(新教材)2020版物理人教版必修第三册课后练习：静电场中的能量测评含解析

1、教学资料范本（新教材）2020版物理人教版必修第三册课后练习：静电场中的能量测评含解析编辑：时间：第十章测评（时间:60分钟 满分:100分）一、选择题（本题共12个小题，每题4分，共48分。16是单选题，712是多选题，多 选、错选土不得分，漏选得2分）1 .下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A.根据电场强度的定义式E=?J知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式 C=?”知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式E=k?可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.根据电势

2、差的定义式 UAB=gW知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服静电力做功为1 J,则A、B两点间的电势差为-1 V卜场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，A错误；电容取决于电容器本身，与电容器 所带电荷量和两极板间电压无关，B错误;E=k?中，Q是场源电荷，所以电场中某点的电场强度与Q成正比,C错误；由Uab=粤知,D正确。甲10 / 92 .空间存在甲、乙两相邻的金属球 ，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形 成了如图所示稳定的静电场。实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线 AB对称，则（ ）A.A点和B点

3、的电势相同B.C点和D点的电场强度相同C.正电荷从A点移至B点,静电力做正功D.负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增加后减少由题图可知 M 帆所以正电荷从A移至B,电势减小，静电力做正功，故A错误,C正确。C、D两点电场强度方向不同，故B错误。负电荷从 C点沿直线CD移至D点，电势能先减少后 增加，所以D错误，故选Co,*轴垂直于环面且过圆心O。下列关于x轴上的电场，电势升高，电势降低3 .如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷 强度和电势的说法中正确的是（）A.O点的电场强度为零，电势最低 B.O点的电场强度为零，电势最高C.从。点沿x轴正方向，电场强度减小 D.从。点沿x轴正方向，电场强

4、度增大卜艮据电场的对称性和电场的叠加原理知，o点的电场强度为零。在 x轴上，电场强度的方向自。点分别指向x轴正方向和x轴负方向，且沿电场线方向电势越来越低，所以。点电势最高。在x轴上离O点无限远处的电场强度为零 ，所以沿x轴正方向和x轴负方向的电场强度先 增大后减小。选项 B对。4 .如图所示，空间内存在水平匀强电场，不可伸长的轻绳一端固定于。点，另一端系一质量为 mA点无初速度释的带正电小球，小球可以在图中虚线位置保持静止。现将小球拉至绳水平后由放，则小球运动到绳竖直的B点位置时绳的拉力大小为3A.mgB.2mg小球在平衡点受力分析1C.2mg3D.4mg，根据平衡条件得静电力F电=qE=m

5、g tan 37 ，小球从 A至U B的过1 一程,由动能7E理可得 mgL-qEL= 2mv2,在取低点受力分析，由圆周运动的特点得 FT-mg=?绳子对球的拉力3FT= 2mg,B 对。?，得出5 .如图所示，一质量为m、带电荷量为q的粒子，以初速度V0从a点竖直向上射入匀强电场中匀强电场方向水平向右。粒子通过电场中的b点时,速率为2vo,方向与电场方向一致，则a、b两点间的电势差为（A且 A. 2?B.) 3?2 ?-2?2 C. ?3?2 D. 2?由题意可知，粒子受重力和水平方向的静电力作用，由加速度定义a=三?/得加速度的大小 ax=2ay= 2g,由牛顿第二定律可知，qE=2mg

6、,水平位移x=V0t,竖直位移y=等和x=2y,因此静电力做功 W=qEx=qU ab,重力做功 W2=-mgy= 得:Uab=?。-?i，由动能定理得：Wi+W2=1m（2v。）2？?g,解6 .如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受静电力的作用沿实线所示的轨迹从a处运动到b处,然后又运动到c处。由此可知（）A.O为负电荷B.在整个过程中q的速度先变大后变小C.在整个过程中q的加速度先变小后变大D.，静电力做功为零I火电荷和正点电荷的距离先减少后增大，由库仑定律知，静电力先增大后减小，根据牛顿第二定律，加速度先变大后变小,C错；由轨迹为曲线时合力

7、指向凹形一侧知，静电力必为斥力，0是一固定的点电荷，必带正电，A错;a至ij b静电力做负功 力至11 c静电力做正功，q的速度先变小后变 大,B错;固定的正点电荷的等势线为一簇同心圆启与c等势，所以在整个过程中，静电力做功为零,D X7.如图所示，平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场 /为荧光屏。今有质子、 笊核和“粒子均从A板由静止开始经加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上。已知质子、笊核和a粒子的质量之比为1 ： 2 ： 4,电荷量之比为1 ： 1 ： 2,则下列判断正确的是（）A.三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B.三种粒子打到荧光屏上的位

8、置相同C.加速电场的静电力对三种粒子做功之比为1 ： 2 ： 4D.偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1 ： 1 ： 2I设加速电场的电压为 U1,偏转电场的电压为U2,偏转极板的长度为L,板间距离为do在加 速电场中，由动能定理得qU1 = 1?2,故加速电场的静电力对三种粒子做功之比等于电荷量之比，即1 ： 1 ： 2,故C错误。经加速电场获得的速度为vo = v2?；三种粒子从B板运动到荧光屏的过程，在水平方向彳速度为 vo的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则vo不同，所以三种 粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不同，故A错误。根据丫=篙可知,y与粒子的种类、质量、电荷量无关，故三

9、种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故B正确。偏转电场的 静电力做功为 亚=等则W与q成正比，三种粒子的电荷量之比为1 ： 1 ： 2,则偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1 ： 1 ： 2，故D正确。8.如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平石板电容器。先将开关K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变。则下列说法正确的是（）A.电容器的电容变小B.电容器内部电场强度大小变大C.电容器内部电场强度大小不变DPA电势升高HCD 9.如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点 P的竖

10、直线对称。忽略空气阻力。由此可知（）A.Q点的电势比P点高B.油滴在Q点的动能比它在 P点的大C.油滴在Q点的电势能比它在P点的大D.油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小炉于轨迹关于P点对称，根据曲线运动合力方向应指向曲线凹侧，在P点合力方向竖直向 上，则电场线方向竖直向下，沿电场线方向电势降低，选项A正确；根据Ep= g可知，油滴在Q点 的电势能小于在 P点的电势能，选项C错误;油滴所受合力竖直向上 根据动能定理可知，油滴在Q点的动育总大于P点，选项B正确；油滴所受合力大小不变，加速度也始终不变，选项D错误。B*VN10.如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b

11、、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a点和c点关于MN对称、b点位于MN上,d点位于两电荷的连线 上。以下判断正确的是()A. b点电场强度大于d点电场强度B. b点电场强度小于d点电场强度C.a、b两点间的电势差等于 b、c两点间的电势差D.试探电荷+q在a点的电势能小于在 c点的电势能MI V图所示，两电荷连线的中点位置用。表示，在中垂线MN上,0点电场强度最大，在两电荷 之间连线上，。点电场强度最小，即EbEo,EoEd,故EbEd,A错,B X等量异种电荷的电场中，电 场线、等势线均具有对称性，a、c两点关于MN对称,Ua户Ubc,C试探电荷+q从a移到c,远离正电荷，靠近负电荷，静

12、电力彳正功，电势能减小，D错。.C11 .测定电子的电荷量的实验装置示意图如图所示，置于真空中的油滴室内有两块水平放置的平行金属板M、N,并分别与电压为 U的恒定电源两极相连，板的间距为d。现有一质量为 m的 带电油滴在极板间匀速下落，已知元电荷为e、重力加速度为gJ1()OjV?A.油滴中电子的数目为多B.油滴从小孔运动至N板过程中，电势能增加 mgdC.油滴从小孔运动至N板过程中，机械能增加eU，故受力平衡，则有mg=q?所以油滴带电荷量q=?而以电子电油滴在极板间匀速下落D.若将极板M向下缓慢移动一小段距离，油滴将加速下降 ? ?的数目为n=?=，诉故A正确。油滴下降过程中，静电力万向向

13、上，静电力做的功为-mgd,电势 能增加mgd,故B正确。机械能减少，故C错误。若将极板 M向下缓慢移动一小段距离，d减小,?静电力F=q马曾大,合外力竖直向上，油滴将减速下降，故D错误。Af N12 .如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两仄平行金属板，板间有匀强电场 质量为m、电荷量为-q的带电粒子，以初速度vo由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子刚好能到达 N板, 如果要使这个带电粒子能到达M、 N两板间的正中间处返回，则下述措施能满足要求的是（）1A.使初速度减为原来的2B.使M、N间电压提高到原来的2倍C.使M、N间电压提高到原来的 4倍1D.使初速度和M、N间电压都减为原来的

14、 2粒子刚好到达N板的过程中，由动能定理得-qEd=0-1?2,所以=嘉?令带电粒子离1?开M板的取远距离为 x,则使初速度减为原来的 ,x=4；使M、N间电压提图到原来的2倍，电场?强度变为原来的2倍,x=2，.使M、N间电压提高到原来的 4倍,电场强度变为原来的4彳H,x=z；使 初速度和M、N间电压都减为原来的2,电场强度变为原来的一半，x=2?故B、D正确。二、实验题（本题共2个小题，共12分）13 .（6分）定性研究平行板电容器的电容与结构之间的关系的装置如图所示，平行板电容器的 A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地。若充电后保持电容器所带电荷量不变，试指出下列三种情况下，静电

15、计指针的偏转角度变化情况。（均选填 变大“变小”或不变”）西（1）正对面积减小时，静电计指针的偏转角度将 （2）板间距离增大时，静电计指针的偏转角度将 插入电介质时，静电计指针的偏转角度将 1）电容器所带电荷量-定，正对面积减小时 变大，故指针的偏转角度变大；（2）板间距离增大时，由C=4?凝，电容C减小，由C=口,电势差U ，由c=B?/?，电容C减小，由c=?3口,电势差U4?，电容c变大，由C=?口,电势差u变大，故指针的偏转角度变大；（3）插入电介质时，由C= 变小，故指针的偏转角度变小。1）变大（2）变大（3）变小14 .（6分）如图甲是观察用干电池对电容器充电过程中电容器两端电压随

16、时间变化的图像，图乙是其对应的充电电流随时间变化的图像。在充电的开始阶段，充电电流较大，电容器两端电压 U增加（选填 较快或 较慢”），随着电容器两端电压的增加 ，充电电流（选填 逐渐 减小”或 逐渐增加”），且电容器两端电压 U的上升速度变缓，而向着 趋近。在充电过程中电容器的电能 。充电开始的瞬间电容器两端电压 （选填 能突变”或 不能突 变”）。通过图像看出在第 2 s时电容器增加的电荷量 Q约为 C（已知Q=It）。快 逐渐减小10 V增加 不能突变1.7X10-3 三、计算题(本题共4个小题，每小题10分，共40分)15 .一个初速度为零的电子通过电压为 U=4 500 V的电场加速

17、后，从C点沿水平方向飞入电场 强度为E=1.5X105 V/m的匀强电场中，到达该电场中另一点 D时,电子的速度方向与电场强度 方向的夹角正好是120。，如图所示。试求 C、D两点沿电场强度方向的距离 V。子加速过程：由eU=2?/得V0 = v2?电子飞入匀强电场中：在竖直方向 ,，?Vv=V0 tan 30 =at ,a= ?,解得t=?复篙C、D两点沿电场强度方向的距离y二at2=!?：3：23?代入数据解得y= 4 500 , m=0.01 m。3X1,5X 105Ho.01 m16 .如图所示，某空间有一竖直向下的匀强电场，电场强度E= 1.0X102 V/m,一块足够大的接地金属板

18、水平放置在匀强电场中，在金属板的正上方高度h=0.80 m的a处有一粒子源，盒内粒子以V0=2.0X102 m/s的初速度向水平面以下的各个方向均匀放出质量为m=2.0X10-15 kg、电荷量为q=+10-12 C的带电粒子，粒子最终落在金属板b上，若不计粒子重力，求:(结果保留两位有效数字)(1)带电粒子打在金属板上时的动能。(2)从粒子源射出的粒子打在金属板上的范围(所形成白面积)；若使带电粒子打在金属板上的范围减小，可以通过改变哪些物理量来实现？qUab=Ek2 ?02B；1)不计粒子重力，只有静电力做功，对粒子由动能定理得可得带电粒子打在金属板上时的动能为Ek=qU ab+2?02=

19、1.2X10-10 Jo(2)粒子源射出的粒子打在金属板上的范围以粒子水平抛出的落点为边界。设水平抛出后t 时刻落在板上 ：x=v0t,h=2at2,a=?S= ix2联立以上各式得所形成的面积S=?普4.0 m2,可以通过减小h或增大E来实现。1H1)1.2X10-10J (2)面积为4.0 m2可以通过减小h或增大E来实现17 .如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O,用一根长度为l=0.20 m的绝缘轻线把质量m=0.10 kg、带有正电荷的金属小球悬挂在 。点，小球静止在B点时轻线与竖直方向的夹 角0=37 o现将小球拉至位置 A,使轻线水平张紧后由静止释放。g取10 m/s2,sin37 =0.60,cos 37 =0.80。求：小球所受静电力的大小；(2)小球通过最低点小球通过最低点C