兹力作用，故物体对斜面的正压力增大，斜面对物体的滑动摩擦力增大， 由于物体克服摩擦力做功增多， 所以物体滑到 底端时v变小，B 正确。答案 B|跟进题组_角练送1. 在

5、北半球，地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下（以“X”表示）。如果你家中电视机显像管的位置恰好处于南北方向，那么由南向北射出的电子束在地磁场的作用下将向哪个方向 偏转（）北XXXXXXI电了谏南图 2A.不偏转B.向东C.向西D.无法判断解析 根据左手定则可判断由南向北运动的电子束所受洛伦兹力方向向东，因此电子束向东偏转，故选项 B 正确。答案 B2. 如图 3 所示，一束电子流沿管的轴线进入螺线管，忽略重力，电子在管内的运动应该是（ ）图 3A. 当从a端通入电流时，电子做匀加速直线运动B. 当从b端通入电流时，电子做匀加速直线运动C. 不管从哪端通入电流，电子都做匀速直线运动D. 不管从哪端

6、通入电流，电子都做匀速圆周运动解析 由于v/B、F洛=0,电子做匀速直线运动。答案 C3. 运动电荷在磁场中受到洛伦兹力的作用，运动方向会发生偏转， 这一点对地球上的生命来说有十分重要的意义。 从太阳和其他星体发射出的高能粒子流，称为宇宙射线，在射向地球5时，由于地磁场的存在， 改变了带电粒子的运动方向。对地球起到了保护作用。如图4 为地6磁场对宇宙射线作用的示意图。现有来自宇宙的一束质子流，以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点，则这些质子在进入地球周围的空间时将()A. 竖直向下沿直线射向地面B. 相对于预定地点向东偏转C. 相对于预定地点稍向西偏转D. 相对于预定地点稍向北偏转解析

7、建立空间概念，根据左手定则不难确定B 选项正确。答案 B带电粒子在匀强磁场中的圆周运动1.带电粒子在匀强磁场中圆周运动分析 (1)圆心的确定方法方法一若已知粒子轨迹上的两点的速度方向，则可根据洛伦兹力F丄v,分别确定两点处洛伦兹力F的方向，其交点即为圆心，如图5(a);方法二若已知粒子运动轨迹上的两点和其中某一点的速度方向，则可作出此两点的连线图 5(2) 半径的计算方法mv方法一由物理方法求：半径 R=qB方法二 由几何方法求：一般由数学知识(勾股定理、三角函数等)计算来确定。(3) 时间的计算方法g方法一由圆心角求：t=T;2n方法二由弧长求：t=s。(即过这两点的圆弧的弦)的中垂线，中垂

8、线与速度垂线的交点即为圆心，如图(b)。图 47v82.带电粒子在不同边界磁场中的运动直线边界（进出磁场具有对称性，如图6 所示）。（2）平行边界（存在临界条件，如图7 所示）。【典例】 （2017 全国卷H,18）如图 9,虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同的方向射入磁场， 若粒子射入速率为vi,这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为V2,相应的出射点分布在三分之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用，贝UV2:Vi为（）A.3 : 2D.3 :2解析根据作图分析可知，当粒

9、子在磁场中运动半个圆周时，打到圆形磁场边界的位置距P点最远，则当粒子射入的速率为V1,轨迹如图甲所示，设圆形磁场半径为R,由几何知识可 知，粒子运C. 3 : 1图 7图 99动的轨道半径为r1=Rcos 60= 2R若粒子射入的速率为V2,轨迹如图乙所示，10方法技巧带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的分析方法0?由兀诃专金-疊由数学蛇识勾腫定工用再牡环）讣真札喘宅丰*厲祐确皮与匱七角.潼讪时河柑联靠.柞子氏磁境申运动时闾与周潮柏联杀跟进题组_务埔练透1.两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b以不同的速率沿着A0方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图 10 所示。若不计粒子的重力，则下列

10、说法正确的是（ ）图 10A.a粒子带正电，b粒子带负电B.a粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C.b粒子的动能较大D.b粒子在磁场中运动时间较长2v m解析 由左手定则可知，a粒子带负电，b粒子带正电，选项 A 错误；由qvB= mr得r=品故运动的轨迹半径越大，对应的速率越大，所以b粒子的速率较大，在磁场中所受洛伦兹力较大，选项 B 错误；由E= mV可得b粒子的动能较大，选项 C 正确；由T=知两者的2qBmv可qBF 牛顿第二宅律和山；卅電动的规律辛 汁别応2=Rcos根据轨道半径公式由几何知识可知，粒子运动的轨道半径为112.如图 11 所示，在足够大的屏MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁

11、场，磁场方向垂直纸面向里，P为屏上一小孔，PC与MN垂直，一束质量为m电荷量为一q的粒子（不计重力）以相同的速率v从P处射入磁场区域，粒子入射方向在与磁场垂直的平面里，且分散在与2mvcoseB.qB答案 D3.（2018 绍兴期中）如图 12 所示，在边长为L的正方形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，有一带正电的电荷，从D点以vo的速度沿DB方向射入磁场，恰好从A点射出，已知电荷的质量为m带电荷量为q,不计电荷的重力，则下列说法正确的是（）周期相同，b粒子运动的轨迹对应的圆心角小于子在磁场中运动时间较短，选项D 错误。答案 Ca粒子运动的轨迹对应的圆心角，所以b粒PC夹角为e的范围内，则在屏

12、MN上被粒子打中区域的长度为（2mvA 乖严（1-sine）qBD.2mv（1-cose）qB解析 如图所示，S T之间的距离为在屏2由qvB=MN上被粒子打中区域的长度。mvR=qB2mvcose则ps=2Rcose=2mv2mv（1 - cosPT= 2R=萌，所以ST=qB图 1112C. 若电荷从CD边界射出，随着入射速度的减小，电荷在磁场中运动的时间会减小D. 若电荷的入射速度变为 2vo，则粒子会从AB中点射出2解析 由题图可以看出电荷做圆周运动的半径r=L,根据牛顿第二定律qvoB=mr，得B=mv2nL12nLnLqL, A 正确；由 T，转过的圆心角为 90,贝 Ut= 厂=

13、T，故 B 错误；若电荷qLVo4Vo2Vo从CD边界射出，则转过的圆心角均为18o,入射速度减小，T=,周期与速度无关，qB故电荷在磁场中运动的时间不变，C 错误；若电荷的入射速度变为2vo，则半径变为 2L,轨1迹如图，设DF为h,由几何知识(2Lh)2+L2= (2L)2，得h= (2 3)L升，可见E不是答案 A考点冋 带电粒子在匀强磁场中运动的临界极值问题由于带电粒子在磁场中的运动通常都是在有界磁场中的运动，所以常常出现临界和极值问 题。1临界现象(1)当带电粒子进入设定的有界磁场后，其轨迹是一个残缺圆，题中往往会形成各种各样的 临界现象。解决此类问题的关键是找准临界点。找临界点的方

14、法是以题目中的“恰好”“最大” “最高”“至少”等词语为突破口，借助半径R和速度v(或磁感应强度B)之间的约束关系进行动态运动轨迹分析，确定轨迹圆和边界的关系，找出临界点。2.极值问题图 12A.匀强磁场的磁感应强度为mvqLB.电荷在磁场中运动的时间为nLVoAB的中点，即粒子不会从AB中点射出，D 错误。13(1)刚好穿出磁场边界的条件是带电粒子在磁场中运动的轨迹与边界相切。当速度v一定时，弧长越长，圆心角越大，则带电粒子在有界磁场中运动的时间越长。(3)当速率v变化时，圆心角越大，运动时间越长。14答案(魯。鰹3m m【典例】 如图 13 所示，矩形区域abcd(包括边界)充满磁感应强度

15、为B、方向垂直纸面向 里的匀强磁场。现从ad边中点0处，以垂直磁场且跟ad边成 30角的速度射入一带电粒 子。已知粒子质量为m电荷量为q，ad边长为L，不计粒子重力。(1) 若要粒子从ab边上射出，则入射速度vo的大小范围是多少？(ab边足够长)(2) 粒子在磁场中运动的最长时间是多少？2解析 若粒子速度为vo，由qvoB=mR得R=器若轨迹与ab边相切，如图所示，设此时相应速度为voi，则R+Rsi n0=L若轨迹与cd边相切，如图所示，设此时粒子速度为vo2，则LRRsin0 =2mv2将R=qB代入上式可得qBLV02-m所以粒子能从ab边上射出磁场的入射速度vo的大小应满足qBvo鸞设

16、粒子入射速度为V,在磁场中经过的弧所对的圆心角为a,则t=，则a越v qB大，在磁场中运动的时间也越长，由图可知，粒子在磁场中运动的半径rI I* X 叭害翼xX X M X X图 14解析a粒子带正电，故其在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动。用2八v有qvB=RR,口mv由此得R=qB代入数值得R= 10 cm，可见 2RlFl因朝不同方向发射的a粒子的圆轨迹都过S，由此可知，某一圆轨迹在下图中N左侧与ab相切，则此切点P就是a粒子能打中的左侧最远点。为确定P点的位置，可作平行于ab的直线cd，cd到ab的距离为R以S为圆心、R为半径、作弧交cd于Q点，过Q作ab的NP= . (2F)2-I

17、2,所求长度为RF2=NP+NP代入数值得 RF2= 20 cm。答案 20 cmR表示轨道半径,由图中几何关系得交ab于N右侧的P2点，此点即a粒子能打到的右侧最远点。S为圆心作弧,162.如图 15 所示，两个同心圆，半径分别为r和 2r,在两圆之间的环形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B圆心O处有一放射源，放出粒子的质量为m带电荷量为q,假设粒子速度方向都和纸面平行。17(1) 图中箭头表示某一粒子初速度的方向，OA与初速度方向夹角为 60,要想使该粒子经过磁场后第一次通过A点，则初速度的大小是多少？(2) 要使粒子不穿出环形区域，则粒子的初速度不能超过多少？2ViqviB

18、=nR(2)如图乙所示，设粒子轨迹与磁场外边界相切时，粒子在磁场中的轨道半径为 则由几何关系有(2r R)2=R2+ r223rV23Bqr可得R2=7，又方法技巧解决带电粒子的临界问题的技巧方法(1)数学方法和物理方法的结合： 如利用“矢量图”“边界条件”等求临界值， 利用“三角 函数”“不等式的性质” “二次方程的判别式”等求极值。解析(1)如图甲所示，设粒子在磁场中的轨道半径为R,则由几何关系得_3r3-得Vi=.3Bqr3m艮故要使粒子不穿出环形区域，粒子的初速度不能超过3Bqr4m答案(1)3Bqr3m3Bqr4m图 15甲乙18(2)临界问题的一般解题流程19动态思n一临茶点一恪跟

19、谴鱼 从关键词找突破口：许多临界问题，题干中常用“恰好”“不脱离”等词语对临界状态给以暗示， 审题时，一定要抓住这些特定的词语挖掘其隐藏的 规律，找出临界条件。磁场边界L1何一儿弼关索-定岡心“最大”、“至少”、“不相分析临峯列方程20活页作业（时间：30 分钟）A 组基础过关1.（2018 宁波模拟）如图 1 所示一个带电粒子，沿垂直于磁场方向射入一匀强磁场， 粒子的 一段径迹如图，径迹上的每一小段都可近似看成圆弧， 由于带电粒子使沿途的空气电离， 粒 子的能量逐渐减小（带电荷量不变），从图中情况可以确定（ ）图 1A.粒子从a到b带正电B.粒子从b到a，带正电C.粒子从a到b,带负电D.粒

20、子从b到a,带负电解析 由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小， 速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r= 可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到qBa,在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B 正确。答案 B2.（2018 绍兴模拟）如图 2 所示是电子射线管的示意图。接通电源后，电子射线由阴极沿x轴正方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线。要使荧光屏上的亮线向上A. 加一沿y轴正方向的磁场B. 加一沿y轴负方向的磁场C. 加一沿z轴正方向的磁场D. 加一沿z轴负方向的磁场（z轴正方向）偏转，则需使每个电子受向上的洛伦兹力作答案 B（z轴正方向）偏转,解析若想使荧

21、光屏上的亮线向上用，根据左手定则可知需要加一沿y轴负方向的磁场，故选B。在下列措施中可采用的是213.洛伦兹力可以使带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列各图中均标有带正电荷粒子的运动速度、洛伦兹力及磁场B的方向，虚线圆表示粒子的轨迹， 其中可能正确的是（）22解析 电荷在磁场中所受的洛伦兹力遵守左手定则，再结合曲线运动的受力特点，即所受合力一定指向曲线内侧，可判断A 正确。答案 A4. 一倾角为e的粗糙绝缘斜面放置在一个足够大的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，将一个带电的小物块放在斜面上由静止开始下滑，如图 3 所示，设斜面足够长，如物块始终没有离开斜面。则下列说法正确的是（）A. 物块

22、带正电B. 下滑过程中物块受到的洛伦兹力做负功C. 物块最终将静止在斜面上D. 下滑过程中物块的机械能守恒解析 物块始终没有离开斜面， 洛伦兹力必然垂直于斜面向下，由左手定则知，物块带正电，选项 A 正确；洛伦兹力方向始终垂直于速度方向，不做功，选项 B 错误；物块最终将在斜面上做匀速直线运动，选项 C 错误；由于摩擦力做负功，下滑过程中物块的机械能不守恒，选项 D 错误。答案 A5.在如图 4 所示的足够大匀强磁场中，两个带电粒子（不计重力）以相同方向垂直穿过虚线MN所在的平面，一段时间后又再次同时穿过此平面，则可以确定的是（）图 323A.两粒子- -定带 :有相同的电荷量B.两粒子- -

23、定带 同种电荷C两粒子一定有相同的比荷D.两粒子一定有相同的动能 解析 由时间t=上相目同知，两粒子一定有相同的比荷。2qB答案 C6. 两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的（）A. 轨道半径减小，角速度增大B. 轨道半径减小，角速度减小C. 轨道半径增大，角速度增大D. 轨道半径增大，角速度减小解析 分析轨道半径：带电粒子从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的速度v大小mvv不变，磁感应强度B减小，由公式r= 可知，轨道半径增大。分析角速度：由公式3=-可qBr知角速度减小，选项

24、 D 正确。答案 D7. （2018 新高考选考终极适应卷）来自太阳和其他星体的宇宙射线中含有大量高能带电粒子，若这些粒子都直接到达地面，将会对地球上的生命带来危害。但由于地磁场（如图 5所示）的存在改变了宇宙射线中带电粒子的运动方向，使得很多高能带电粒子不能到达地面。若不考虑地磁偏角的影响，关于上述高能带电粒子在地磁场的作用下运动情况的判断，下列说法中正确的是（）图 5A. 若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向东偏转B. 若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向北偏转C. 若带电粒子带负电，且沿垂直地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作

25、用将向南偏转D. 若带电粒子沿垂直地球赤道平面射向地心，它可能在地磁场中做匀速圆周运动解析 由于地磁场的方向由南到北， 若带电粒子带正电， 且沿地球赤道平面射向地心， 即粒 子的运动方向与地磁场的方向垂直， 由左手定则可知，则由于地磁场的作用将向东偏转， 选 项 A 正确，B24错误；若带电粒子带负电，且沿垂直地球赤道平面射向地心，则说明粒子的运动方向与磁场方向平行，故粒子不受磁场力的作用，所以它不会发生偏转， 更不会做匀速圆周运动，故选项 C D 错误。答案 A图 725B 组能力提升8.如图 6 所示，为一圆形区域的匀强磁场，在0点处有一放射源，沿半径方向射出速率为其中带电粒子 1 从A点

26、飞出磁场，带电粒子 2 从B点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力，则（）A. 带电粒子 1 的比荷与带电粒子 2 的比荷之比为 3：1B. 带电粒子 1 的比荷与带电粒子 2 的比荷之比为.：3：1C. 带电粒子 1 与带电粒子 2 在磁场中运动时间之比为 2：1D. 带电粒子 1 与带电粒子 2 在磁场中运动时间之比为 1：2RR一r11q几何关系得，tan 60= , tan 30= ，联立解得带电粒子的运动半径之比=7，由-=r1r2r23mv9知带电粒子 1 的比荷与带电粒子 2 的比荷之比为 3 : 1, A 正确，B 错误；由t=T=Br2n=I，C、D 错误。3答案 A9.如图 7

27、所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为n= 5.0X108kg，电荷量为q= 1.0X106C 的带电粒子，从静止开始经U0= 10 V 的电压加 速后，从P点沿图示方向进入磁场，已知OP=30 cm,（粒子重力不计，sin 37= 0.6 , cos37= 0.8）求:的不同带电粒子，解析 带电粒子在匀强磁场中运动，由2qvB=号得r=器设圆形磁场区域的半径为927諮m9B=兮知带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间的比值为2nt1Tr12r1/ X X X X X X 11图 626由几何关系可知OQ= R+ ADOS37 = 0.9 m。带电粒子不从x轴射出，临界轨迹如图乙所示,带电粒子到达P点时速度v的大小;（2）若磁感应强度B= 2.0 T，粒子从x轴上的Q点离开磁场，求0Q的距离;（3）若粒子不能进入x轴上方，求磁感应强度B满足的条件。解析（1）对带电粒子的加速过程，由动能定理得qU=却，解得v= 20 m/s。（2）带电粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,2“mv ”十OP0.5 m故圆心一定在x轴上，轨迹如图甲所示,由几何关系得OPR+Rsin 37