根据递推公式定理,求数列通项公式定理的通用方法情况总结归纳

1、,.求递推数列通项公式的常用方法归纳目录一、概述·二、等差数列通项公式和前n 项和公式·1 、等差数列通项公式的推导过程·2 、等差数列前n 项和公式的推导过程·三、一般的递推数列通项公式的常用方法·1 、公式法·2 、归纳猜想法·3 、累加法·4 、累乘法·,.5 、构造新函数法( 待定系数法）·6 、倒数变换法·7 、特征根法·8 、不动点法·9 、换元法·10 、取对数法·11 、周期法·一、概述在高中数学课程内容中，数列作为离散

2、函数的典型代表之一，不仅在高中数学中具有重要位置，而且，在现实生活中有着非常广泛的作用，同时，数列的教学也是培养观察、分析、归纳、 猜想、逻辑推理以及运用数学知识提出问题、分析问题和解决问题的必不可少的重要途径。,.数列这一章蕴含着多种数学思想及方法，如函数思想、方程思想，而且在基本概念、公式的教学本身也包含着丰富的数学方法，掌握这些思想方法不仅可以增进对数列概念、公式的理解， 而且运用数学思想方法解决问题的过程，往往能诱发知识的迁移，使学生产生举一反三、融会贯通的解决多数列问题。在这一章主要用到了以下几中数学方法：1 、不完全归纳法不完全归纳法不但可以培养学生的数学直观，而且可以帮助学生有效

3、的解决问题，在等差数列以及等比数列通项公式推导的过程就用到了不完全归纳法。2 、倒叙相加法等差数列前n 项和公式的推导过程中，就根据等差数列的特点，很好的应用了倒叙相加法，而且在这一章的很多问题都直接或间接地用到了这种方法。3 、错位相减法错位相减法是另一类数列求和的方法，它主要应用于求和的项之间通过一定的变形可以相互转化，并且是多个数求和的问题。等比数列的前n 项和公式的推导就用到了这种思想方法。4 、函数的思想方法数列本身就是一个特殊的函数，而且是离散的函数，因此在解题过程中，尤其在遇到等差数列与等比数列这两类特殊的数列时，可以将它们看成一个函数，进而运用函数的性质和特点来解决问题。5 、

4、方程的思想方法 数列这一章涉及了多个关于首项、末项、项数、公差、公比、第和前 n 项和这些量的数学公式，而公式本身就是一个等式，因此，在求这些数学量的过程n 项,.中，可将它们看成相应的已知量和未知数，通过公式建立关于求未知量的方程，可以使解题变得清晰、明了，而且简化了解题过程。二、等差数列通项公式和前n 项和公式第一节：等差数列前n 项和的推导过程1 、等差数列通项公式：(1) 可以从等差数列特点及定义来引入。定义： n 2 时，有 an a(n 1)=d ，则：a2=a1 da3=a2 d=a1 2da4=a3 d=a1 3da5=a4 d=a1 4d,.猜测并写出an= ？（2 ）采取累

5、加a2 a1=da3 a2=da4 a3=dan a(n 1)=d累加后，有：an a1=(n 1)d ，即：an=a1 (n 1)d 。2 、等差数列前n 项和：方法一：高斯算法（即首尾相加法）1 + 2 + 3 +50+51+98+99+100=？,.1+100=101，2+99=101，,50+51=101，所以原式 =50（ 1+101 ） =5050则利用高斯算法，容易进行类比，过程如下：a1a 2a 3.a n 2a n 1a n?a1a na 2a n 1a 3a n 2.其中若 mnpq ,则 a ma na pa q这里用到了等差数列的性质：a1an问题是一共有多少个，学生自

6、然想到对n 取奇偶进行讨论。（1 ）当 n 为偶数时：Sn a1anan1an22,.Snn(a1 an )2（2 ）当 n 为奇数时：Sn a1a n 1a n 1an 1an12212分析到这里发现a n 1 “落单”了，似乎遇到了阻碍，此时鼓励学生不能放弃，在2老师的适当引导下，不难发现，an 1 的角标与 ( a1an )角标的关系2Snn 1(a1an ) an 122n 1an 1an 1an )22(a122n2(a1an ),.Snn ( a1 an )2从而得到，无论n 取奇数还是偶数，总结：（1 ）类比高斯算法将首尾分组进行“配对”，发现需要对n 取奇偶进行讨论，思路自然，

7、容易掌握。（ 2 ）不少资料对 n 取奇数时的处理办法是，当讨论进行不下去时转向寻求其它解决办法，进而引出倒序相加求和法。方法二：对 n 的奇偶进行讨论有点麻烦，能否回避对n 的讨论呢？接下来给出实际问题：伐木工人是如何快速计算堆放在木场的木头根数呢？由此引入倒序相加求和法。Sna1 a2an 1 anSnan an 1a2 a12Snn(a1an )两式相加得：Sn (aa )n21n总结：（ 1 ）数学学习需要最优化的学习，因此引导学生去寻求更有效的解决办法，让学生,.在解决问题的同时也体会到同一个问题有不同的解决办法，而我们需要的是具备高效率的方法。（ 2 ）倒序相加求和法是重要的数学思

8、想，方法比公式本身更为重要，为以后数列求和的学习做好了铺垫。（ 3 ）在过程中体会数学的对称美。三、一般的递推数列通项公式的常用方法一、公式法例 1 、 已知无穷数列a n的前 n 项和为 Sn ，并且 anSn1(nN * ) ，求 a n 的通项公式？【解析】：Q Sn 1an ，an 1Sn 1 Snanan 1 ，an 11 an ，又 a11，22nan1.2反思：利用相关数列a n 与 Sn 的关系： a1S1, anSnSn 1(n2) 与提设条件， 建立递推关系，是本题求解的关键.二、 归纳猜想法 ：由数列前几项用不完全归纳猜测出数列的通项公式，再利用数学归纳法证明其正确性，这

9、种方法叫归纳法.,.例 2 、 已知数列a n中， a11， an2an 11(n2) ，求数列a n 的通项公式 .【解析】：Q a11 ， an2an 11(n2) ，a22a113 ， a32a217猜测 an2n1 ( nN * ) ，再用数学归纳法证明.（略）反思： 用归纳法求递推数列，首先要熟悉一般数列的通项公式，再就是一定要用数学归纳法证明其正确性 .三 、累加法 ：利用 ana1 (a2 a1 )(an an 1 ) 求通项公式的方法称为累加法。累加法是求型如 an 1 anf (n) 的递推数列通项公式的基本方法（f (n) 可求前 n 项和） .n例 3 、 已 知 无 穷

10、 数 列 a n的 的 通 项 公 式 是 an1， 若 数 列 bn 满 足 b1 1 ，21n(n 1) ，求数列bnbn 1 bn的通项公式 .21n1【解析】： b11, bn 1bn( n1) , bn b1(b2b1 )2(bn bn 1 ) =1+ +.+2n 1n 111= 2.22反思 :用累加法求通项公式的关键是将递推公式变形为an1anf (n) 。四 、累乘法 :利用恒等式 ana1a2a3an (an0, n2)求通项公式的方法称为累乘法 ,a1a2an 1累乘法是求型如: an 1g(n)a n 的递推数列通项公式的基本方法(数列 g(n) 可求前 n 项积) 。例

11、 4 、 已知 a11, ann( an 1an ) (nN * ) ,求数列a n 通项公式 .,.【解析】：Q ann( an 1 an ) ,an 1n 1,又有 an a1a2a3an( an 0, n 2) =anna1a2an11×2×3× × n= n ,当 n 1时 a11，满足 ann ，ann .1 2n-1反思 : 用累乘法求通项公式的关键是将递推公式变形为an 1g(n)a n .五、构造新数列 （待定系数法）: 将递推公式an+1qand （q, d为常数，q0 ， d0 ）通过(an 1x)q(anx)与原递推公式恒等变成an

12、 1dq1q(and ) 的方法叫构 q 1造新数列，也即是待定系数法。例5、已知数列an中,1, an2an 11(n2) ,an的通项公式.a 1求【解析】 :利用 (anx)2( an 1x) ,求得 an12(an 11) ,an 1 是首项为a11 2,公比为 2的等比数列,即 an1 2n ,an2n1反思：构造新数列的实质是通过(an 1x)q( anx) 来构造一个我们所熟知的等差或等比数列 .can(c 0, d 0) ,取倒数变成1d 11六 、倒数变换 ：将递推数列 an 1an 1c an的形andc1看成一个新的数列，即式的方法叫倒数变换。然后就转变为第五种情况，此时

13、将数列an再利用“构造新数列”的方法求解。例 6 、 已知数列 an(n N * ) 中 , a1 1, an 1an,求数列 an的通项公式 .2an1,.【解析】:将 an1an取倒数得 :121,Q112 ,1是以11 为2an 1an 1anan 1anana1首项 ,公差为 2112(n1) ,an1.的等差数列 .2nan1反思 :倒数变换有两个要点需要注意:一是取倒数 .二是一定要注意新数列的首项,公差或公比变化了。七、特征根法： 形如递推公式为an 2pa n 1 qan （其中 p ， q 均为常数）。对 于 由 递 推公 式 an 2pan 1qan ， 有 a1, a2给

14、 出 的 数 列 an， 方 程x2px q 0 ，叫做数列an的特征方程。若 x1 , x2 是特征方程的两个根，当 x1x2 时，数列an 的通项为 anAx1n 1Bx 2n 1 ，其中 A ， B 由 a1, a2决定（即把 a1 , a2 , x1, x2 和 n1,2 ，代入 anAx1n 1Bx2n 1 ，得到关于 A、 B 的方程组）；当x1x2时，数列an的通项为 an( ABn)xn 1 ，其中， 由a1, a2决定（即1A B把 a1 ,a2 , x1 , x2 和 n1,2 ，代入 an( ABn) x1n1 ，得到关于 A 、 B 的方程组）。例 7:数列 an满足

15、3an 25an 12an0( n 0, nN ) ， a1a, a2 b ,求 an【解析】：由题可知数列的特征方程是：3x2x20。5x12,1, x23( 2) n 1 。又由 a1anAx1n 1Bx2n 1ABa, a2b ，于是3aABA3b2a2a 3( a b)( 2) n 12 B故 an3bbAB3(ab)33,.反思：本题解题的关键是先求出特征方程的根。再由初始值确定出A,B 的用已知量a,b表示的值，从而可得数列 an 的通项公式。八、不动点法若 A,B0且 AD-BC0，解 xAxD,为其两根设CxDI、若，数列 an是等比数列；a nII 、若，数列 1是等差数列。

16、an7a例 8 、已知数列 a n 满足 a n 12a式。n2， a12 ，求数列 a n 的通项公n37 x2， 得 2x24x 2 0 ， 则 x=1【解析】：令x3是 函 数2 xf ( x )3x1的不动点。4x77 a因为a n 112ann25a n53132a n12an3 2an325122(12)所以a n 1 15a n5 5an15an1an1 5 ，,.1111 为首项，以2所以数列是以a112 15为公差的等差数列，则an111 (n 1)2，故 an2n8an52n3。1反思：本题解题的关键是先求出函数f (x )3x1的不动点，即方程x7x2的4 x72x3根

17、x1 ，进而可推出1112，从而可知数列 1为等差a n 11 a n5an11 an 的通项公式。数列，再求出数列的通项公式，最后求出数列a n1九、换元法即是将一复杂的整体用一个新的符号来表示，从而使递推数列看起来更简单，更易找到解决的方法。例 9 、 已知数列 a n 满足 a n 11 (14a n1 24 a n )， a11 ，16求数列 a n 的通项公式。【解析】：令 b n124 a n ，则 a n1 ( b n21)24故 a n 11 ( b n21 1)24代入 a n 11 (1 4a n1 24 a n ) 得161 ( b n21 1)11 41 (b n21)

18、 b n 241624即 4b2n 1(bn3)2,.因为 b n124 a n0 ，故 b n 1124 a n 10则 2b n 1 b n3 ，即 b n 11 b n3，22可化为 b n 131 ( b n3) ，2所以 bn3 是以 b13124a131241 32 为首项， 以12为公比的等比数列，因此b n32 ( 1 ) n 1( 1 ) n 2，则 bn( 1) n 2+3 ，即2221 24 a n1n23 ，得 an21n1n1( )3( )( )3。242反思：本题解题的关键是通过将124 a n 的换元为 b n ，使得所给递推关系式转化bn 11 bn322形 式 ， 从 而 可 知 数 列 b n3 为 等 比 数 列 ， 进 而 求 出 数 列 bn3 的通项公式，最后再求出数列 a n 的通项公式。十、取对数法：形如 an 1panr ( p0, an0)这种类型一般是等式两边取对数后转化为an 1panq ，再利用构造新数列（待定系数法）求解。例 10 ：已知数列 an 中， a11, an 11an2 (a 0) ，求数列an 的通项公式 .。【解析】：由 an 1 1a2 lg an lg 1an2 两边取对数得 l