3.2020年高考物理冲刺押题卷(解析版)

1、猜题卷（三）2020届高三物理全真模拟卷一、选择题（本题共 8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分.）1 . 2008年9月25日，我国成功发射了 神舟七号”载人飞船.在飞船绕地球做匀速圆周运动的过程中，下列说法正确的是（）A.若地面观察站人员看到飞船内的物体悬浮在舱中，则物体不受力作用B.若在此轨道上有沿同一方向绕行的前后两艘飞船，则后一飞船加速就可以追上前一飞船与之对接C.舱中的宇航员所需要的向心力和飞船所需要的向心力相同D.绕地球做圆周运动的飞船，离地面越近，

2、线速度越大，周期越小【解答】解：A、飞船绕地球做圆周运动，里面的物体也绕地球做圆周运动，受到地球的万有引力提供圆周运动的向心力。故 A错误。B、在此轨道上有沿同一方向绕行的前后两艘飞船，若加速，万有引力不够提供向心力，将做离心运动，离开原轨道，不会与前面的飞船对接。故 B错误；C、根据F向=驾,由于宇航员的质量与飞船的质量不等，所以所受的向心力不等。故 C错误; L- r_Ig2D、根据万有引力提供向心力 野 =m兀，, r T x绕地球做圆周运动的飞船，离地面越近，线速度越大，周期越小，故 D正确；故选：D。2 .下列说法正确的是（）A.某些原子核能够放射出3粒子，说明原子核内有3粒子B.核

3、泄漏事故污染物im7Cs能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为！£cs一 髭'Ba+X,可以判断X为电子C.某种色光照射金属发生光电效应，若增大光照强度，则单位时间内发射的光电子数减少D.若氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级向n = 2能级跃迁时辐射出的光能可能使该金属发生光电效应【解答】解：A、原子核能够放射出 3粒子，是由于原子核内发生3衰变，其中的严格中子转化为电子放出的。故A错误；B、根据量子说守恒与电荷数守恒可知，核反应方程式!?Cs- If Ba+x中 可以判断X的质量数为55550,电荷数为：z= 5

4、5 - 56= - 1,所以X为电子。故 B正确；C、若增大光照强度，则单位时间内入射的光子数目增加，所以发射的光电子数增加。故C错误；D、根据玻尔理论可知，氢原子从n = 6能级向n= 1能级跃迁时减小的能量大于氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时减小的能量，所以氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n=6能级向n= 2能级跃迁时辐射出的光的能量，根据光电效应发生的条件可知，若氢原子从n = 6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级向n = 2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应。故D错误。故选：B。3. 一物块放

5、在水平桌面上，在水平轻弹簧的拉力作用F沿桌面做匀速直线运动，弹簧的伸长量为x;将弹簧方向变成与水平成60。，物块在拉力作用下仍沿桌面做匀速直线运动，此时弹簧的伸长量是（物块与桌面间动摩擦因数为返，弹簧始终处于弹性限度内）（2A. xB. xC. 2x25F沿桌面做匀速直线运动，弹簧的伸长【解答】解：一物块放在水平桌面上，在水平轻弹簧的拉力作用量为x,根据胡克定律和共点力平衡的条件得:F= kx = f= pmg,将弹簧方向变成与水平成60。，物块在拉力作用下仍沿桌面做匀速直线运动，对弹簧的拉力进行正交分解得：F' cos60=kx = f =(mg - F' sin60 = (

6、 mg - kx ' sin60联立解得：x'= Ax,故ACD错误，B正确；5故选：B。4 .如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度的大小为 B1, P为磁场边界上的一点。相同的带正电荷粒子，以相同的速率从P点射入磁场区域，速度方向沿位于纸面内的各个方向。这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的工.若将磁感应强度的大小变为316 / 14B2,结果相应的弧长变为圆周长的1,不计粒子的重力和粒子间的相互影响，则A.二B. -叵42【解答】解：设圆的半径为 rC.(1)磁感应强度为 B1时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为M,最

7、远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，ZPOM = 120°,如图所示:磁感应弓II度为B2时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为N,最远的点是轨迹上直径与磁场边界所以粒子做圆周运动的半径 R'为：R'= .1,由带电粒子做圆周运动的半径：R =,由于v、 m、q相等,故选：Co5.在水平地面附近某一高度处，将一个小球以初速度V0水平抛出，小球经时间 t落地，落地时的速度大小为v,落地点与抛出点的水平距离为x,不计空气阻力.若将小球从相同位置以2V0的速度水平抛出，则2tB.落地时的速度大小将变为2vC.落地的时间仍为tD.落地点与抛出点的水平距离仍为【解答】解：

8、AC、小球做平抛运动，可将运动分解成水平方向匀速运动与竖直方向自由落体。由于高度,所以不是第相同，则落地时间相同，故 A错误，C正确；B、由vv= gt可知，落地时竖直速度不变，则落地时的速度 v'=一次抛出的2倍，故B错误；D、因下落时间不变，水平速度变成原来的2倍，由x=vxt可知水平距离变为原来的 2倍，故D错误。故选：Co6.如图所示，在正点电荷Q形成的电场中有 A、B、C、D四点，A、B、C为直角三角形的三个顶点，D为AC的中点，/A = 30°, A、B、C、D四点的电场强度大小分别用Ea、EB、EC、ED表示，已知 EA= Ec, B、C两点的电场强度方向相同，

9、 点电荷Q在A、B、C三点构成的平面内。则以下错误的是（）I DJ I. .*i Ip . ait. j AA.点电荷位于 AC的垂直平分线与 BC的反向延长线的的交点上B. D点电势高于A点电势C.将一正点电荷q从A点沿直线移到 C点，电场力先做正功再做负功D. B、A两点和B、C两点间的电势差满足 UBA=UBC【解答】解：A、因A、C两点电场强度大小相等， A、C两点在同一圆周上，所以点电荷在 A、C两点连线的垂直平分线上，如图所示，EB和EC的方向相同，点电荷定在B、C连线上，过 A、C两点连线的垂直平分线与 B、C连线相交于P,故点电荷在 P点，故A正 确；B、由几何关系得 D到P的

10、距离小于A到P的距离，结合点电荷的电势的特点可知，D点电势高于A点电势，故B正确；C、从A沿直线到D点再到C点，电势先升高再降低，故将正试探电荷从A点沿直线移到 C点，电场力先做负功再做正功，故 C错误；D、点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心圆，A、C两点在同一等势面上， 故UBA=UBC,故D正确。本题选择错误的故选：Co7 .如图所示，abcd为一边长为1、具有质量的刚性正方形导线框，位于水平面内，回路中的电阻为R.虚线表示一匀强磁场区域的边界， 它与ab边平行，磁场区域的宽度为 21,磁感应弓II度为B,方向如右图.线 框在一垂直于ab边的水平恒力 F的作用下，沿光滑水平面运动，直到通

11、过磁场区域.已知ab边刚进入磁场时，线框便改作匀速运动，此时通过线框的电流大小为io.设以i0的方向为电流的正方向，则下列图象中能较准确地反映电流 i随ab边的位置坐标x变化的曲线可能是（）不变。在L2L位移内，通过线框的磁通量不变，感应电流为零，线框在拉力的作用下做匀加速直线运动。在2L3L位移内，线框出磁场，初速度大于进磁场的速度，所以安培力大于拉力，线框做减速运动， 加速度逐渐减小，当加速度减小到零，则会做匀速直线运动，若做匀速运动时电流的大小与进磁场时电 流大小相等，但方向相反。故 D正确，A、B、C错误。故选：D。8 .如图甲所示，半径为1m的带缺口刚性金属圆环导轨固定在水平面内，在

12、导轨上垂直放置一质量为 0.1kg,电阻为1Q的直导体棒，其长度恰好等于金属圆环的直径，导体棒初始位置与圆环直径重合，且与导轨 接触良好。已知导体棒与导轨间动摩擦因数为0.3,不计金属圆环的电阻， 导体棒受到的最大静摩擦力等于其滑动摩擦力， 取重力加速度g=10m/s2.现若在圆环内加一垂直于纸面向里的变化磁场，变化规律如图乙所示，则（）I/ / 一AI J/S甲匕A .导体棒的电流是从 b到aB.通过导体中的电流大小为0.5AC. 02s时，导体棒产生的热量为 0.125JD. 1=血时，导体棒受到的摩擦力大小为0.3N【解答】解：A、根据楞次定律可知导体棒的电流是从b到a,故A正确;B、据

13、法拉第电磁感应定律后二士小=乎Jr 95V，据闭合电路欧姆定律At At n 2工上旦争力=0.25A，故B错误；T 1C、02s时，导体棒产生的热量 Q=I2rt=0.252M >0.2J= 0.125J,故C正确；D、t=血 时，导体棒受到的安培力F= BIl = BI?2R=0.5 0.25 2MN = 0.25N,最大静摩擦力 fm= gg =0.3 0.1 10N = 0.3N,则此时导体棒处于静止状态，所受的摩擦力大小为0.25N,故D错误；故选：AC。二、非选择题：共 62分，第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1316题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：

14、共 47分。9. （5分）某研究小组设计了一种 用一把尺子测定动摩擦因数 ”的实验方案.如图所示， A是可固定于水平-P第一次实验，如图（a）桌面上任意位置的滑槽（滑槽末端与桌面相切），B是质量为m的滑块（可视为质点）.所示，将滑槽末端与桌面右端M对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下,最终落在水平地面上的 P点，测出滑槽最高点距离桌面的高度h、M距离地面的高度 H、M与P间的水平距离X1 ；第二次实验，如图（b）所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块 B再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P'点，测出滑槽末端与桌面右端M的距离L、M与P晌的水平距离X2.（1）

15、在第二次实验中，滑块到 M点的速度大小为 .（用实验中所测物理量的符号表示，已知重 力加速度为g）.（2）通过上述测量和进一步的计算，可求出滑块与桌面间的动摩擦因数臼下列能引起实验误差的是.（选填序号）A . h的测量B . H的测量C. L的测量D . x2的测量（3）若实验中测得h=15cm、H = 25cm、x1=30cm、L = 10cm、X2= 20cm ,则滑块与桌面间的动摩擦因 数 尸.（结果保留1位有效数字）【解答】解：（1）滑块在滑槽末端时的速度大小为：V1 =x2 2=V由竖直方向有:由式求得：V2=X2JJ2H（2）第一次测的速度为：中=v ,叵物体在水平桌面上运动，由动

16、能定理：-N mgL=，:22由式可得： 尸二二二 由表达式可知会引起误差的是BCD .故选:4HL(3) H=25cm=0.25m、xi= 30cm= 0.30m、L = 10cm = 0.10m、x2=20cm BCD0.20m由= 0.5(2) BCD故答案为:(3) 0.510. （10分）某同学利用图甲所示电路测量一表头的电阻。供选用的器材如下:A.待测表头 （内阻门约为300 Q,量程为5.0mA）;B.灵敏电流表 ® （内阻2=3000,量程为1.0mA）;C.定值电阻 R （R= 1200 ）;D .滑动变阻器 R1 （最大阻值为10Q）;E.滑动变阻器 R2 （最大

17、阻值为1000 ）;F.电源E （电动势E=1.5V,内阻不计）；G.开关S,导线若干。甲乙R(1)请根据图甲所示电路将图乙的实物图补充完整。(2)滑动变阻器应选(填"旷或“那)。开关S闭合前，滑动变阻器的滑片 P应滑动至(填“或“b”端。(3)该同学接入定值电阻 R的主要目的是 。(4)实验中某次待测表头 的示数如图丙所示，示数为 mA。(5)该同学多次移动滑片 P记录相应的 碰、示数Ii、I2;以I1为纵坐标I2为横坐标作出相应图线。测得图线的斜率k = 4.8,则待测表头内阻ri=Q【解答】解：(1)参照图甲电路连线，结果如图所示，(2)为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动

18、变阻Ri,滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前滑片要置于分压电路分压为零的位置，即滑动变阻器要移到b端；(3)由于两电流表的内阻相当，但满偏电流相差很大，所以为不致于使指针偏角相差很大，要接入定定值电阻R,其作用是保护G2,使两表均能接近满偏；(4)从图丙中读出电流Ii= 3.4mA;(5)根据欧姆定律和并联电路电压相等的关系有：Iiri=l2 (r2+R),那么11 =(二十旦)I 口，结合题意1 r 1 r 1 d图象的斜率k=,所以ri =一Q=3i2.5Q。t !k 4.8故答案为：(i)Rib(3)保护G2,使两表均能接近满偏(4) 3.4(5) 312.511. (12分

19、)一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为+q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中.开始时，将细线与小球拉成水平，释放后小球由静止开始向下摆动，小球向左偏离竖直方向的最大角度为37°.试求：(已知sin37 = 0.6, cos37°=0.8,重力加速度为g)(1)匀强电场的场强大小；(2)小球运动到最低点绳子的拉力.【解答】解：(1)从小球释放后到运动到最大角度的过程中，根据动能定理得:mgLcos37 - qEL (1+sin37 )=0解得：e=ES, 2q(2)小球从释放到运动到最低点的过程中，根据动能定理得:_12GmgL - qEL = 在最

20、低点，根据向心力公式得：由解得：T=2 mg12. (20分)如图所示，在竖直平面内的平面直角坐标系xoy中，x轴上方有水平向右的匀强电场，有一质量为m,电荷量为-q (-q<0)的带电绝缘小球，从y轴上的P (0, L)点由静止开始释放，运动至轴上的A ( - L, 0)点时，恰好无碰撞地?&切线方向进入在x轴下方竖直放置的四分之三圆弧形光滑绝缘细管。细管的圆心 O1位于y轴上，交y轴于点B,交x轴于A点和C (L, 0)点。该细管固定且紧g。求:贴x轴，内径略大于小球外径。小球直径远小于细管半径，不计一切阻力，重力加速度为(1)匀强电场的电场强度的大小;(2)小球运动到B点时

21、对管的压力的大小和方向;(3)小球从C点飞出后会落在 x轴上的哪一位置。a小球从A点沿切线方向进入,【解答】解：(1)小球释放后在重力和电场力的作用下做匀加速直线运动,则此时速度方向与竖直方向的夹角为45°,即加速度方向与竖直方向的夹角为45°,则 tan45 °= 5S-Eq(2)根据几何关系可知，圆弧的半径r=历L从P到B点的过程中，根据动能定理得:吗 N0=此（2L+6U）+EqL在B点，根据牛顿第二定律得:N mg= m联立解得：N= 2 (巫+1) mg,方向向上,由牛顿第三定律可知，小球运动到B点时对管的压力的方向向下(3)从P到A的过程中，根据动能定

22、理得:解得:小球从C点抛出后做类平抛运动,抛出时的速度VC= vA=，4gL小球的加速度父二近&当小球沿抛出方向和垂直抛出方向位移相等时，又回到x轴，则有:解得：.?/口则沿x轴方向运动的位移x =近y近X的红X 2-=3L则小球从C点飞出后落在x轴上的坐标x'=L-8L=- 7L（二）选考题：共 15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。 物理选修 3 -3 （15分）13. （5分）恒温环境中，在导热良好的注射器内，用活塞封闭了一定质量的理想气体。用力缓慢向外拉活 塞，此过程中（）A .封闭气体分子间的平均距离增大B.封闭气体分子的平均速率减

23、小C.活塞对封闭气体做正功D.封闭气体的内能不变E.封闭气体从外界吸热【解答】解：AB、气体经历过程1,压强减小，体积变大，膨胀对外做功，内能减小，故温度降低，故AB正确；CD、气体在过程2中，根据理想气体状态方程 毕 =C，刚开始时，体积不变，压强减小，则温度降低，对外放热，然后压强不变，体积变大，膨胀又外做功，则温度升高，吸热，故CD错误；E、无论是经过1过程还是2过程，初、末状态相同，故内能改变量相同，故 E正确； 故选：ABE。14. （10分）某同学设计了测量液体密度的装置。如图，左侧容器开口；右管竖直，上端封闭，导热良好， 管长L0=1m,粗细均匀，底部有细管与左侧连通，初始时未装液体。现向左侧容器缓慢注入某种液体，当左侧液面高度为 h1=0.7m时，右管内液柱高度 h2=0.2m。己知右管横截面积远小于左侧横截面积，大气压强 P0=l.0 W5Pa,取 g=10m/s2。（i）求此时右管内气体压强及该液体的密度；（ii）若此时右管内气体温度 T= 260K,再将右管内气体温度缓慢升高到多少K时，刚好将右管中液体全部挤出？（不计温度变化对液体密度的影响）【解答】解：（i）对右侧管内气体，由等温变化规律得：P0V0= P1V1其中 V0=L0S, V1= （L0-h2） S解得：Pi= 1.25 105Pa有 Pi=