【KS5U解析】江西省南昌市进贤一中2019-2020学年高二下学期线上测试物理试题 Word版含解析

1、物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分。其中1-8题为单选，9-12为多选。）1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述不符合史实的是（）a. 奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系b. 安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说c. 法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流d. 楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【答案】c【解析】【详解】a1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流

2、的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，故a符合史实；b安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了软铁磁化现象，故b符合史实；c法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流，故c不符合史实；d楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故d符合史实；不符合史实的故选c。2.如图，一无限长通电直导线固定在光滑水平面上，金属环质量为0.2 kg，在该平面上以v04 m/s、与导线成60°角的初速度运动，最后达到稳定状态，这一过程中环中产生的电

3、能为()a. 1.6 jb. 1.2 jc. 0.8 jd. 0.4 j【答案】b【解析】【详解】金属环远离通电直导线过程中，金属环中有感应电流，受到垂直通电直导线方向的安培力，最终金属环垂直通电直导线方向的速度变为零，沿通电直导线方向的速度不变，将金属环的速度v0分解为沿通电直导线方向的vx和垂直通电直导线方向的vy，则vxv0cos 60°，所以这一过程中环中产生的电能为，选项b正确故选b。3.如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导体框架cdef上，棒ab与框架接触良好从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关

4、于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是 ()a. 摩擦力大小不变，方向向右b. 摩擦力变大，方向向右c. 摩擦力变大，方向向左d. 摩擦力变小，方向向左【答案】b【解析】【详解】本题考查电磁感应规律和平衡条件由法拉第电磁感应定律，ab中产生的电流的大小恒定，方向由b到a，由左手定则，ab受到的安培力方向向左下方，fbil，由于b均匀变大，f变大，f的水平分量fx变大，静摩擦力fffx变大，方向向右，b正确，acd错误。故选b。4.某同学用粗细均匀的同一种导线制成“9”字形线框，放在有理想边界的匀强磁场旁，磁感应强度为b，如图甲所示已知磁场的宽度为2d，导线框从紧靠磁场的左边界以速度v向x轴的正

5、方向匀速运动，设在图乙中最能体现be两点间的电压随坐标x变化关系的图象是a. b. c. d. 【答案】a【解析】【分析】分三段过程研究：进入、完全在磁场中，穿出磁场三个过程根据求出bc、ce和ad产生的感应电动势分析be两点间的电压与电动势的关系，即可选择图象【详解】x在过程：线框进入磁场，bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于c点的电势bc间的电势差为：，则be两点间的电压；在过程：线框完全进入磁场，磁通量不变，没有感应电流产生，ad、bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于e点的电势be两点间的电压在过程：线框穿出磁场，ad边产生的感

6、应电动势是根据右手定则判断可知，a点的电势高于d点的电势，则得b点的电势高于e点的电势be两点间的电压故a正确故选a【点睛】解决本题关键要分析清楚感应电动势与电压之间的关系，正确区分电源与外电路，列式进行分析5.如图所示，是研究光电效应的电路图，对于某金属用绿光照射时，电流表指针发生偏转则以下说法正确的是（）a. 将滑动变阻器滑动片向右移动，电流表的示数一定增大b. 如果改用紫光照射该金属时，电流表无示数c. 将k极换成逸出功小的金属板，仍用相同的绿光照射时，电流表的示数一定增大d. 将电源的正负极调换，仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑动片向右移动一些，电流表的读数可能不为零【答案】d【解

7、析】【分析】当滑动变阻器向右移动时，正向电压增大，光电子做加速运动，需讨论光电流是否达到饱和，从而判断电流表示数的变化发生光电效应的条件是当入射光的频率大于金属的极限频率时，会发生光电效应，而光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，当将电源的正负极调换，即加反向电压，则电流表可能没有示数，也可能有示数【详解】a滑动变阻器滑片向右移动，电压虽然增大，但若已达到饱和电流，则电流表的示数可能不变，故a错误；b如果改用紫光照射该金属时，因频率的增加，导致光电子最大初动能增加，则电流表一定有示数，故b错误；c将k极换成逸出功小的金属板，仍用相同的绿光照射时，则光电子的最大初动能增加，但单位时间里通过

8、金属表面的光子数没有变化，因而单位时间里从金属表面逸出的光电子也不变，饱和电流不会变化，则电流表的示数不一定增大，故c错误；d电源的正负极调换，仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑片向右移一些，此时的电压仍小于反向截止电压，则电流表仍可能有示数，故d正确【点睛】本题考查光电效应基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解这些基础知识点和基本规律，注意饱和电流的含义，及掌握紫光与绿光的频率高低理解饱和电流与反向截止电压的含义，注意光电子最大初动能与入射光的频率有关6.关于阴极射线的本质，下列说法正确的是（）a. 阴极射线本质是氢原子b. 阴极射线本质是电磁波c. 阴极射线本质是电子 

9、;d. 阴极射线本质是x射线【答案】c【解析】阴极射线是由于电子动能变大，原子核束缚不住电子，电子逃逸出来，形成的粒子流所以答案选c思路分析：一般分为热阴极、场发射阴极，光发射阴极，二次发射阴极都不一样粗糙地说，都是想办法让电子动能变大，原子核拉住电子力变小，这样电子就飞出去了热阴极的手段是加热，电子动能就大了；光发射阴极是用光子照射阴极表面（光电效应就是）；二次发射阴极是用别的阴极产生的电子轰击阴极，把电子“崩飞出来”；场发射阴极是利用外加电场把电子“拉”出来试题点评：考查了阴极射线的本质7.氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道的过程中(   &

10、#160;)a. 原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能增大b. 原子要放出光子,电子的动能减小,原子的电势能减小c. 原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能减小d. 原子要吸收光子,电子动能减小,原子的电势能增大【答案】d【解析】【详解】从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中，原子要吸收光子，能级增大，总能量增大，根据知，电子的动能减小，则电势能增大a. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能增大，与结论不相符，选项a错误；b. 原子要放出光子，电子的动能减小，原子的电势能减小，与结论不相符，选项b错误；c. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能减小，与结论不相

11、符，选项c错误；d. 原子要吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，与结论相符，选项d正确8.以下几个核反应方程中，粒子x代表中子的方程是( )a. b. c. d 【答案】b【解析】根据反应前后质量数和电荷数守恒可知：a反应中，x的质量数为1，电荷数为1，x为质子；选项a错误；b反应中，x的质量数为1，电荷数为0，x为中子；选项b正确；c反应中，x的质量数为0，电荷数为1，x为正电子；选项c错误；d反应中，x的质量数为0，电荷数为-1，x为电子；选项d错误；故选b.9.如图所示，两个相切的圆表示一个静止原子核发生某种核变化后，产生的两种运动粒子在匀强磁场中的运动轨迹，可能的是（）a. 原

12、子核发生了衰变b. 原子核发生了衰变c 原子核放出了一个正电子d. 原子核放出了一个中子【答案】ac【解析】【详解】原子核发生衰变，粒子的速度方向相反，由图可知粒子的运动的轨迹在两侧，根据左手定则可以得知，衰变后的粒子带的电性相同，所以释放的粒子应该是氦核，所以原子核发生的可能是衰变或者放出一个正电子，故a、c正确，b、d错误；故选ac。10.在光电效应实验中，分别用频率为va、vb的单色光a、b照射到同种金属上，测得相应的遏止电压分别为ua和ub、光电子的最大初动能分别为eka和ekb。h为普朗克常量，下列说法正确的是（）a. 若vavb，则一定有uaubb. 若vavb，则一定有ekaek

13、bc. 若uaub，则一定有ekaekbd. 若va>vb，则一定有hva-eka=hvb-ekb【答案】cd【解析】【详解】ab根据光电效应方程知，由于，逸出功相同，则有又由于，则有故a、b错误；c根据和则有故c正确；d逸出功为由于金属的逸出功相同，则有与频率大小无关，故d正确；故选cd。11.在匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化设线圈总电阻为，则a. 时，线圈平面平行于磁感线b. 时，线圈中的电流改变方向c. 时，线圈中的感应电动势最大d. 一个周期内，线圈产生的热量为【答案】ad【解析】【详解】a根

14、据图象可知，在t=0时穿过线圈平面的磁通量为零，所以线圈平面平行于磁感线，a正确；b-t图象的斜率为，即表示磁通量的变化率，在0.5s1.5s之间，“斜率方向“不变，表示的感应电动势方向不变，则电流强度方向不变，b错误；c所以在t=1.5s时，通过线圈的磁 量最大，线圈位于中性面，感应电动势为0，故c错误；d感应电动势的最大值为，有效值，根据焦耳定律可得一个周期产生的热为，故d正确12.等离子气流（由高温高压等电量的正负离子组成）由左方连续以v0射入p1和p2两板间的匀强磁场中，ab直导线与p1、p2相连接，线圈a与直导线cd连接。线圈a内部有随图乙所示的变化磁场且规定磁场b正方向水平向左，如

15、图甲所示，则下列叙述正确的是（ ）a. 01s内ab、cd导线互相排斥b. 12s内ab、cd导线互相吸c. 23s内ab、cd导线互相吸引d. 34s内ab、cd导线互相排斥【答案】bd【解析】【详解】左侧实际上为等离子体发电机，将在ab中形成从a到b的电流，由图乙可知，02s内磁场均匀变化，根据楞次定律可知将形成从c到d的电流，同理24s形成从d到c的电流，且电流大小不变，故02s秒内电流同向，相互吸引，24s电流反向，相互排斥，故ac错误，bd正确。故选bd。二、填空题（把答案填在题中相应的横线上或按题目要求作答，共12分。）13.一线圈匝数为n=10匝，线圈电阻不计，在线圈外接一个阻值

16、r = 2.0的电阻，如图甲所示线圈内有垂直纸面向里的磁场，线圈内磁通量随时间t变化的规律如图乙所示线圈中产生的感应电动势为_，通过r的电流方向为_ ，通过r的电流大小为_【答案】 (1). 5v (2). ba (3). 2.5a【解析】【详解】1根据法拉第电磁感应定律可得：线圈产生的感应电动势2根据楞次定律得，通过r的电流方向为bra3闭合电路中的电流大小14.某同学用如图的装置做“验证动量守恒定律”的实验，操作步骤如下：（1）先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将该木板竖立于靠近槽口处，使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，撞到木板在记录纸上留下压

17、痕o。（2）将木板向右平移适当距离，再使小球a从原固定点由静止释放，撞到木板在记录纸上留下压痕b。（3）把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的右边缘，让小球a仍从原固定点由静止开始滚下，与b球相碰后，两球撞在木板上，并在记录纸上留下压痕a和c。本实验中小球a、b的质量大小关系是ma_mb（选填“大于”、“小于”或“等于”）放上被碰小球，两球相碰后，小球a在图中的压痕点为_点。记录纸上o点到a、b、c的距离y1、y2、y3，若两球碰撞动量守恒，且为弹性碰撞，则y1、y2和y3之间关系式应为_。【答案】 (1). 大于 (2). c (3). 【解析】【详解】1本实验必须测量的物理量是小球a、

18、b的质量ma、mb，a为入射小球，为避免出现入射小球被弹回，必须满足mamb。2放上被碰小球，两球相碰后，小球a平抛运动的速度减小，运动时间变长，根据y=gt2知，竖直下降的高度增大，所以在图中的压痕点为 c。3根据x=v0t，即可得到小球的速度：两球碰撞动量守恒，选取向右为正方向，则应满足的表达式为：机械能守恒：联立可得：。三、解答题（共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤）15.如图所示，两根间距l=1m、电阻不计的平行光滑金属导轨ab、cd水平放置，一端与阻值r2的电阻相连质量m=1kg的导体棒ef在外力作用下沿导轨以v=5m/s的速度向右匀速运动整个装置处于磁感应强

19、度b=0.2t的竖直向下的匀强磁场中求：（1）感应电动势大小；（2）回路中感应电流大小；（3）导体棒所受安培力大小【答案】（1）1v（2）0.5a（3）0.1n【解析】【详解】（1）导体棒向右运动，切割磁感线产生感应电动势e=blv代入数据解得e=1v（2）感应电流代入数据解得i=0.5a（3）导体棒所受安培力f安=bil代入数据解得f安=0.1n16.如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为的相同小球、，现让球以的速度向着球运动，、两球碰撞后黏合在一起，两球继续向右运动并跟球碰撞，碰后球的速度.(1)、两球跟球相碰前共同速度多大？(2)两次碰撞过程中一共损失了多少动能？【答案】(1)1m/s (2)1.25j【解析】【详解】(1)a、b相碰满足动量守恒得两球跟c球相碰前的速度v1=1m/s(2)两球与c碰撞同样满足动量守恒得两球碰后的速度v2=0.5m/s两次碰撞损失的动能17.如图所示，空间分布着水平方向的匀强磁场，磁场区域的水平宽度d0.4 m，竖直方向足够长，磁感应强度b0.5t正