2019年山东省淄博市中考物理试卷

1、2019 年山东省淄博市中考物理试卷副标题题号一二三四五六总分得分、单选题（本大题共 14小题，共 28.0 分）1. 音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确 的是（ ）A. 调节琴弦松紧可以改变声音的响度B. 用力拉琴可以改变声音的音调C. 小提琴和钢琴发出的声音传播速度相同D. 禁止听众喧哗是从传播过程中减弱噪声2. 小明在湖边树萌下乘凉，想到了所学的物理知识。其中合理的是（ ）A. 树下的圆形光斑，是光沿直线传播形成的B. 看到池水“变”浅，是光的反射引起的C. 水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小D. 阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控3.

2、物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是（ ）A. 人体的安全电压不高于 220VB. 人体感觉舒适的环境温度约为 37C. 中学生从二楼走到三楼做功约为 200J5D. 光在真空中的传播速度为 3×105km/s4. 图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置， 图乙是描绘的温度随时间变 化的图象。下列说法错误的是（ ）A. 加热过程中，水含有的热量增加B. 沸腾过程中，水吸收热量，温度不变C. 烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失D. 水的沸点是 99，此时大气压低于标准大气压5. 下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（ ）A. 三级跳远 -快速助跑是为了增大惯性B. 划船比

3、赛 -船桨和水之间力的作用是相互的C. 引体向上 -人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力D. 百米赛跑 -裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢第 32 页，共 28 页6. 关于下面四幅图的说法正确的是（A. 甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同B. 乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象C. 丙图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发送扩 散现象7.8.D. 丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力 下列有关生产和生活中的应用解释正确的是（ ）A. 斧头具有很薄的刃，是为了增大压力B. 用

4、吸管吸饮料，利用了大气压C. 风筝能在空中飞行，是因为受到空气的浮力D. 拉杆箱下安装轮子，是通过减小受力面积减小摩擦 如图所示，小球沿轨道由静止从 擦），A 点向 D 点运动的过程中（小球和轨道间存在摩A. 小球在 A 点的重力势能最大B. 小球在 B 点的速度最大C. 小球在 C 点和 B 点的机械能相等 D. 小球不能到达 D 点9. 如图是一款太阳能 LED 灯，下列相关说法错误的是（ ）A. LED 灯是由半导体材料制成的B. LED 灯可以把太阳能转化为电能C. 太阳能是可再生能源D. 太阳能是太阳内部发生核裂变释放的能量10. 共享电动汽车通过刷卡开锁， 实现循环使用。 租赁者将

5、带有磁条的租车卡靠近电动 汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生变化的电流，读取解锁信息。图中能反应 刷卡读取信息原理的是（ ）11. 新型 PTC 发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是 PTC 调试工作电路， R0是保护电阻，阻值恒定； R1是 PTC 电阻，阻值随温度变化的图 象如图乙所示。闭合开关 S，当温度从 20升高到 120的过程中（）12.A. 电流表示数先变小后变大B. 电压表示数先变大后变小C. 电压表与电流表示数的比值先变小后变大D. 保护电阻 R0 消耗的功率先变小后变大有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时， 如果指示

6、灯损坏，插孔也能正常工作。图既能满足控制要求，又符合安全用电原则 的是（ ）A.C.V1（如图甲）；用细针将该木块13. 把木块放入装满水的溢水杯中，溢出水的体积为全部压入水中，溢出水的总体积为V2（如图乙），忽略细针的体积。则（）A. 木块的质量为 水 V2B. 缓慢下压木块的过程中，溢水杯底部受到水的压强变大C. 木块全部压入水中静止时，细针对木块的压力大小为水 gV2D. 木块的密度为 水14. 如图所示，电源电压为 12V，滑动变阻器的规格为“ 50 2A”， L1和 L2分别标有“ 6V 3W”和“ 6V 9W”的字样，闭合开关 S 后，调节滑动变阻器的滑片，在保证电路安全的情况下（

7、不考 虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（ ） A. L2能正常发光B. 滑动变阻器接入电路的最小阻值是8C. 电流表示数的变化范围是 0-0.5AD. 电路消耗的最大功率是 12W二、多选题（本大题共 1 小题，共 2.0分）15. 如图所示，电源电压为 5V，闭合开关 S，电压表的示数为1V则（）A. 通过灯泡 L1 的电流比 L2 的电流大B. 灯泡 L1两端的电压是 1VC. 灯泡 L1和 L2的电阻之比是 4： 1D. 若灯泡 L2灯丝烧断，电压表示数为零三、填空题（本大题共 4 小题，共 12.0 分）16. 春节是中华民族的传统节日，年夜饭“吃饺子”是一种习俗。包饺子时，用力

8、捏出 褶边，说明力可以 ；刚下锅的饺子沉在锅底，加热一段时间会上浮，在上浮过程中， 转化为机械能；出锅后的饺子变瘪了，饺子内气体密度 17. 如图所示， GMR 是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1 和 S2时，小磁针 N 极指向右端， 则电磁铁的左端为 极，电源右端为 极。要使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向 滑动。18. 2019年 1月 3日，嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆， 并通过“鹊桥”中继星传 回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图， 传输过程中利用了 ；嫦娥四号的巡视器 - 玉兔二号质量为 135g，与月球表面的接触面积约为 0.8m2，玉兔二号对月球

9、表面的压强为 pa，（ g取 10N/kg，物体在月球上的重力为地球上的）：玉兔二号移动很慢，速度约为 250m/h，累计在月球表面行驶了 120m，用时约为 h。19. 灯泡 L 的电流随电压变化的图象如图甲所示， 将此灯泡与定值电阻 R 接入图乙所示 的电路中，只闭合开关 S，小灯泡的实际功率为 0.5W，则电源电压是 V；再闭合开关 S1，电流表的示数变化了 0.1A，则 R的阻值是 ；通电 1min ，定值电阻 R 消耗的电能是 J四、计算题（本大题共 2 小题，共 17.0 分）20. 2019年 4月 23日，在庆祝中国人民解放军海军成立 70周年海上阅兵活动中， 055 大型驱逐

10、舰接受检阅， 向世界展示了我国大型驱逐舰的发展规模和强大实力。 驱逐 舰长 174m，宽 23m，吃水深度 8m，满载排水量 12300t，最大航速 32节（1 节=0.5m/s， 海水密度为 1.03×103kg/m3， g取 10N/kg）。求：（1）驱逐舰行驶到某海域时，舰底受到的海水压强为7.21 ×104Pa，此时舰底所处的深度；（2）驱逐舰满载时受到的浮力；（ 3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，若所受海水阻力是其总重的0.1倍，它的动力功率。21. 表为一台饮水机的铭牌，其内部简化电路如图所示， R1和 R2 均为电热丝且阻值不变。XX牌饮水机额定电压2

11、20V额定功率加热1000W保温22W加热效率80%（1）该饮水机处于加热状态时，正常工作3min，在 1 标准大气压下能否把 0.5kg的水从 20加热至沸腾？【 c 水=4.2 ×103J/（kg?）】（2）保温功率是指 S断开时电路消耗的总功率。该饮水机正常保温时，R1 实际消耗的电功率是多少？五、作图题（本大题共 1 小题，共 3.0分）O为22. 如图是小明起跑时的背景，请画出小明所受重力（点 重心）和右脚所受摩擦力的示意图。15cm。六、实验探究题（本大题共 3 小题，共 18.0分）23. 小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为1）如图甲所示，移动光屏

12、找到清晰的蜡烛的像，这个像是图乙中的 ，利用此原理可以制成 。（选填“照相机”、“幻灯片”、“放大镜”）（2）小明把蜡烛依次放在 A、B 位置，在坐标纸上记录了光屏上像的大小。 如图丙 所示（ A、 B分别表示蜡烛在 A、B 处所成的像）。跟同学们交流后发现： 成倒立放大像的条件是 成实像时，物距减小，像距 （3）保持凸透镜位置不动， 小明又把蜡烛放在距凸透镜 18cm 处，在光具座上无论 怎样移动光屏，都找不到清晰的像，原因可能是 。聪明的小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处， 在光具座上移动光屏， 光屏上出现了清晰的 像，则小明拿起的眼镜是 。（选填“近视镜”或“远视镜”）24

13、. 在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从 研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图 乙装置进行实验，并把数据整理记录在下表中。实验滑轮钩码重提升的高有用功拉力绳端移动总功机械效次数材质G/N度 h/mW 有用 /JF/N的距离 s/mW 总/J率。 1铝10.10.10.60.30.1856%2铝20.10.21.00.30.367%3铝20.20.41.00.60.667%4塑料20.20.40.80.60.4883%5塑料20.20.42.10.20.4295%比较 1 和 2两次实验

14、发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 ，机械效率越高。比较 3 和 4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 有关。 比较 两次实验发现： 在所用滑轮组一定时， 机械效率与提升钩码的高度无关。 第 5 次实验室利用了图 的装置完成的，判断依据是 。 利用图甲的装置， 把重 4N的物体用 2.5N 的拉力迅速拉起， 滑轮组的机械效率为 。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。（ 2）小明利用图丙装置实验发现： 斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关， 与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用 的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率。（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有

15、用功：进一步推理得出：假设没有额 外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都 。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是 。A、焦耳定律B、牛顿第一定律C、阿基米德原理D、欧姆定律25. 在“探究并联电路中的电流关系”实验中（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图甲所示，检查电路发现只有一根导线 接错了，请在这根导线上打上“ ×”，并改正。（ 2）连接正确的电路后， 闭合开关，电流表的示数为 0.46A，请在图乙中画出指针 的位置（ O 为指针转轴）。（3）小明换用不同规格的灯泡，多次改变电表位置，将测量数据记录在下表中。实验次数支路电流 I1/ A支路电流 I2/A干路电流 l 总

16、/A10.300.160.4620.200.200.4030.240.340.58分析数据得出结论：在并联电路中， 。（4）第 1次实验发现，灯泡 L1比 L2亮，则灯泡 L1的电阻 灯泡 L2的电阻；若两灯泡灯丝长度相同， 的灯丝更细。答案和解析1. 【答案】 C【解析】解：A、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振 动快慢，从而改变声音的音 调，故A 说法 错误 。B、用力拉琴可以改变弦的振动幅度，从而改变声音的响度，故 B 说法错误。C、小提琴和钢琴发出的声音在空气中 传播速度是相同的，故 C 说法正确。D、禁止听众喧哗是从声源 处减弱噪声的，故 D说法错误。故选：C。（1）对于弦乐，弦的粗细、松

17、紧和长短都影响音 调；拨动 弦的力度影响响度。 通过音色来辨 别是什么物体。（2）声传播速度跟介 质的种 类和温度有关。（3）减弱噪声的途径在声源 处、在传播过程中、在人耳处。 声音的三个特征音 调、响度和音色是经常考 查的内容，也是容易混淆的 问 题。2. 【答案】 A【解析】解：A、浓密的 树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的直 线传播引起的。 故 A 合理；B、池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的。故 B 错误；C、水中出现树的倒影，是平面镜成像现象，水中的“树”是岸上的 树的虚像， 两者大小相等。故 C 错误；D、紫外线具有杀菌作用，遥控器利用的是 红外线。故D 错误。 故选：

18、A。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直 线传播，产生的现象有小孔成像、激光 准直、影子的形成、日食和月食等；2）光线传播到两种介 质的表面上 时会发生光的反射 现象，例如水面上出 现 岸上物体的倒影、平面 镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。物体在平面 镜中成倒立等大的虚像；（3）光线在同种不均匀介 质中传播或者从一种介 质进 入另一种介 质时 ，就会出现光的折射 现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的 折射形成的；（4）根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外 线能使 荧光物 质发光制成 验钞 机；紫外线能促使人体合成 维生素 D 促进钙的吸收。本题考查了几种光

19、现象及紫外 线的应用，注重了物理和生活的 联系，考查了学生 应用物理知 识解决实际问题 的能力，属于基础知识的考 查3. 【答案】 D【解析】解：A 、对人体的安全 电压 不高于 36V，故A 不符合 实际；B、人的正常体温是 36.5，人感到比较舒适的温度 为 23，故B 不符合 实际 ；C、中学生的体重在 500N 左右，二楼到三楼的高度在 3m 左右，所以中学生从 二楼走到三楼所做的功 约为 W=Gh=500×N 3m=1500J，故C 不符合 实际；D、真空中的光速 约为 3×105千米 /秒，故D 符合 实际 。故选：D。不同物理量的估算，有的需要凭借生活 经验

20、，有的需要简单 的计算，有的要进行单位的 换算，最后判断最符合 实际的是哪一个。物理学中， 对各种物理量的估算能力，是我 们应该 加强锻炼 的重要能力之一， 这种能力的提高，对我们的生活同 样具有很大的 现实 意义。4. 【答案】 A【解析】 解：A、加热过程中，水吸收 热量，其温度升高，内能增加；热量是一个 过程量， 不能 说物体含有多少 热量，故 A 错误 ；B、水在沸腾过 程中，仍然要吸收 热量，由图可知其温度保持 99不变，故B正确；C、烧杯上方带孔的纸板可以减少 热量散失，能缩短把水加热到沸腾的时间， 故 C 正确；D、由图可知，水的沸点是 99，沸点低于100，此时大气压低于标准大

21、气 压， 故 D 正确； 故选：A。（1）热量指在 热传递的过程中传递能量的多少。（2）水在沸腾过 程中的特点：吸热，但温度保持不变；（3）烧杯上方带孔的纸板可以减少 热量散失；（4）根据沸点的概念判断出水的沸点；气压越低，沸点越低； 此题是探究 “水的沸 腾”的实验，考查了水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾 图象的分析，常见题 目。5. 【答案】 B【解析】解：A 、跳远运动员在起跳前要助跑是 为了利用 惯性，但惯性的大小只与物体 的质量有关，所以快速助跑不能增大 惯性，故A 错误；B、运动员 用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体 间力的作用是相互的， 水就会对船桨产生向前的反作用力使 龙

22、舟前进，故B 正确；C、引体向上-人对单 杠的拉力与 单杠对人的拉力作用在不同的物体上，是相 互作用力，不是一对平衡力，故 C错误；D、百米赛跑-裁判员是在路程相同的情况下，比 较时间判断运 动快慢，谁用 时间少，谁跑得快，故 D 错误。故选：B。（1）惯性是物体保持原来运 动状态不变的性 质，惯性的大小只与物体的 质量 有关；（2）物体间力的作用是相互的；（3）一对平衡力必 须大小相等、方向相反、作用在一条直 线上、作用在同一物体上；（4）比较物体运 动快慢的方法： 通过相同的路程，比较时间 的多少，用时越多，运动越慢。 利用相同的 时间，比较路程的 长短，经过 路程越 长，运动越快。 本题

23、以体育运 动为 背景，考查了不同运 动项 目中所涉及的多个物理知 识点， 有一定 综合性，体现了物理知 识的无 处不在。6. 【答案】 A【解析】解：A、图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小 团硝化棉，迅速向下 压 活塞，由于压缩 玻璃筒内的空气 对其做功，使得空气的内能增加，温度升高， 故是将机械能 转化为内能的 过程，故与内燃机的 压缩 冲程相 类似，故A 正确；B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出 现的白雾是水蒸气遇冷液 化现象，故B错误；C、丙图 中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐 渐 混合，可能是扩散现象，但也可能是重力的作用，故不能表明气体

24、 间可以 发 生扩散现象，故C 错误；D、图中两个 压紧 的铅块 能吊起 钩码 而不分开，是由于分子 间存在引力，但也 有斥力，故 D 错误 。故选：A。（1）改变内能的方式有两种，即做功和 热传递 ；对物体做功，物体的内能会增 加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程 对 外做功，将内 能转化为机械能；压缩 冲程有能量 转化，将机械能转化为内能。（2）汽化是从液态变为 气态；液化是从气态变为 液态；（3）扩散现象表明，一切物 质的分子都在不停地做无 规则 运动；（4）分子同时存在相互作用的引力和斥力。知道做功可以改 变物体的内能，了解液化 现象，熟知扩散现象的实验 ，了解 分子

25、间作用力的特点等，可 顺利解答此 题。7. 【答案】 B【解析】解：A、斧头具有很薄的刃，是在 压力一定时，减小受力面积来增大斧 头对物 体的压强，故A 错误；B、用吸管吸饮料时是在大气 压的作用下把 饮料吸入人的口腔，是利用了大 气 压，故 B 正确；C、风筝是利用 风筝上下方空气的流速不同 产生的升力升空的，不是因 为受 到空气的浮力，故 C 错误；D、拉杆箱下安装轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故 D 错误。 故选：B。（1）增大压强的方法：在压力一定 时，减小受力面积来增大 压强；在受力面积 一定时，增大压力来增大 压强。（2）利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没

26、有空气或 空气减少，大气压是利用内外 压强 差的原理。（3）风筝是利用流体 压强产 生的升力升空的。（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定 时，通过减小 压力来减小摩擦 力；在压力一定 时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离； 用 滚动 摩擦代替滑 动摩擦。生活处处有物理，我们要能够从生活 现象找出用到的物理知 识。联系生活实际出题，这是中考出 题最常 见的一种方式，需要引起注意。8. 【答案】 C【解析】解：A 、小球在A 时，高度最高，重力势能最大，速度增大，动能增大，由于存 在摩擦，减小的重力 势能转化为动能和内能；故A 正确。B、小球在 B 时，小球的质量不 变，

27、高度最小，势能最小，动能最大，速度最大， 故 B 正确；C、小球和轨道间存在摩擦，小球需要克服摩擦做功，故小球从 B 点到 C点的 机械能减小，故 C 错误 ；D、因为小球需要克服摩擦做功，在运 动过 程中有一部分机械能 转化为内能， 故小球不能到达 D点，故D 正确。故选：C。（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能 越大。本题考查了影响 动能和势能大小的因素以及能量的 转化知识的应用，知道动 能和重力 势能之间的相互转化是解决 该题的关键。9. 【答案】 D【解析】解：A 、LED 灯主要工作

28、原件是 发光二极管，二级管主要有半 导体材料制成； 故 A 正确。B、太阳能板把太阳能 转化为电能，而LED灯要消耗 电能发光，把电能转化为 光能，所以过程中有太阳能 变成电能；故B 正确。C、可再生能源是短时间内可以从自然界得到 补充的能源；故 C正确。D、太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反 应，又称热核反应；故D 错误。 故选：D。（1）二级管主要有半 导 体材料制成；（2）它为 LED 灯提供 电能；（3）可再生能源是短时间 内可以从自然界得到 补充的能源；（4）太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反 应，又称热核反 应； 改题目考查了半导体的特点与 应用、太阳能、能量转化等知识，难度不

29、大。10. 【答案】 D【解析】解：租赁者将带有磁条的租 车卡靠近电动汽车的感应器，检测头的线圈中就 会产生变化的电流，说明这是电磁感应现象。A、如图是奥斯特 实验，反映通电导体周围存在磁场。不符合题意。B、如图是通电螺旋管，反映通电导体周围存在磁 场。不符合题意。C、因为电路中有 电源，这是电动机的工作原理 图，不符合题意。D、闭合电路的一部分 导体在磁场中进行切割磁感 线运动，导体中有感 应电 流产生，这是电磁感 应现象，符合题意。故选：D。（1）通电导体周围存在磁 场，应用于电磁起重机、电磁继电器、电磁铁等。（2）电动机是利用通 电导体在磁 场中受力而运 动原理制成的。（3）电磁感应：闭

30、合电路的一部分 导体在磁场中进行切割磁感 线运动，导体中 有感应电流产生。电动机和发电机的原理 图非常相似，重要区别在于电动机电路中有电源，发电 机电路中没有 电源。11. 【答案】 C【解析】解：A、甲中，两电阻串 联，电压表测 R1的电压，电流表测电 路的电流， 由图乙知，当温度从 20升高到 100的过程中电阻 R1变小，从100升高 120的过程中电阻 R1变大，则根据串 联电阻的规律，总电阻先变小后变大， 由欧姆定律可知， 电路中的 电流先 变大后 变小，即电流表示数先 变大后变小， 故 A 错误 ；B、电路中的电流先变大后变小，根据U=IR 可知，定值电阻 R0的电压先变大 后变小

31、，由串联电路电压的规律可知，R1的电压先变小后变大，即电压表示 数先变小后变大，故B 错误；C、根据欧姆定律可知，电压表与电流表的比值等于 PTC电阻R1的阻值，所 以电压表与电流表的比 值先变小后变大，故C正确；D、因电路中的 电流先变大后变小，根据 P=I2R0可知，R0消耗的功率先 变大 后变小，故D 错误。故选：C。A、甲中，两电阻串联，电压表测 R1 的电压，电流表测电路的电流，由图乙知， 温度升高 时电阻 R1先变小后变大，根据串联电阻的规律和欧姆定律分析 电流 表示数 变化；B、根据U=IR ，确定定值电阻的电压变 化，由串联电路电压的规律得出 电压 表示数 变化；C、根据欧姆定

32、律，电压表与电流表的比 值即热敏电阻大小，据此分析；D、根据P=I2R分析 R0消耗的功率 变化。 本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关 键明确 R温度的 变化规律。12. 【答案】 D【解析】 解：插线板上的指示灯在开关 闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同 时控 制灯泡和插座，灯泡和插座之 间可能是串 联，也可能是并联，如果两者并联， 开关应该在干路上；如果指示灯 损坏，开关闭合时插孔也能正常通 电，说 明灯泡和插座之 间是并 联的，开关接在灯泡、插座和火 线之间控制火 线使用更安全，故只有 D 正确。 故选：D。干路开关控制所有的用 电器。并联电路各用 电器之间互不影响，串联电路

33、的 用电器互相影响。据此判断插 线板的 连接情况。根据用 电器之间是否相互影响是判断用 电器串 联和并联的方法之一；家庭电路中，开关控制用 电器，开关一定接在用 电器和火 线之间，既能控制用电器， 又能保证使用安全。13. 【答案】 D【解析】解：（1）木块静止地漂浮在水面上 时，F 浮=G； 因为木块所受到的浮力 F 浮=水 gV1，所以水 gV1=mg， 木块的质量 m= 水 V1；木块完全浸入水中 时所排开水的体 积等于木 块的体积，由题意知木 块的体 积 V=V2，则木块的密度：= =；故A 错误 ，故D 正确；（2）缓 慢下压木块的过程中，溢水杯中水的深度不 变，由p=gh可知，溢水

34、杯 底部受到水的 压强 不变，故B 错误 ；（3）木块完全浸没后的浮力：F 浮 =水gV2，木块完全浸没 时，由力的平衡条件可得：F 浮=压F+G 木，所以手 对木块的压力（最大压力）：F 压=F 浮-G 木=水 gV2-mg=水 gV2-水 V1g=水 g（V 2-V 1），故C 错误 ； 故选：D。（1）木块漂浮在水面上 时，对木 块进 行受力分析，由平衡条件求出木 块所受的 重力，然后由浮力公式的 变形公式求出木 块 的质量，根据木块完全浸入水中 时排出水的 总体积求出木 块的体 积，然后根据密度公式求出木 块的密度表达 式。（2）缓慢下压木块的过程中，溢水杯中水的深度不 变，由 p=g

35、h分析 压强变 化；（3）当木块刚 好全部没入水中 时，木块受到的浮力等于木 块重加上 对木块的压力，据此求出对木块的压力 本题是一道力学 综合题，考查了密度的 计算、浮力的计算、知识点多、综合性 强，属于难题 。本题关键有二：一是阿基米德原理和漂浮条件的 联合使用， 是两个 过程中压力的求解。14. 【答案】 B【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡 L1、L2串联，电流表测电路中的 电流。（1）由P=UI 可得，灯泡的额定电流分别为：I额2 滑动变阻器允许通过的最大电流为 2A，I 额 1=0.5A ，=1.5A ，2=1.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大 电流为

36、I最大=I 额1=0.5A ， 则 L1 能正常发光；故A 错误； 此时滑动变阻器接入 电路中的电阻最小， 根据 I= 可得，最小总电 阻：R 总小=24；灯泡的 电阻分别为： R1=12；R2=4；因串联电路的总电阻等于各 电阻之和， 所以变阻器接入 电路中的最小阻 值：R滑小=R 总小-R1-R2=24-12-4=8；故B 正确；（2）当滑动变阻器接入 电路中的电阻最大，电路中的电流最小，则 R 总 大=R 滑+R1+R2=50 +12 +4 =66； 电路中的最小 电流：I 最小= = A， 所以，电流表示数的 变化范围是 0.5A，故C 错误；（3）电路消耗的最大功率： P最大=UI

37、最大=12V×0.5A=6W ，故D 错误。 故选：B。由电路图可知，滑动变阻器与灯泡 L 串联，电压表测滑动变阻器两端的 电压， 电流表测电路中的 电流。（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据 P=UI求出灯泡的 额定电流，根据 欧姆定律求出灯泡的 电阻，比较灯泡的 额定电流和、滑动变阻器允许通过的 最大电流确定电路中的最大 电流，此时滑动变阻器接入 电路中的电阻最小， 根据串 联电路的电压特点求出数滑 动变阻器两端的最小 电压，根据欧姆定律 求出滑动变阻器接入 电路中的最小阻 值；（2）当滑动变阻器接入 电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路 的 电压 特点和欧姆定律

38、求出 电路中的最小 电流；（3）根据P=UI 求出电路消耗的最大 电功率。本题考查了串联电 路的特点和欧姆定律、 电功率公式的 应用，关键是会根据 电路中的电流确定滑 动变阻器接入 电路中的最小阻 值。15. 【答案】 BD【解析】解：AB 、由图知，两灯串联在电路中，电压表测 L 1两端电压，即L 1两端的 电压是 1V，故B 正确；串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡 L1的电流和 L2的电流相等，故A 错 误；C、由串联电路的电压 特点知，U2=U-U1=5V-1V=4V ， 通过两灯电流相等，由欧姆定律有： = ，即： = = = ，故C 错误； D、由图知，若灯泡灯丝烧断，则整个电路

39、断路，所以电压表示数为 0，故D 正 确。故选：BD。（1）由图知两灯串联，电压表测 L1两端电压，由此可知L 1两端的电压；由串联 电路的电 流特点可知两灯 电流关系；（2）由串联电 路电压特点和欧姆定律可得两灯 电阻关系；（3）串联中，一处断路则整个电路断路，由此根据 电路图分析电压 表示数情况。 本题考查了串联电路电流、电压特点、欧姆定律的 应用以及电路故障的 问题， 正确分析 电路是解 题的关键。16. 【答案】 改变物体的形状 内能 变大【解析】解：（1）包饺子时用手捏饺子可捏出漂亮的褶 边，这是力使饺子皮的形状 发生了 改变；（2）饺子下锅后，在热水中吸收 热量，饺子内的气体膨 胀

40、对饺 子做功，饺子会 上浮，此时内能 转化为机械能；（3）出锅后的饺子变瘪了，饺子内空气的 质量不 变，内部空气的体积减小，根 据密度公式可知， 饺子内气体密度 变大。故答案为：改变物体的形状；内能；变大。（1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改 变物体的运 动状 态；（2）根据饺子在热水中吸收 热量，饺子内的气体膨 胀对外做功，据此分析能量 的转化；（3）根据密度公式分析 饺子内气体密度的 变 化。 本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知 识解释实际 问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。17. 【答案】 N 正 左【解析】解：已知小磁针 N 极指向右端，根据磁

41、极 间的相互作用可知，电磁铁的左端 N 极，右手握住螺线管，大拇指指向 N 极，四指指向电流的方向，则电源右端为 正极，左端为负 极，闭合开关 S1和 S2，要使指示灯变亮，则电路电流变大，巨磁电阻的阻值减小， 磁场的磁性增 强，电流变大，电阻变小，则使滑片 P向左滑动。故答案 为：N；正；左。（1）根据根据磁极间的相互作用得出 电磁铁的两极，利用安培定 则可知电源 的正负极；（2）根据灯泡亮度的变化可知，电流大小变化情况，从而判断出 电磁铁的磁场 强弱变化，进一步得出滑 动变 阻器的滑片移 动方向。 本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与 电流的关系等，判读出巨 磁电阻的变化是解 题的

42、关键。18. 【答案】 电磁波 0.28 0.48【解析】解：（1）通过“鹊桥”中继星传回了世界上第一 张近距离拍 摄的月背景影像 图， 传输过程中利用了 电磁波；（2）根据压强 公式 P= = =0.28P；a（3）根据速度公式 v= 得，t= =0.48h。故答案 为：电磁波；0.28；0.48。（1）电 磁波可以在真空中 传播；（2）根据P= ，求得压强；（3）根据速度公式 v= 求得 时间。本题考查电磁波，速度公式，以及压强公式的 应用，是一道综合题。19. 【答案】 2 20 12【解析】解：由小灯泡的 I-U 图象可知，当灯泡的实际功率为 0.5W时，UL=2V，IL=0.25A，

43、 由图甲所示 电路图可知，只闭合开关 S时，只有灯泡接入电路，灯泡两端电压 等于电源电压，则电源电压：U=U L =2V ； 由图甲所示电路图可知，闭合开关 S后再闭合开关 S1，灯泡与电阻 R并联， 电流表测干路电流，电流表示数 变大，由题知，电流表示数 变化了 0.1A，则通过电阻 R的电流：IR=I=0.1A ，由 I= 可得，电阻 R 的阻值：R= =20；通电 1min，定值电阻 R 消耗的电能：WR=UIRt=2V×0.1A×1×60s=12J。故答案 为：2；20；12。 由小灯泡中的 电流随它两端 电压变 化的图象可知，随着灯两端的 电压 增大，

44、通过的电流变大，当U=2V 时，IL=0.25A，此时灯的电功率为 0.5W，由此可知 电 源电压 U； 当再闭合开关 S1后，因为灯与电阻并联，电流表示数 变化值就是此时通过 电阻 R的电流 IR，利用欧姆定律求 R 的大小； 已知电阻两端电压、通过的电流及通电时间，利用W=UIt 得到消耗的 电能。 本题关键有二：一是从I-U 图象得出电源电压，二是电阻 R 并联入电路，电路 中增加的 电流即为通过电阻 R 的电流。20. 【答案】 解：（1）根据 p=gh 可得此时舰底所处的深度：h= =7m。（ 2）由阿基米德原理可得，驱逐舰满载时受到的浮力：F 浮=G 排=m排g=12300 

45、15;103kg×10N/kg=1.23 ×108N；（ 3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，则速度v=32 节 =32×0.5m/s=16m/s，因为驱逐舰处于漂浮状态，则驱逐舰的总重力：G=F 浮=1.23 ×108N；由二力平衡条件可得，驱逐舰受到的动力：F=f =0.1G =0.1 ×1.23 ×108N=1.23 ×107N；以最大航速匀速直线航行，它的动力功率：P=Fv =1.23×107N×16m/s=1.968 ×108W。答：（ 1）驱逐舰行驶到某海域时，此时舰底所处的深

46、度为7m；（ 2）驱逐舰满载时受到的浮力为 1.23 ×108N ；3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，它的动力功率为1.968 ×108W。解析】（1）根据舰底受到的海水 压强 大小利用 p=gh计算舰底所 处的深度；（2）利用漂浮条件确定浮力与 总重力的关系；利用阿基米德原理 计算浮力大 小；（3）根据1节=0.5m/s 得出最大速度，根据漂浮条件和二力平衡 计算动力的大 小，再根据 P=Fv计算它的 动力功率。本题考查的知识较多，难度不大，结合具体 实例理解相关的知 识点解答简21. 【答案】 解：（ 1）在 1 标准大气压下水的沸点为 100， 则把 0.5k

47、g 的水从 20加热至沸腾需要吸收的热量：35Q吸=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg?）×0.5kg×（100-20）=1.68 ×105J，由 = ×100% 可得，需要消耗的电能：W=5=2.1 ×105J，由 P= 可得，需要加热的时间：t1= =210s=3.5min >3min，所以，该饮水机正常加热 3min 不能把 1 标准大气压下 0.5kg的水从 20加热至沸腾； （ 2）由图可知，开关 S闭合时，电路为 R1 的简单电路，电路的总电阻最小，饮水机的 功率最大，处于加热状态，由 P=UI= 可得，

48、R1 的阻值：R1= = =48.4 ，由表格数据可知，该饮水机正常保温时的功率P 保温 =22W，由题意可知，开关 S 断开时， R1与 R2串联，电路的总电阻最大，饮水机的功率最小， 处于保温状态，由 P=UI 可得，此时电路中的电流：I = = =0.1 A，该饮水机正常保温时， R1 实际消耗的电功率：22P1=I2R1=（0.1A）2× 48.4 =0.4W84。答：（1）该饮水机正常加热 3min 不能把 1 标准大气压下 0.5kg 的水从 20加热至沸腾； （ 2）该饮水机正常保温时， R1 实际消耗的电功率是 0.484W。【解析】1）在1标准大气 压下水的沸点 为

49、 100，根据Q吸=cm（t-t0）求出把0.5kg的水 从 20加热至沸腾需要吸收的 热量，利用 = ×100%求出需要消耗的 电能， 利用 P= 求出需要加 热的时间，然后与实际加热时间 相比较得出答案； （2）由题意可知，开关 S闭合时，电路为 R1的简单电 路，电路的总电阻最小， 饮水机的功率最大，处于加热状态，根据P=UI= 求出 R1的阻值，由表格数 据可知该饮水机正常保温 时的功率，由题意可知，开关 S断开时，R1与 R2串 联，电路的总电阻最大，饮水机的功率最小，处于保温状 态，根据P=UI求出 电路的电流，利用P=UI=I2R求出 R1实际消耗的电功率。 本题考查了

50、电功率公式和吸 热公式、电功公式的 综合应用，正确的判断饮水 机处于不同档位 时电路的连接方式是关 键，要注意在 1标准大气压下水的沸 点 为 100。22. 【答案】 解：过重心 O 画一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，即为重力的示意图；人走路时后脚蹬地面，脚有向后运动的趋势，则后脚受到的摩擦力向前，作用点在脚掌 与地面的接触面上，如图所示：解析】根据重力的方向 总是竖直向下的，过重心表示出重力的方向即可。 摩擦力是由于物体相互接触，并且 发生相对运动或者有相 对运动的趋势 而产 生的，摩擦力的方向与物体相 对运动或相对运动趋势 的方向相反。 画力的示意 图，就是用一条带箭头线 段表示

51、出力的三要素，所以要先正确分 析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意 图的要求作出力的示意 图。23. 【答案】 D 照相机 f>u>2f 增大 像在 100cm 之外 远视镜【解析】解：（1）已知凸透镜的焦距为 15cm，由图甲可知，物距为 40cm，则 u>2f，所以， 凸透镜成倒立 缩小的实像，这个像是 图乙中的 D，利用此原理可以制成照相机；（2） 成倒立放大像的条件是： f>u>2f； 由图丙可知，凸透镜成 实像时，物距减小，像距增大；（3）把蜡烛放在距凸透 镜 18cm 处（即u=18cm），物距在一倍焦距与二倍焦距 之 间，凸透镜 成实像，根据图

52、丙可知，像可能在 100cm 之外，所以在光具座上 无论怎样移动光屏，都找不到清晰的像。实验中，小明拿起一副眼 镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透 镜处，在光具座 上移动光屏，光屏上出 现了清晰的像，即说明该眼镜对 光线有会聚作用（使光 线提前会聚而成像在光屏上），故这副眼镜是凸透 镜，即是远视眼镜。 故答案为：（1）D；照相机；2（） f>u>2f； 增大；（3）像在100cm之外；远视 镜。（1）本题应用凸透 镜成像的 规律：u>2f，成倒立缩小的实像，照相机就是利用 这一原理制成的；（2）本题应用凸透 镜成像的 规律：f>u>2f，成倒立放大的实像；（3）在光屏上得不到清晰像的可能有多种：物体是否成像；若成像，是否成的 是实像；即使成的是实像，三者的中心是否在