2019年高考物理快速提分法模型十六图象问题学案(含解析)

1、图象问题图象可以形象地揭示物理规律及物理量之间的关系，处理图象问题的关键是搞清图象的物理意义，特别要明确图象的斜率、截距、面积等的物理意义。而要搞清图象的物理意义就必须把图象和其对应的表达式结合起来，即把数学中的函数图象的知识与物理规律、公式结合起来分析。一、对图象的认识教材的各个章节几乎都涉及到物理图象问题.要实现图象的“四会（会看、会用、会换、会画）”能力要求，必须注意图象的以下内容：在明确图象的数学意义的基础上联系物理规律，明确图象的物理意义，即摘清一个物理量是怎样随另一个物理量的变化而变化的.识别横坐标和纵坐标所代表的物理意义，明确物理图象中的点、线（直、曲）、截距、峰值、斜率、面积等

2、的物理意义.对矢量和某些有正负之分的标量，要注意其正负值的含义及在图象中的表示方法.二、处理图象问题的思路会看：看图时要能够看出函数图象所表达的物理意义，看出图象中点、线、面及截距、斜率等的物理意义，并由此切入解题。会用：利用图象法解题不仅思路清晰，而且过程简单，方法巧妙.利用图象法解题的关键在于建立物理问题与物理图象间的联系，再根据有关物理规律求解.会换：同物理过程在不同的物理图象中的表现形式不同，但不同的物理图象之间存在联系.根据解题的需要，会将同一物理过程的变化规律用不同的图象表达出来.转换图象的关键是根据物理规律，明确图象间的相互联系.根据题给条件正确画出物理函数图象，或将物理过程的变

3、化规律用图象表示出来.首先必须分析题给条件或物理过程所表达的物理意义，再由此构建与物理图象的联系.经典例题甲、乙两辆汽车同时通过公路上的同一地点，向同一方向运动，它们的瞬时速度依次为VI、V2O从该时刻起计时，甲、乙两辆汽车的速度图象如图所示。则下列说法中正确的是（）A.在ti时刻甲、乙两辆汽车再次相遇B.在ti时刻以后，乙车将在甲车前面C.在t2时刻以前，甲、乙两车间的距离始终在减小D.在t2时刻以前，甲车始终在乙车前面分析与解答：ti时刻两车速度相等，但甲仍在乙前面；从图线下的面积可知，在t2前，甲始终在乙前面；在0ti时间内甲速度大，两车间距增大，tit2时间内乙速度大,两车间距小。答案

4、为D变式1一个固定在水平面上的光滑物块，其左侧面是斜面AB,右侧面是曲面AC,如图小锦囊图象分速度图象和 位移图象，位移图线 的斜率为速度，速度 图线的斜率为加速 度，速度图线与时间 轴所围的面积”值， 等于该段时间内的 位移大小。所示。已知AB和AC的长度相同。两个小球p、q同时从A点分别沿AB和AC由静止开始下滑，比较它们到达水平面所用的时间（）A. p小球先到B.q小球先到C.两小球同时到D.无法确定分析与解答：可以利用V-t图象（这里的V是速率，曲线下的面积表示路程s）定性地进行比较。在同一个Ut图象中做出p、q的速率图线，如图6所示。显然开始时q的加速度较大，斜率较大；由于机械能守恒

5、，末速率相同，即曲线末端在同一水平图线上。为使路程相同（曲线和横轴所围的面积相同），显然q用的时间较少。答案为B变式2物体做加速直线运动，依次通过A、BC三点，AB=BC物体在AB段加速度为ai,在BC段加速度为a2,且物体在B点的速度为VbVa Vc11小锦囊本题是根据图象 进行定性分析而 直接作出解答 的。分析时要熟 悉图线下的面 积、斜率所表示 的物理意义。B. ai>a2B.ai=a2C. ai<a2D.不能确定分析与解答：依题意作出物体的v-t图象，如图所示。图线下方所围成的面积表示物体的位移，由几何知识知图线、不满足AB=BG只能是这种情况。因为斜率表示加速度，所以ai

6、<a2。答案为C经典例题水平推力Fi、F2分别作用于水平面上等质量的ab两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来。两物体的v-t图线如右图，图中线段AB平行于C口则（）A.Fi的冲量大于F2的冲量B.Fi的冲量等于F2的冲量C.两物体受到的摩擦力大小相等D.两物体受到的摩擦力大小不等分析与解答：物体在加速阶段水平方向受到推力F和摩擦力f的作用，在减速阶段水平方向只受摩擦力作用。由题意得，减速阶段v-t图线平行，所以两物体的加速度相等。由f=ma,且m相等，所以摩擦力相等对两物体的整体运动过程由动量定理:Ft-ft=0而且摩擦力相等，t2大于11。答案为AC变式1把

7、一重为G的物体，用一个水平的推力F=kt（k为恒量，t为时间）压在竖直的足够高的平整的墙上（如图）.从t=0开始物体所受的摩擦力Ff随t的变化关系是下图中的哪一个（）分析与解答：选物体为研究对象，物体在竖直方向上只受重力G和摩擦力Ff的作用.由于F从零开始均匀增大，所以物体整个过程的大体运动情况应该是：先加速下滑，再减速下滑、最后静止不动。在解题过程中，要掌握“先粗后细”的原则。开始一段时间FfG物体加速下1t;当Ff=G时，物体速度达到最大值，之后Ff>G,物体向下做减速运动，直至速度减为零.在整个运动过程中，摩擦力为滑动摩擦力，其大小为：Ff=科Fn=科F=科kt,即Ff与t成正比，

8、是过原点的直线；当物体速度减为零之后，滑动摩擦变为静摩擦，其大小由平衡条件可知Ff=G所以物体静止后的图线为平行于t轴的线段。答案为B变式2汽车在平直公路上以速度V0匀速行驶，发动机功率为P.快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶.下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系()分析与解答：开始匀速，说明牵引力和阻力大小相等；当功率减小则，速度和牵引力都要减小，故汽车做加速度减小的变减速运动，由初始和最终时的功率关系得最终速度为初始时一半.答案为C变式3如图所示，质量分别为mi=1kg和m2=2kg的A、B两物块并排放在光滑

9、水平面上，若对A B分别施加大小随时间变化的水平外力Fi 和 F2,若 Fi= ( 9-2 t) N, F2 =(3+2t) N,则：(1)经多长时间to两物块开始分离？(2)在同一坐标中画出两物块的加速度a1和a2随时间变化的图像？(3)速度的定义为 v= /s t, “v-t”图像下的t,则“a-t”图像下的“面“面积”在数值上等于位移s；加速度的定义为a= v/积”在数值上应等于什么 ？(4)由加速度a1和a2随时间变化图像可求得A B两物块分离后2s其相对速度为多大？A B间相互作用力为零,分析与解答：(1)当两物体分离瞬间速度相等,&a2,即：且-F2-mim2t0=2.5s

10、(2)两物块的加速度a1、a2随时间的变化图像如答图所示:(3)等于其速度的变化量(4)等于图中阴影部分的“面积”大小，即vBA=6m/s变式4质量为50kg的男孩，在一座高桥上做“蹦极”。弹性绳长为12nl男孩从桥面下落，达到最低点D距桥面40m,男孩下落速率v跟下落距点时的速度最大。空气阻力不计，重力加速度g取lOm(1)男孩到达D点时，绳的弹性势能Ep(2)绳的劲度系数k分析与解答：(1)小孩下落至的过程中小孩和弹性绳的机械能守恒_4EPmgh210J(2)男孩达处速度最大，合力为零，即mg=kxkmgNS62.5Nmx变式5一位蹦床运动员仅在竖起方向上运动，弹簧床面与运动员间的弹力随时

11、间变化2的规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所不。取当地的重力加速度g=10m/s。试结合图分析与解答：(1)周期可以求出，由图象可知T=9.5s 6.7s=2.8 s象，求(1)蹦床运动稳定后的运动周期；(2)运动员的质量；(3)在运动过程中，运动员(2)运动员的质量要以求出，由题中图象可知运动员运动前mg=F=500Nm=50kg(3)由题中可知运动员运动稳定后每次腾空时间为：t=8.76.7=2s-H=Lg(lt)2=5m22(4)运动过程中运动员的最大加速度可以求出，运动员每次腾空时加速度a1=g=10m/s2,而陷落最深时由可知Fm=2500N此时牛顿运动定律Fmmg=man可得最

12、大加速度am=m-g=40m/s2m变式6图所示为一根竖直悬挂的不可伸长的轻绳，下端拴一小物块A,上端固定在C点且与一能测量绳的拉力的测力传感器相连.已知有一质量为m的子弹B沿水平方向以速度V0射入A内（未穿透），接着两者一起绕C点在竖直面,内做圆周运动，在各种阻力都可忽略的条件下测力（r传感器测得绳的拉力F随时间t的变化关系如图2所示。已知子弹射入的时间极短，且图中t=0为A、B开始以相同速度运动的时刻，根据力学规律和题中（包括图）提供的信息，对反映悬挂系统本身性质的物理量（例如A的质量）及A、B一起运动过程中的守恒量，你能求得哪些定量的结果？分析与解答：由图可直接看出，AB一起做周期性运动

13、，运动的周期T=2t0F2令m表示A的质量，l表示绳长.v1表示B陷入A内时即t0时AB的速度（即圆周运动最低点的速度），V2表示运动到最高点时的速度，Fi表示运动到最低点时绳的拉力,表示运动到最高点时绳的拉力，根据动量守恒定律，得m0V0(m°m)Vi在最低点和最高点处运用牛顿定律可得Fi(mm°)g(mm。)?2F2 (m m°)gv2(mmb)-|-根据机械能守恒定律可得2l (m m°)g1212(mm0)v1(mm0)v222由图2可知F20 FlFm由以上各式可解得，反映系统性质的物理量是八八22Fm,36m0V0mm°l丁g6g5

14、F；A、B一起运动过程中的守恒量是机械能E,若以最低点为势能的零点，则12E-(mm0)Vi22解得E3m0VogFm变式7如图所示，质量为M的木板静止在光滑水平面上。一个质量为m的小滑块以初速度它从木板的左端向右滑上木板。滑块和木板的水平速度随时间变化的图象如图17所示.某同学根据图象作出如下一些判断（）A.滑块与木板间始终存在相对运动;B.滑块始终未离开木板；C.滑块的质量大于木板的质量；D.在L时刻滑块从木板上滑出。所以滑块与木板间ti时刻以后，滑块和木板都做匀速运动，所以在ti时刻滑块从木板上滑出。即选项ACD正确。经典例题矩形导线框从某处自由下落h的高度后，进入与线圈平面垂直的匀强磁

15、场,从下边刚进入磁场到上边也进入磁场的过程中,线圈内的感应电流随时间变化图象可能是:分析与解答：从图中可以看出，滑块与木板始终没有达到共同速度,始终存在相对运动；又因木板的加速度较大，所以滑块的质量大于木板的质量；因在（横轴表示时间，纵轴表示电流）分析此题要注意图线的斜率或切线的斜率表示电流随时间的变化率，由I=BLV/R可知：电流随时间的变化率和速度随时间的变化率即加速度有关线圈下边进入磁场后切割磁力线产生感应电流,受到安培力作用。有三种，f#况：I=BLV/R重力大于安培力mg-B 2L2V/R=ma重力小于安培力B 2L2V/R- mg=ma重力等于安培力B 2L2V/R- mg=0变式

16、1如图所示,答案为ABC用电阻丝焊接的边长为2L的正方形线框abcd,ab边电阻为2r,其余三边电阻均为r。现将线框放在光滑水平面上，在外力作用下线框以垂直于ab边的速度v在水平面上匀速通过一宽度为L的有理想边界的匀强磁场区域，磁场边界与ab边平行，磁感强度大小为B,方向垂直纸面向里。a点电势高于b点电势时u为正)。(1)以磁场的左边界为x轴的原点，请在坐标中定量画出线框在穿过该磁场的过程中,a、b两点的电势差u随ab边的位置x而变化的图象(2)求出线框在穿过该磁场过程中，外力所做的功。分析与解答：(1)图线如图所示。L1.皿0 881V(2)线框中有电流时，电流大小为2BLvI 5rF 安

17、BI2L线框受到的安培力大小为4B2L2v5r线框匀速时，外力与安培力平衡，F#=F安,W 外 F外2L 故外力做功为8B2L3v5r 。变式2在图甲中，直角坐标系 0xy的1、3象限内有匀强磁场，第 1象限内的磁感应强度大小为2B,第3象限内的磁感应强度大小为 B,磁感应强度的方向土垂直于纸面向里.现将半径为1,圆心角为900的扇形导线框OP3角速度 绕O点在纸面内沿逆时针匀速转动,导线框回路电阻为R(1)求导线框中感应电流最大值.(2)在图乙中画出导线框匀速转动一周的时间内感 应电流I随时间t变化的图象.(规定与图甲中线框的位 置相对应的时刻为t=0)(3)求线框匀速转动一周产生的热量.分

18、析与解答：(1)线框从图甲位置开始(t=0)转过900的过程中，产生的感应电动势为Ei-2B 212由闭合电路欧姆定律得,回路电流为:IiEi联立以上各式解得：I1Bl 2R同理可求得线框进出第3象限的过程中，回路电流为 ：I2BI22R故感应电流最大值为：Im史.一 5解得：Q 5B2I44R经典例题他度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的.在图甲中，电源的电动势E=9.0V,电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻R保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R-1图线所示.闭合开关S,当R的温度等

19、于20c时，电流表示数Ii=2mA则当电流表的示数l2=3.6mA时，热敏电阻R的温度是多少摄氏度？分析与解答：由图线知11=20C时，R=4kQ据全电路欧姆定律有|1RR代入数据得R=500Q据全电路欧姆定律有|2一ERgR.-,代入数据得R=2000Q由图线知12=120C变式1如图甲所示，一对平行光滑导轨，放在水平面上，两导轨间的距离l=0.20m,电阻R=i.oa；有一导体杆静止地放在轨道上，与两轨道垂直，杆及两轨道的电阻均可忽略不计,示。整个装置处于磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道面向下，如图甲所现用一外力F沿轨道方向拉杆，使之做匀加速运动，侧得力F与时间t的关

20、系如图乙所示。求杆的质量m和加速度a。XXXXXX_FXXX分析与解答:导体杆在轨道上做初速度为零的匀加速直线运动，用V表示瞬时速度，t表示时间，则杆切割磁感线产生的感应电动势为:E=BLv=Blat闭合回路中的感应电流为I ER由安培力公式和牛顿第二定律得：F-BIl =ma2, 2 一得 F=mj+ B-LalR由乙图线上取两点 ti=0, Fi=1N, t2=10s, F2=2N联立方程得：a=10m/s2, n=0.1kg变式2在竖直平面内有一圆形绝缘轨道，半径 R=1m,处于垂直于轨道平面向里的匀强磁场中，一质量为n=1x 103kg,带电量为q = -3X102C的小球，可在内壁滑

21、动.现在最低点处给小球一个水平初速度V0,使小球在竖直平面内逆时针做圆周运动，图甲是小球在竖直平面内做圆周运动的速率v随时间变化的情况，图乙是小球所受轨道的弹力F随时间变化的情况，已2知小球能有两次到达圆形轨道的最高点.结合图象所给数据，g取10m/s.求：(1)磁感应强度的大小.(2)小球从开始运动至图甲中速度为2m/s的过程中，摩擦力对小球做的功.分析与解答：(1)从甲图可知，小球第二次过最高点时，速度大小为2m/s,而由乙图可知，此时轨道与球间弹力为零，mgqvBmv2/R代入数据，得B=o.it(2)从乙图可知，小球第一次过最低点时，轨道与球面之间的弹力为F=8.0X102NI,根据牛

22、顿第二定律，2FmgqvoBmvo/R代入数据，得v°=7m/s.以上过程，由于洛仑兹力不做功，由动能定理可得：-m4R"W=mV/2-mv2/2代入数据得：W=-2.5X10-3J、'.'变式3如图甲所不，在两平行金属板的中线OO某处放置一个粒子源，粒子源沿OO方向连续不断地放出速度V0=1.0xI05m/s的带正电的粒子.在直线MN勺右侧分布范围足够大、一一、一、一,一，»»一''一的匀强磁场，磁感应强度B=0.01兀T,万向垂直纸面向里，MM中线OO垂直.两平行金属板的电压U随时间变化的Ut图线如图乙所示.已知带电粒

23、子的荷质比Q1.0108C/kg,粒子的重力和粒子之间的作用力均可忽略不计，若t=0.1s时刻粒子m源放出的粒子恰能从平行金属板边缘离开电场(设在每个粒子通过电场区域的时间内，可以把板间的电场看作是恒定的).求：(1)在t=0.1s时刻粒子源放出的粒子离开电场时的速度大小和方向(2)从粒子源放出的粒子在磁场中运动的最短时间和最长时间分析与解答：(1)设板间距为d,t=0.1s时刻释放的粒子在板间做类平抛运动在沿电场方向上d-qt222md粒子离开电场时，沿电场方向的分速度vyUtdm粒子离开电场时的速度vVv2vy粒子在电场中的偏转角为e tanvyVo得 V . V02qU, m_ 51.4

24、 10 m/stan1 e =450(2)带电粒在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期2qB10 6si3不同时刻释放的粒子在电场中的偏转角e不同，进入磁场后在磁场中运动的时间不同,e大的在磁场中的偏转角大，运动时间长.t=0时刻释放的粒子，在电场中的偏转角为0,在磁场中运动的时间最短：t1一110s2t=0.1s时刻释放的粒子，在电场中的偏转角最大为45°,在磁场中运动的时间最长t23T1.5106s4变式4.图1中B为电源，电动势E=27V,内阻不计.固定电阻R=500Q,R为光敏电阻.C为平行板电容器，虚线到两极板距离相等，极板长l1=8.0X10-2m,两极板的间距d=1.0X10-2m.S为屏，与极板垂直，到极板的距离12=0.16m.P为一圆盘，由形状相同、透光率不同的三个扇形a、b和c构成，它可绕aA轴转动.当细光束通过