高三物理-2016届高三上学期12月月考物理试卷

1、2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分每小题只有一个选项符合题意1在物理学的发展进程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中不正确的是（）A质点和点电荷是同一种思想方法B在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法C重心、合力和分力都体现了等效替换的思想D加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量2从生活走向物理，从物理走向社会，物理学和生活、现代科技密切相关下列说法不正确的是（）A过量的

2、电磁波辐射对人体有害，为了安全人们应该离电磁波发射装置一定的距离B电磁炉的工作原理是，接通电源后，线圈电磁波，电磁波产生的能量加热食物，做熟饭的C磁带是收录机放音时的原理是电磁感应，录音时利用的是电流的磁效应D运输电流表时，为了安全将电流表的正负接线柱短接，是利用电磁阻尼的作用3如图，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方法是（）A增大斜面的倾角B对木块A施加一个垂直于斜面的力C对木块A施加一个竖直向下的力D在木块A上再叠放一个重物4篮球运动是青年男同学最喜爱的体育运动之一，篮球投出后在空中 画出一条美丽的曲线，进入篮筐将一篮球从地面上方B点以速度v0斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上A

3、点，如果有人拦截，在较远处投篮则关于篮球的运动正确的说法是（）A增大抛射速度v0，同时减小抛射角B减小抛射速度v0，同时减小抛射角C增大抛射角，同时减小抛出速度v0D增大抛射角，同时增大抛出速度v05如图所示，电源A的电压为6V，电源B的电压为8V，电容器的电容为200PF，当开关S合向A，稳定后再合向B，再次达到稳定，则在这个过程中通过电流计的电荷量为（）A4×109CB1.2×109CC1.6×109CD2.8×109C6质量为m的球从高处由静止开始下落，已知球所受的空气阻力与速度大小成正比下列图象分别描述了球下落过程中加速度a、速度v随时间t的变化

4、关系和动能Ek、机械能E随下落位移h的变化关系，其中可能正确的是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共计24分每小题有多个选项符号题意全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分72011年11月8日，我国第一个火星探测器“萤火1号”，与俄罗斯的采样返回探测器一起发射升空，飞向火星，开始对火星的探测研究我国对火星的探测将分为三个阶段，最终宇航员踏上火星，假设将来我国一艘飞船从火星返回地球时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运动时，在P点的速度大于在Q点的速度B飞船在轨道上运动的机械能大于在轨道上运动的机械能C飞船在轨道上运动到P点时的加

5、速度等于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D飞船绕火星在轨道上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道I同样的半径运动的周期相同8如图所示，质量为M的电梯底板上放置一质量为m的物体，钢索拉着电梯由静止开始向上做加速运动，当上升高度为H时，速度达到v，不计空气阻力，则（）A物体所受合力做的功等于mv2+mgHB底板对物体的支持力做的功等于mgH+mv2C钢索的拉力做的功等于Mv2+MgHD钢索的拉力、电梯的重力及物体对底板的压力对电梯M做的总功等于Mv29两个不规则带电导体间的电场线分布如图所示，已知导体附近的电场线均与导体表面垂直，a、b、c、d为电场中几个点，并且a、d为紧靠导体表面的两点

6、，以无穷远为零电势点，则（）A场强大小关系有EbEcB电势大小关系有bdC将一负电荷放在d点时其电势能为负值D将一正电荷由a点移到d点的过程中电场力做正功10在如图所示电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=0.5，电阻R1=2，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，则下列叙述中正确的是（）AI变小，U1变小BU2变小，U3变大C电阻R1的电功率减小D电源的输出功率减小三、实验题：本题有两题，共计18分请将解答填写在答题卡相应的位置11在“探究加速度与质量的关系”，某小组设计了如图1所示的实验，他们将光电门固定在

7、气垫轨道上的某点B处，调节气垫导轨水平后，用重力为F的钩码，经绕过滑轮的细线拉滑块，每次滑块从同一位置A由静止释放，测出遮光条通过光电门的时间t改变滑块的质量重复上述实验记录的数据及相关计算如下表（1）保持砝码和小桶质量不变，改变小车质量m，分别得到小车加速度a与质量m数据如下表：次 数123456789小车加速度a/ms21.981.721.481.251.000.750.480.500.30小车质量m/kg0.250.290.330.400.500.710.751.001.67根据上表数据，为直观反映F不变时a与m的关系，请在图2方格坐标纸中选择恰当物理量建立坐标系，并作出图线由图线得出的

8、实验结论是：（3）该小组同学还想测出滑块与导轨间的摩擦力，设AB间距离为s，遮光条宽度为d，设滑块质量为m时，砝码的对滑块的拉力为F，光电门显示的时间为t，摩擦力的表达式为12液体能导电也有电阻，为探究导电溶液的电阻选取了一根乳胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱进行了如下实验：（1）该小组将盐水柱作为纯电阻，粗测其电阻约为几千欧现采用伏安法测盐水柱的电阻，有如下实验器材供选择：A直流电源：电动势12V，内阻很小，额定电流为1A；B电流表A1：量程010mA，内阻约10；C电流表A2：量程0600mA，内阻约0.5；D电压表V：量程015V，内阻约15k；E滑动变阻

9、器R1：最大阻值10；F滑动变阻器R2：最大阻值5k； G开关、导线等在可供选择的器材中，应选用的电流表是（填“A1”或“A2”），应该选用的滑动变阻器是（填“R1”或“R2”）（2）该小组已经完成部分导线的连接，请你在如图1实物接线图中完成余下导线的连接（3）已知导电盐水柱的长度为L，直径如图所示，d=，则盐水柱的电阻率的表达式为（用U，I，d，L字母表示）四、计算题：本题共2小题，共计34分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30°足够长的斜面

10、，某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图求：（g取10m/s2）（1）滑块冲上斜面过程中加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的动能；若不能返回，求出滑块停在什么位置14如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长l=80cm，两板间的距离d=40cm电源电动势E=40V，内电阻r=1，电阻R=15，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0=4m/s水平向右射入两板间，该小球可视为质点若小球带电荷

11、量q=1×102 C，质量为m=2×102 kg，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电表若小球恰好从A板右边缘射出（g取10m/s2）求：（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多少？（2）此时电流表、电压表的示数分别为多少？（3）此时电源的输出功率是多少？（4）此时电源的效率是多少？2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分每小题只有一个选项符合题意1在物理学的发展进程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中不正确的是（）A质点和点电荷是同一种

12、思想方法B在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法C重心、合力和分力都体现了等效替换的思想D加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量【考点】物理学史【分析】质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法合力与分力能够等效替代，采用了等效替代的思想；伽利略提出了“落体运动的速度v与时间t成正比”的观点加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量【解答】解：A、质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法，所以质点和点电荷是同一种思想方法，故A正确；B、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成

13、很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微分、积分法，故B错误；C、重心、合力和分力、都采用了等效替代的思想，故C正确；D、加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量故D正确；本题选错误的，故选：B【点评】对于物理学上重要的实验和发现，可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆，不能混淆2从生活走向物理，从物理走向社会，物理学和生活、现代科技密切相关下列说法不正确的是（）A过量的电磁波辐射对人体有害，为了安全人们应该离电磁波发射装置一定的距离B电磁炉的工作原理是，接通电源后，线圈电磁波，电磁波产生的能量加热食物，做熟饭的C磁带是收录机放音时的原

14、理是电磁感应，录音时利用的是电流的磁效应D运输电流表时，为了安全将电流表的正负接线柱短接，是利用电磁阻尼的作用【考点】电磁感应在生活和生产中的应用【专题】定性思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用【分析】明确电磁辐射给人带来的危害，并知道如何防范电磁辐射；知道常见仪表的工作原理，明确电磁现象在生产生活中的应用【解答】解：A、过量的电磁波辐射对人体有害，为了安全人们应该离电磁波发射装置一定的距离，可以减小电磁辐射带来的伤害；故A正确；B、电磁炉的工作原理是，接通电源后，线圈产生电磁波，使锅体发生电磁感应而加热食物，不是直接利用电磁波的能量；故B错误；C、磁带是收录机放音时的原理是电磁感应，录音时利

15、用的是电流的磁效应；故C正确；D、运输电流表时，为了安全将电流表的正负接线柱短接，是利用电磁阻尼的作用使指针快速停下来的；故D正确；本题选错误的；故选：B【点评】本题考查电磁感应现象在生产生活中的应用，我们周围应用电磁感应现象的仪器非常多，要明确它们的工作原理，同时注意防范电磁辐射3如图，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方法是（）A增大斜面的倾角B对木块A施加一个垂直于斜面的力C对木块A施加一个竖直向下的力D在木块A上再叠放一个重物【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得到动摩擦因数与斜面倾角的关系要使木块A停下，必须使之减速

16、，合力方向与速度方向应相反分别分析木块的受力情况，确定合力的方向，判断其运动性质【解答】解：A、木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得 mgsin=mgcos；若增大斜面的倾角，重力沿斜面向下的分力mgsin增大，滑动摩擦力f=mgcos减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动故A错误B、对木块A施加一个垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力mgsin不变，而滑动摩擦力f=（F+mgcos）增大，合力方向沿斜面向上，木块做减速运动，可以使木块停下故B正确C、对木块A施加一个竖直向下的力，由于（F+mg）sin=（F+mg）cos，木块的合力仍为零，仍做匀速运动，不可能停下故C错误D、由

17、A项分析可知，mgsin=mgcos得 sin=cos，与质量无关，在木块A上再叠放一个重物后，整体匀速下滑，不可能停下故D错误故选B【点评】本题关键根据物体做减速运动的条件，分析木块的合力方向，当合力方向与速度反向时，木块能做减速运动，可以停下来4篮球运动是青年男同学最喜爱的体育运动之一，篮球投出后在空中 画出一条美丽的曲线，进入篮筐将一篮球从地面上方B点以速度v0斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上A点，如果有人拦截，在较远处投篮则关于篮球的运动正确的说法是（）A增大抛射速度v0，同时减小抛射角B减小抛射速度v0，同时减小抛射角C增大抛射角，同时减小抛出速度v0D增大抛射角，同时增大抛出速度v0

18、【考点】抛体运动【专题】定性思想；等效替代法；直线运动规律专题【分析】解决本题巧用平抛运动知识，由于题目中紧抓住篮球垂直打到篮板，故其逆过程可以看成平抛运动，在较远处投篮，即水平位移要增大，则有水平速度越大，落地速度越大，与水平面的夹角越小【解答】解：篮球垂直击中篮板上A点，其逆过程就是平抛运动，当水平速度越大时，水平方向位移越大，抛出后落地速度越大，与水平面的夹角则越小若水平速度减小，水平方向位移越小，则落地速度变小，但与水平面的夹角变大因此如果有人拦截，在较远处投篮，还要击中篮板上A点，只有增大抛射速度v0，同时减小抛射角，才能仍垂直打到篮板上A点所以只有A正确，BCD均错误；故选：A【点

19、评】本题采用了逆向思维，降低了解决问题的难度若仍沿题意角度思考，解题很烦同时容易出错5如图所示，电源A的电压为6V，电源B的电压为8V，电容器的电容为200PF，当开关S合向A，稳定后再合向B，再次达到稳定，则在这个过程中通过电流计的电荷量为（）A4×109CB1.2×109CC1.6×109CD2.8×109C【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】先求出开关S打在A时，电容器的电量当开关S从A转到B时，电容器极板上的电荷先被中和，再充电，通过电流计的电荷量等于开始与末了电容器电量之和【解答】解：开关S打在A时，电

20、容器的电压为U1=6V，电量为：Q1=CU1=2×1010×6C=1.2×109C开关S打在B时，稳定时，电容器的电压为U2=8V，电量为：Q2=CU2=2×1010×8C=1.6×109C故通过电流计的电荷量为：Q=Q1+Q2=2.8×109C故选：D【点评】本题的关键是分析通过电流计的电荷量与电容器电量的关系，掌握电容器电量公式Q=CU是基础6质量为m的球从高处由静止开始下落，已知球所受的空气阻力与速度大小成正比下列图象分别描述了球下落过程中加速度a、速度v随时间t的变化关系和动能Ek、机械能E随下落位移h的变化关系，其

21、中可能正确的是（）ABCD【考点】功能关系；动能；机械能守恒定律【分析】根据牛顿第二定律分析球下落过程加速度的变化进而得到其速度的变化情况，vt图象的斜率表示加速度；动能的变化等于合外力做的功，阻力做的功等于球机械能的变化量【解答】解：A、已知球所受的空气阻力与速度大小成正比，即f=kv，根据牛顿第二定律：mgkv=ma，得a=g，开始时v比较小，mgkv，球向下加速，当v逐渐增大，则a减小，即球做加速度逐渐减小的加速运动，又 v=at ，整理得：a=，可见a不是均匀减小，故A错误；B、由前面分析知球做加速度逐渐减小的加速运动，其斜率应该逐渐减小，故B错误；C、由动能定理：mghfh=Ek，即

22、Ek=（mgkv）h，由于v是变化的，故Ekh不是线性关系，C错误；D、机械能的变化量等于克服阻力做的功：fh=EE0v逐渐增大，则f逐渐增大，即Eh图象的斜率逐渐变大，故D正确；故选：D【点评】本题借助数学函数知识考查了动能定理以及重力以外的力做功等于机械能的变化量等功能关系，原则就是将利用功能关系列出的方程整理成图象对应的函数解析式，分析其斜率的物理意义二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共计24分每小题有多个选项符号题意全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分72011年11月8日，我国第一个火星探测器“萤火1号”，与俄罗斯的采样返回探测器一起发射升空，飞向火星，开

23、始对火星的探测研究我国对火星的探测将分为三个阶段，最终宇航员踏上火星，假设将来我国一艘飞船从火星返回地球时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运动时，在P点的速度大于在Q点的速度B飞船在轨道上运动的机械能大于在轨道上运动的机械能C飞船在轨道上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D飞船绕火星在轨道上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道I同样的半径运动的周期相同【考点】万有引力定律及其应用；向心力【专题】信息给予题；定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题【分析】根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度飞船从轨道转

24、移到轨道上运动，必须在P点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时，都由火星的万有引力产生加速度，根据牛顿第二定律列式比较加速度根据万有引力等于向心力列式，比较周期【解答】解：A、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度故A正确B、飞船在轨道上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道上运动所以飞船在轨道上运动时的机械能小于轨道上运动的机械能故B错误C、飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等故C正确D、根据万有引力等

25、于向心力得T=2，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等故D错误故选：AC【点评】本题要知道飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关8如图所示，质量为M的电梯底板上放置一质量为m的物体，钢索拉着电梯由静止开始向上做加速运动，当上升高度为H时，速度达到v，不计空气阻力，则（）A物体所受合力做的功等于mv2+mgHB底板对物体的支持力做的功等于mgH+mv2C钢索的拉力做的功等于Mv2+MgHD钢索的拉力、电梯的重力及物体对底板的压力对电梯M做的总功等于Mv2【考点】功能关系；功的计算【专题

26、】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用【分析】对物体应用动能定理即可求解物体所受合力做的功，根据电梯的运动情况，可以求得电梯的加速度的大小，再有牛顿第二定律可以求得电梯对物体的支持力的大小，从而可以求得功的大小【解答】解：A、对物体应用动能定理得：合力对物体做的功W=mv2，故A错误；B、电梯由静止开始向上做加速运动，设加速度的大小为a，由速度和位移的关系式可得，v2=2aH，所以a=，对电梯由牛顿第二定律可得， FNmg=ma，所以 FN=mg+ma=mg+m，地板对物体的支持力做的功为W=FNH=（mg+ma）H=mgH+mv2，所以B正确C、对于整体由牛顿第二定律可得，F（M+m

27、）g=（M+m）a，所以钢索的拉力为F=（M+m）g+（M+m）a，钢索的拉力做的功等于FH=（M+m）gH+（M+m）v2，所以C错误D、根据动能定理可得，合力对电梯M做的功等于电梯的动能的变化即为Mv2，则钢索的拉力、电梯的重力及物体对底板的压力对电梯M做的总功等于Mv2，所以D正确故选：BD【点评】解决本题的关键是对物体的受力分析，再根据功的公式可以逐个来求得每个力的功，知道合力做功等于动能的变化量，难度适中9两个不规则带电导体间的电场线分布如图所示，已知导体附近的电场线均与导体表面垂直，a、b、c、d为电场中几个点，并且a、d为紧靠导体表面的两点，以无穷远为零电势点，则（）A场强大小关

28、系有EbEcB电势大小关系有bdC将一负电荷放在d点时其电势能为负值D将一正电荷由a点移到d点的过程中电场力做正功【考点】电场线；电势能【分析】根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；正电荷在电势高处电势能大，在电势低处电势能小，负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，根据电势能的变化判断电场力做功情况【解答】解：A、由电场线越密的地方，电场强度越大，由图可得c点的电场线密所以有EcEb，故A错误；B、沿着电场线，电势逐渐降低，b点所处的电场线位于右侧导体的前面，即b点的电势比右侧的导体，而右侧导体的电势比d高，故b点电势高于d点的电势，故B

29、正确；C、电势能的正负与0势能点的选择有关，该题以无穷远为零电势点，所以说负电荷放在d点时其电势能为正值故C错误；D、从图中可以看出，a点的电势高于b点的电势，而b点的电势又高于d点的电势，所以a点的电势高于d点的电势正电荷在电势高处电势能大，在电势低处电势能小，故正检验电荷从a点移到d点的过程中，电势能减小，则电场力做正功，故D正确故选：BD【点评】本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、场强大小关系同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减10在如图所示电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=0.5，电阻R1=2，闭合电键S，当滑

30、动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，则下列叙述中正确的是（）AI变小，U1变小BU2变小，U3变大C电阻R1的电功率减小D电源的输出功率减小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】理想电表不考虑电表对电表的影响，电压表V3测量路端电压，电流表测量干路电流滑动变阻器的滑动触头P向下滑动，接入电路电阻变大，根据电路的结构，由欧姆定律可判断电表示数的变化量大小，当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析电源输出功率的变化【解答】解：A、当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大

31、，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故A正确 B、I变小，则U3=EIr，U3变大，则U3=U1+U2，U1变小，则U2变大，故B错误 C、根据P=可知，U1变小，功率变小故C正确 D、内电阻r=0.5，电阻R1=2，则外电路总电阻大于电源的内阻，则当变阻器R的滑片P向下移动时，外电路总电阻增大，电源的输出功率减小，故D正确故选：ACD【点评】解决这类动态分析问题的基础是认识电路的结构，明确当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，难度适中三、实验题：本题有两题，共计18分请将解答填写在答题卡相应的位置11在“探究加速度与质量的关系”，某小组设计了如图1所示的实验，他

32、们将光电门固定在气垫轨道上的某点B处，调节气垫导轨水平后，用重力为F的钩码，经绕过滑轮的细线拉滑块，每次滑块从同一位置A由静止释放，测出遮光条通过光电门的时间t改变滑块的质量重复上述实验记录的数据及相关计算如下表（1）保持砝码和小桶质量不变，改变小车质量m，分别得到小车加速度a与质量m数据如下表：次 数123456789小车加速度a/ms21.981.721.481.251.000.750.480.500.30小车质量m/kg0.250.290.330.400.500.710.751.001.67根据上表数据，为直观反映F不变时a与m的关系，请在图2方格坐标纸中选择恰当物理量建立坐标系，并作出

33、图线由图线得出的实验结论是：当拉力一定时，a与m成反比（3）该小组同学还想测出滑块与导轨间的摩擦力，设AB间距离为s，遮光条宽度为d，设滑块质量为m时，砝码的对滑块的拉力为F，光电门显示的时间为t，摩擦力的表达式为F【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题；定性思想；实验分析法；牛顿运动定律综合专题【分析】（1）为研究a与m的关系，作a与的关系关系图线，注意选取好标度（2）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足（3）小车做匀变速直线运动，根据速度v=和位移关系v2v02=2as可以求出加速度的大小，再结合牛顿第二定律求解f【解答】解：（1）先求出质量

34、的倒数，如下图：为研究a与m的关系，作a与的关系关系图线，如图（2）根据图线是一条过原点的倾斜的直线可知，当拉力一定时，a与m成反比（3）滑块通过光电门的速度v=，根据2as=v2得a=，根据牛顿第二定律得：a=，解得：f=F故答案为：（1）如图所示；（2）当拉力一定时，a与m成反比；（3）F【点评】本题要注意作图要做直线图，直线形象、直观，便于说明规律，对于课本中的基本力学实验，无论形式如何变化，只要根据所学基本物理知识，弄清其实验原理，熟练应用所学物理知识，即可找到解决问题的突破口12液体能导电也有电阻，为探究导电溶液的电阻选取了一根乳胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封

35、闭的盐水柱进行了如下实验：（1）该小组将盐水柱作为纯电阻，粗测其电阻约为几千欧现采用伏安法测盐水柱的电阻，有如下实验器材供选择：A直流电源：电动势12V，内阻很小，额定电流为1A；B电流表A1：量程010mA，内阻约10；C电流表A2：量程0600mA，内阻约0.5；D电压表V：量程015V，内阻约15k；E滑动变阻器R1：最大阻值10；F滑动变阻器R2：最大阻值5k； G开关、导线等在可供选择的器材中，应选用的电流表是A1（填“A1”或“A2”），应该选用的滑动变阻器是R1（填“R1”或“R2”）（2）该小组已经完成部分导线的连接，请你在如图1实物接线图中完成余下导线的连接（3）已知导电盐水

36、柱的长度为L，直径如图所示，d=1.05cm，则盐水柱的电阻率的表达式为（用U，I，d，L字母表示）【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题；定性思想；图析法；恒定电流专题【分析】（1）根据电路最大电流选择电流表，根据待测电阻阻值选择滑动变阻器（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后连接实物电路图（3）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；应用欧姆定律与电阻定律可以求出电阻率的表达式【解答】解：（1）电源电动势为12V，盐水柱的电阻约为几千欧姆，电路最大电流约为几毫安，则电流表应选择A1，为准确测出盐水柱的电阻应测出多组实验数据求平均值，为测多组实验数据，由题目所给实验器材可知，

37、滑动变阻器应选择采用分压接法，应选择R1；（2）由题目所给实验数据可知，盐水柱的电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用限流接法，实物电路图如图所示：（3）由图示游标卡尺可知，其示数为：10mm+5×0.1mm=10.5mm=1.05cm；盐水柱的电阻：R=，解得：=；故答案为：（1）A1；R1；（2）实物电路图如图所示；（3）1.05cm；【点评】本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、游标卡尺读数、求电阻率的表达式，要掌握实验器材的选择原则，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确连接实物电路图的关键四、计算题：本题共2小题，共计34分

38、解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30°足够长的斜面，某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图求：（g取10m/s2）（1）滑块冲上斜面过程中加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的动能；若不能返回，求出滑块停在什么位置【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的图像【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）先用vt图象求得滑块的加速度，然后根据牛顿第二定律求得合力，再受力分析，求解出支持力和滑动摩擦力，最后求解动摩擦因素；（2）通