2.3 力的合成与分解—2021届高考物理一轮复习检测

1、2.3 力的合成与分解A组力的合成及合成法的应用1如图所示，F1、F2、F3恰好构成封闭的直角三角形，这三个力的合力最大的是()解析由矢量合成法则可知A图的合力为2F3，B图的合力为0，C图的合力为2F2，D图的合力为2F3，因F2为直角三角形的斜边，故这三个力的合力最大的为C图答案C2两个大小分别为F1和F2(F2<F1)的力作用在同一质点上，它们的合力的大小F满足()AF2FF1B.FCF1F2FF1F2 DF12F22F2F12F22解析根据两个共点力的合成公式F可知：当两个分力的夹角为零时，合力最大，最大值为F1F2；当两个分力的夹角为180°时，合力最小，最小值为F1

2、F2.所以F1F2FF1F2，C正确答案C3如图2312所示，一轻质弹簧只受一个拉力F1时，其伸长量为x，当弹簧同时受到两个拉力F2和F3作用时，伸长量也为x，现对弹簧同时施加F1、F2、F3三个力作用时，其伸长量为x，则以下关于x与x关系正确的是()图2312Axx Bx2xCx<x<2x Dx<2x解析由题述可知同时受到两个拉力F2和F3作用时，作用效果等同于只受一个拉力F1作用；同时施加F1、F2、F3三个力作用时，其伸长量为x2x，选项B正确答案B4如图2313，细线a和b的一端分别固定在水平地面上，另一端系一个静止在空气中的氢气球，细线与地面的夹角分别为30

3、6;和60°.若a、b受到的拉力分别为Ta和Tb，氢气球受到的浮力为F，则()图2313ATa>Tb BTa<TbCFTa DF<Tb解析对气球受力分析，根据平衡条件的推论可知，两拉力的合力与浮力和重力的合力等大反向，作平行四边形如图所示，根据大角对大边得FG>Tb>Ta，故B正确答案B5(单选)如图2314所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直杆的下端有一个轻滑轮O.另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重为G的物体，BO段细线与天花板的夹角为30°.系统保持静止，不计一切摩擦下列说法中正确的是

4、()图2314A细线BO对天花板的拉力大小是Ba杆对滑轮的作用力大小是Ca杆和细线对滑轮的合力大小是GDa杆对滑轮的作用力大小是G解析细线对天花板的拉力等于物体的重力G；以滑轮为研究对象，两段绳的拉力都是G，互成120°角，因此合力大小是G，根据共点力平衡，a杆对滑轮的作用力大小也是G(方向与竖直方向成60°斜向右上方)；a杆和细线对滑轮的合力大小为零答案D力的分解及分解法的应用6(单选)如图2315所示，用一根长1 m的轻质细绳将一幅质量为1 kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10 N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为(g取10 m/s2)()图

5、2315A. mB. mC. m D. m解析对画框进行受力分析，并把两绳拉力作用点平移至重心处如图所示，则有2T1cos 2T2cos mg，其中T1T210 N，所以cos .设挂钉间距为s，则有sin s.s m，故A正确答案A7（多选）如图2316所示是一种常用的“千斤顶”示意图，摇动手柄能使螺旋杆转动并保持水平，而A、B间距离发生变化，重物就能被顶起或下降若物重为G，杆AB与AC之间的夹角为，不计“千斤顶”本身的重量，则下列说法正确的是()图2316A“千斤顶”螺旋杆AB的拉力大小为Gsin B“千斤顶”螺旋杆AB的拉力大小为Gcot C重物升得越高，摇动手柄用力越来越小D重物升得越

6、高，AC所受压力越大解析将重力G分解到沿BA方向拉AB杆的力F1和沿AC方向的压AC杆的力F2，即得F1Gcot ，F2，重物升得越高，越来越大，所以F1和F2均越来越小，即B、C选项正确，A、D选项错误答案BC8如图2317所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O安在一根轻木杆B上，一根轻绳AC绕过滑轮，A端固定在墙上，且绳保持水平，C端下面挂一个重物，BO与竖直方向的夹角为45°，系统保持平衡若保持滑轮的位置不变，改变的大小，则滑轮受到木杆的弹力大小的变化情况是()图2317A只有变小，弹力才变大B只有变大，弹力才变大C无论变大还是变小，弹力都变大D无论变大还是变小，弹力都不变解

7、析无论变大还是变小，水平绳和竖直绳中的拉力不变，这两个力的合力与杆的弹力平衡，故弹力都不变答案D9（多选）如图2318所示，一根细线的两端分别固定在M、N两点，用小铁夹将一个玩具娃娃固定在细线上，使a段细线恰好水平，b段细线与水平方向的夹角为45°.现将小铁夹的位置稍稍向左移动一段距离，待玩具平衡后，关于a、b两段细线中的拉力，下列说法正确的是()图2318A移动前，a段细线中的拉力等于玩具所受的重力B移动前，a段细线中的拉力小于玩具所受的重力C移动后，b段细线中拉力的竖直分量不变D移动后，b段细线中拉力的竖直分量变小解析移动前，由平衡条件得，a段细线中的拉力FaGcot 45

8、76;G，A项正确；夹子向左移动一小段距离后，线a不再水平，玩具的位置下移，与重力平衡的力变为a、b两线中拉力的力的竖直分量变小，D项正确答案ADB组10(单选)如图2319所示，一倾角为30°的光滑斜面固定在地面上，一质量为m的小木块在水平力F的作用下静止在斜面上若只改变F的方向不改变F的大小，仍使木块静止，则此时力F与水平面的夹角为()图2319A60° B45° C30° D15°解析小木块受重力mg、斜面支持力N和外力F三个力的作用处于平衡状态，三力合力为零，构成首尾相接的矢量三角形，如图所示，由对称性可知，不改变力F的大小只改变其方向

9、，再次平衡时力F与水平方向成60°角，故本题答案为A.答案A11（多选）如图2320所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，拉力F与水平面夹角为.下列说法中正确的是()图2320A物体A一定受到四个力的作用B物体A受到的摩擦力大小为Fsin C拉力F与物体A受到的摩擦力的合力方向一定是竖直向上D物体A受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力解析物体在水平地面做匀速直线运动，则其一定处于受力平衡状态，对物体受力分析如图，知物体受四个力，选项A正确；物体受力平衡，则有fFcos ，GNFsin ，选项B、D错误；由图知G与N的合力竖直向下，由平衡知识得F与

10、f的合力方向必竖直向上，选项C正确答案AC12(单选)如图2321所示，某同学通过滑轮组将一重物吊起，该同学对绳的竖直拉力为F1，对地面的压力为F2，不计滑轮与绳的重力及摩擦，则在重物缓慢上升的过程中，下列说法正确的是()图2321AF1逐渐变小 BF1逐渐变大CF2先变小后变大 DF2先变大后变小解析由题图可知，滑轮两边绳的拉力均为F1，对滑轮有：2F1cos mg，当重物上升时，变大，cos 变小，F1变大对该同学来说，应有F2F1mg.而F1变大，mg不变，F2变小，即对地面的压力F2变小，综上述可知选项B正确答案B13如图2322所示，小方块代表一些相同质量的钩码，图中O为轻绳之间连接

11、的结点，图中光滑的滑轮跨在轻绳上悬挂钩码，两装置处于静止状态，现将图中的B滑轮或图中的端点B沿虚线稍稍上移一些，则关于角的变化说法正确的是()图2322A图、图中的角均增大B图、图中角均不变C图中角增大、图中角不变化D图中角不变、图中角变大解析在图中由于A和B均为滑轮，则知在移动B滑轮的过程中，绳OA与OB的拉力大小不变，若变化时，合力必变化，但此时其合力不变，与O点下方五个钩码的重力大小相等，所以角不变；题图中，当B点稍上移时，角仍然不变，所以只有B项正确答案B14（多选）如图2323所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上；小滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点；O是三根线的结点，bO水平拉着B物体，cO沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于平衡静止状态若悬挂小滑轮的斜线OP的张力是20 N，g取10 m/s2，则下列说法中正确的是()图2323A弹簧的弹力为10 NB重物A的质量为2 kgC桌面对B物体的摩擦力为10 NDOP