2012高考物理备战模拟：专题8磁场

1、教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 刁.:. L qix,. .COM 第 1页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 备战 2012 年高考物理最新模拟 专题 8 磁场 一、单项选择题 1. （2012年陕西西安地区名校联考 ）磁场中某处的磁感线分布如图所示, （ ） A .磁感应强度BaBb B 同一通电导线在 b处所受的磁场力一定比在 a处大 C .通电导线在b处所受磁场力的方向可能与 b处磁感线的方向相同 D .若在a处的通电导线垂直磁感线放置，则所受磁场力最大 解析：选D由于口处磁感线比占处磁感线疏，所以磁感应弓睡 2, A错误；若在

2、左 处的通电导线平行磁感线議買，则所受磁场力汽零，B错误：根据左手定则，通电导线在 处所受確场力的方向一定垂直$处的磁感线,C错误;若在口处的通电导线垂直磁感线诙宣, 则所受磁场力最大，D正确. 2. （2012年金华十校联考）一段长0.2 m，通过2.5 A电流的直导线，关于在磁感应强度为 B的匀强磁场中所 受安培力F的情况，正确的是（ ） A .如果 B= 2 T, F 一定是1 N B .如果F = 0, B也一定为零 C .如果B= 4 T, F有可能是1 N D .如果F有最大值时，通电导线一定与 B平行 解析*选 U 当导线右磁场方向垂直敢置时，力最犬，当导线与遜场方向平行 畝:置

3、时，F=D,当导线与磁场方向成任育其他甬度放置时，魁追 J As D不正确，C正 确，磁感应强度是磁场本身的性质，与受力F无关，B不正确. 段均匀载流直导线 MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为 F.为使F = 0,可能达到要求的方法是（ ） A .加水平向右的磁场 B .加水平向左的磁场 C .加垂直纸面向里的磁场 D .加垂直纸面向外的磁场 解析：选C.若F = 0则F安一mg= 0,故安培力方向必竖直向上，由左手定则知磁场方向为垂直纸面向里, 故C正确.3.如图 所示，用两 根相同的细 绳水平悬挂 下列说法正确的是 恒谦教育教学资源库 第 2页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统

4、一客服电话： 400-715-6688 解析：选 C.当Ff =卩BI卩BLkmg时，棒沿导轨向下减速；在 棒停止运动前，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为： Ff =卩BLkt当棒停止运动时，摩擦力立即变为静摩擦力， 大小为：Ff = mg,故选项C正确. 6. （2012年湖北黄冈质检）如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架， ab、cd边均与ad边成60。角, ab= bc = cd= L,长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为 E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有 磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为 （ ）教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设

5、4如图所示，质量为 m的回形针系在细线下端被磁铁吸引保持静止，此时细线与竖直方向的夹角为 0,则 F列说法正确的是（ A .回形针静止时受到的磁铁对它的磁力大小为 mgtan0 B .回形针静止时受到的细线的拉力大小为 mgcos 0 C .现用点燃的火柴对回形针加热，过一会发现回形针不被磁铁吸引了，原因是回形针加热后，分子电流排 列无序了 D .现用点燃的火柴对回形针加热，过一会发现回形针不被磁铁吸引了，原因是回形针加热后，分子电流消 解析：选C.回形针静止时受到的磁铁对它的磁力大小和方向都不确定, 拉力大小也不能确定， 故A、B错误; 对回形针加热，回形针磁性消失是因为分子电流排列无序了，

6、所以选项 C正确，D错误. 5. （2012年上海模拟）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖 AB、CD,导轨上放有质量为 m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为 给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即 1 = kt，其中k C 1 r 直放置的平行导轨 确的是（ 仏现从t= 0时刻起, 恒量.若金属棒与导 轨始终垂直，则如图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中, 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 3页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 C10BEL C 11r 解析：选C.总电阻R=爲

7、+ r = &，总电流1 = |=年，梯形框架受的安培力可等效为 到的安培力，F = BI貳=BI2L =聲，所以C选项正确. 、不定项选择题 7. （2012年北京海淀区期末测试）有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图在 下图所示的平面内， 0点为两根导线连线的中点， M、N为两导线附近的两点，它们在两导线连线的中垂线上， 且与0点的距离相等.若两导线中通有大小相等、 方向相同的恒定电流I，则关于线段MN上各点的磁感应强度, 下列说法中正确的是（ ） A. M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同 B. M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相反 C .在线段MN上各点

8、的磁感应强度都不可能为零 D .在线段MN上只有一点的磁感应强度为零 M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相反，选项 A错 B对；在线段 MN上只有在0点处，a、b两电流形成的磁场的磁感应强度等大反向，即只有 度为零，选项C错D正确. B23 T D/.3 T 解析：选 BCD.导线受到的安培力为零，可判断出合磁感应强度为零或沿导线方向，可求出磁感应强度 B譽 11r BEL D. I通过ad边时受 解析：选BD.根据安培定则和磁场的叠加原理， 0点处的磁感应强 &如图所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强 于纸面内的细直导线， 长L= 1 m,通有1= 1 A的恒定电流. 60。夹角时

9、，发现其受到的安培力为零.则该区域同时存在的另 磁感应强度B2的大小可能为（ 度B1 = 1 T .位 导线与B1成 匀强磁场的 A.11 T B2 I I fl 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 4页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 的最小值，B2小=B1sin60 故B、C、D均正确. 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 5页 9如图所示，在倾角为 a的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为 L、 质量为m的直导线， 当通以电流I时，欲使导线静止在斜面上，外加匀强磁场 B的大小和方

10、向 . 可能是( ) A B = mgtan /(IL)，方向垂直斜面向上 B B = mgsin/(IL)，方向垂直斜面向下 C B = mgtan %叫)，方向竖直向上 D B = mg/(IL)，方向水平向右 解析：选B.B方向垂直斜面向上，由左手定则可知，安培力方向沿斜面向下，导线不可能静止， A错；同理 可知C、D错；B方向垂直斜面向下，安培力沿斜面向上，由平衡条件得： BIL = mgsin a,解得B =晋沁，故B 项对. 10 (2012年绍兴一中高三模拟)如图所示，光滑的金属轨道分水 平段和圆弧段两部 分，0点为圆弧的圆心.两金属轨道之间的宽度为 0.5 m,匀强磁场 方向如

11、图，大小为 0.5 T.质量为0.05 kg、长为0.5 m的金属细杆置于金属轨道上的 M 内通以电流强度为 2A的恒定电流时，金属细杆可以沿杆向右由静止 =OP = 1 m，则( ) _ . 2 w - & A .金属细杆开始运动的加速度为 5 m/s B .金属细杆运动到 P点时的速度大小为 5 m/s C .金属细杆运动到 P点时的向心加速度大小为 10 m/s2 D .金属细杆运动到 P点时对每一条轨道的作用力大小为 0.75 N 解析：选D.金属细杆在水平方向受到安培力作用，安培力大小 F = BIL = 0.5 2X0.5 N = 0.5 N，金属细杆开始 运动的加速度为 a =

12、F/m = 10 m/s2,选项A错误；对金属细杆从 M点到P点的运动过程，安培力做功 W= FMN 1 o + OP) = 1 J,重力做功 WG = - mg X)N =- 0.5 J,由动能定理得 W+ WG= mv2，解得金属细杆运动到 P点时的速 度大小为v= 20 m/s，选项B错误；金属细杆运动到 P点时的加速度可分解为水平方向的向心加速度和竖直方 向的加速度，水平方向的向心加速度大小为 a= v2/r = 20 m/s2,选项C错误；在P点金属细杆受到轨道水平向左 的作用力F，水平向右的安培力 FA，由牛顿第二定律得 F FA= mv2/r，解得F = 1.5 N，每一条轨道对

13、金属细杆 的作用力大小为0.75 N ,由牛顿第三定律可知金属细杆运动到 P点时对每一条轨道的作用力大小为 0.75 N,选项 11,如图所示，P0和空为水平啟直的平行金属导轨，间距为/=1【口导体棒处跨 胶在导轨上，棒的质量为闫WQ宙棒的中点用细繼经轻滑轮与物体c相连，物体c的质星 :=乂各在垂直导轨平俞污向存在磁感应强It 5=0.21的匀强磁场，磁场育向竖直向上， 重力加速度&取IQ m &若导轨是粗槌的，且导库棒与导轨间的最大静摩撩力为导体棒於 重力的倍，若要保持物体c静止不动，应该在棒中通入多大的电济？电济的肓向如何？ 点.当在金属细杆 开始运动.已知MN D正确. 三、 计算 题

14、Bl1l Mg 夸=0.5 mg, 解 得 5爲68龍擦力的肓 用0-71 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 6页 导轨之间的最 向与细缱的拉力片向相同，设此时电流为环即有 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 .I d .COM 恒谦教育教学资源库 第 7页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 I5 mg + Mg = 2.0 A 11 Bl 若BIIMg，则静摩擦力的方向与细绳的拉力方向相反，设此时电流为 J 即有 Mg BI2I 尋=0.5mg, 解得-啟二直=i.o A Bl 即ab棒中的电流为 1

15、. 0 A 皐 2.0 A. 根据左手定则判断，棒中的电流方向应该由 a到b. 答案：1.0 A皐w 2.0 A由a到b 12 .如图所示，电源电动势 E = 2 V，内电阻r = 0.5 R竖直导轨电阻可 棒的质量m= 0.1 kg ,电阻R= 0.5莒它与导轨的动摩擦因数 尸0.4,有效长 0.2 m，为了使金属棒能够靠在导轨外面静止不动，我们施一与纸面成 30。角 金属棒垂直的磁场，问磁场方向是斜向上还是斜向下？磁感应强度 B的范围 2 (g= 10 m/s ) 解析：以静止的金属棒为研究对象，其侧视的受力分析如图所示. 若摩擦力方向向上，则 B1lLsin30 + BILcos30 m

16、g. 若摩擦力方向向下，则 B2lLsin30 BILcos30 mg, 其中电流I = E/(R+ r) 代入数据得：B1= 3 T, B2= 16.3 T, 故所求磁感应强度的范围是 3 T Ww 16.3 T 根据左手定则可知其方向应斜向下. 答案：斜向下 3 T WBW 16.3 T 课时24 忽略，金属 度为L = 向里且与 是多大？ 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 8页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 第二节 磁场对运动电荷的作用 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第

17、 9页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 、单项选择题 L （2012年广东东莞调研）带电粒子|重力不计;穿过饱和蒸汽时，在它走过的路径上饱 和蒸汽便凝成小液滴，从而显示出粒子的径迹，这是云室的庾理，如图是云室的拍摄照片, 云室中加了垂直于照片向外的勻强磁场，图中迹亦 g oM是从。点发出的四种粒子的 径迹，下列说法中正确册是（） A. 四种检子都带正电 B. 四种粒子都带负电 C. 打小i点的粒子带正电 D. 打到匚、肝点的粒子带正电 I，导线下方有一电子，初速度方向与电流平行，关于电子的运动情况, 下述说法中，正确的是（ ） A .沿路径a运动，

18、其轨道半径越来越大 B .沿路径a运动，其轨道半径越来越小 C. 沿路径b运动，其轨道半径越来越小 D .沿路径b运动，其轨道半径越来越大3.如图所示，一个带正电、电荷量为g的小带电体处于蹄册磁 铁两极之间的勻强磁场里，磁场怖方向垂頁于纸面向里，磁感应强度 为乩若小带电悴册质量为帕为了便它对水平绝缘面正好无压力， 应该（） A, 使磁感应强度占的数值増大 B. 便磁场以連率尸莽上移动 C. 使磁场以谨率&瓷向右移动 D康磁场以速率V-訓左移动 解析；选D.假定磁场不动，小球应向右运动且有计少 5由相对运动知D对. 4. （2012年东阳中学模拟）半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强

19、磁场，一个带电粒子 （不计解析： 选D.由左手 定则知打到 a、b点的粒 子带负电， 打到c、d点 的粒子带正 电，D正确. 2 如图所示，一水平导线通以电流 解析：选A.由左手定则可知电子向下偏, A对. C、D错；距导线越远，磁感应强度 B越小，由 r变大, 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 m .COM 恒谦教育教学资源库 第 10页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 重力）从A点以速度Vo垂直于磁场方向射入磁场中，并从 B点射出./ AOB= 120如图8-2-25所示，则该 带电粒子在磁场中运动的时间为 （ ） n 3 n 阪

20、D.盂 解析：选D.从弧AB所对圆心角0= 60知t= 7T =詈，但题中已知条件不够，没有此项选择，另想办法 6 3qB 找规律表示t.由匀速圆周运动t= AB /vo,从图中分析有 R= 3r，则：AB = R -0= 3r苛=_33n，贝V t = AB /vo ,3 n 3vo 5. （2012年富阳二中模拟）两个电荷量分别为 q和一q的带电 和vb射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为 度为d,两粒子同时由A点出发，同时到达B点，如图所示，则（ ） A . a粒子带正电，b粒子带负电 B .两粒子的轨道半径之比 Ra : Rb= 3 : 1 C .两粒子的质量之比 ma

21、 : mb= 1 : 2 D .两粒子的速度之比 va : vb= 1 : 2 解析：选 U 由左手定刚可判定席粒子带负电，E粒子带正电，故A错误；由几何关系 可得：焉也科,两者运动时间相同，刚由 严昙可得評,由迹丄讐 和止嘅可亀碧 则严=鼻又由帥=站解得=警，则严誇=羊一 qS Bq 牝Ti 2 R 型 H屁壮 3 6 .如图所示，重力不计，质量为 m,带正电且电荷量为 q的粒子，在a点以某一初速度 v。水平射入一个磁 场区域沿曲线 abcd运动，ab、be、cd都是半径为R的圆弧，粒子在每段圆弧上的运动时间都是 t，如果把由纸 面穿出的磁场方向定为正值， 则磁场区域I、 n、川三部分的磁感

22、应强度 B随x变化关系图象应为下图所示的哪 一个（）A. 2n 3vo B.込 3vo 粒子分别以速度va 30和60磁场宽 X K X X X 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 x x B /- 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 A . a粒子速率最大 B.c粒子速率最大 C.a粒子在磁场中运动的时间最长 D .它们做圆周运动的周期 TaTbTc 解析：选BC.由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，根据 2 qvB=叱，可得：=證 当速度越大时、轨道半径越大，选项A错误、B正确；由于T=霍及t 三粒子

23、运动周期相同，a在磁场中运动的偏转角最大，对应时间最长，选 =2 XT可知, 项C正确、D 怕谦教育 . i i 2 L：J, -COM 可知D正确. 二、不定项选择题 如图所示，下端封冈、上端开口、內壁光滑的细玻璃管竖直腰置, 管底有一带电的小球.整个装置水平勻速向右运动，垂直于喳场方向进入 方向水平的勻强磁场，由于外力的作用,玻璃管在確场中的逮度保持不变, 最终小球从上端口飞出，则从进入磁场到小球飞出端口前的过程中I 小球带正电荷 答案；ABD & （2012年河南郑州模拟）圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场， 三个质量和电荷量都相同的带电粒子 c,以不同的速率沿着 AO方向对准圆心 0射入

24、磁场，其运动轨迹如图所示若带电粒子只受磁场力的作用，则 下列说法正确的是（ ） 解析：选D.先由左手定则判断出磁感线是先向里再向外， 后再向里的，即排除A、C,再由周期公式*鳴, B. 小球做类平抛运动 C. 洛伦兹力对小球做正功 D. 管壁的弹力对小球做正功 a、H空3涎 A D 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 12页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 恒谦教育教学资源库 第 13页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 子可

25、达到8 cm处，C错，D对. 二、计算题 11. （2012年江西重点中学协作体联考 ）如图所示，真空中有以 O为圆心，r为半径的圆柱形匀强磁场区域， 圆的最下端与x轴相切于坐标原点 O,圆的右端与平行于 y轴的虚线MN相切，磁感应强度为 B,方向垂直纸面 向外，在虚线 MN右侧x轴上方足够大的范围内有方向竖直向下、场强大小为 E的匀强电场.现从坐标原点 O 颤敦育 匚：jH -COM 错误. 9.如图所示，长方形 abed长ad= 0.6 m，宽ab= 0.3 m , 0、e分别是ad、be的中点，以ad为直径的半圆 内有垂直于纸面向里的匀强磁场 （边界上无磁场），磁感应强度 B= 0.25

26、 T. 一群不计重力、质量 m= 3X10 7 kg、 电荷量q=+ 2X10 3 C的带电粒子以速度 v= 5X02 m/s沿垂直ad方向且垂直于磁场射入磁场区域 （ ） A .从Od边射入的粒子，出射点全部分布在 Oa边 B .从aO边射入的粒子，出射点全部分布在 ab边 C .从Od边射入的粒子，出射点分布在 be边 D .从aO边射入的粒子，出射点分布在 ab边和be边 解析：选 CD.由左手定则可知粒子射入后向上偏转，轨道半径 R= mv= qB O点射入的粒子运动轨迹如图中的 1所示，从aO边上某点射入的粒子运动轨 的2所示，从Od边上某点射入的粒子运动轨迹如图中的 3所示，出射点

27、应分 上.综上所述，只有 C、D正确. 0.3 m .从 迹如图中 布在be边 10 . （2012衡水中学模拟）如图所示，宽h= 2 cm的有界匀强磁场的纵向范围足够大，磁感应强度的方向垂直 纸面向里.现有一群正粒子从 O点以相同的速率沿纸面不同方向射入磁 做匀速圆周运动的轨迹半径 r均为5 cm，不计粒子的重力，则（ ） A .右边界：一4 cmy4 cm和y8 cm内有粒子射出 D .左边界：0yqvB,所以a =吨一卩 呼一也 ，随下落 速度v的增大a逐渐增大；当qEvqvB之后，其a = mg一卩 晳_qE，随下落速度v的增大a逐渐减小；最后 a = 0小球匀速下落，故图 C正确，A

28、、B、D错误. 6.一重力不计的带电粒子以水平初速度 vo（voW2.B项正确. 二、不定项选择题 7. （2012年金华十校联考）不计重力的负粒子能够在如图所示 电场和匀强磁场中匀速直线穿过. 设产生匀强电场的两极板间电压 的正交匀强 为U,距离为 d，匀强磁场的磁感应强度为 确的是（ ） B,粒子电荷量为q,进入速度为v, 以下说法正 A 若同时增大U和B, 其他条件不变，则粒子一定能够直线穿过 B .若同时减小d和增大 V,其他条件不变，则粒子可能直线穿过 乙 Wl = W2 WlW2 WlW2，也可能是W1w2 第 20页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-7

29、15-6688 &地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已 直纸面向里，一个带电油滴沿着一条与竖直方向成 a角9. （2010年 X N 知磁场方向垂 咼考江苏卷）如 C .若粒子向下偏，能够飞出极板间，则粒子动能一定减小 D .若粒子向下偏，能够飞出极板间，则粒子的动能有可能不变 解析：选BC.粒子能够直线穿过，则有qU = qvB即v=吕,若U、 d Bd B增大的倍数 不同，粒子不能沿直线穿过， A项错；同理B项正确；粒子向下偏, 功，又 W洛=0,所以AEk氏三个质子经过附加磁场区域后能到达同一 点S,贝U下列说法中正确的有 （ ） A三个质子从S运动到S的时间相等 B 三

30、个质子在附加磁场以外区域运动时，运动轨迹的圆心均在 00轴上 C 若撤去附加磁场，a到达SS连线上的位置距 S点最近 D .附加磁场方向与原磁场方向相同 解析：选CD.洛伦兹力对粒子始终不做功，由于 a、b、c三个质子射入磁场时的速度大小相等，所以它们进 入磁场后速度大小始终不变，显然弧长最长的 c运动时间最长，a运动时间最短，选项 A错；撤去附加磁场后三 个质子均做匀速圆周运动，其中质子 b轨迹为半圆，由于 a 3通过画图可看出 a到达SS连线上位置距S点最 近，b到达SS连线上的位置离 S点最远，选项 C正确；比较a、b两质点，b在附加磁场中运动的弧长比 a在附 加磁场中运动的弧长长，但它

31、们均从同一位置 S离开磁场，故附加区域合磁场磁感应强度比原磁场磁感应强度大， 因此附加磁场方向与原磁场方向相同，选项 D正确.由于附加磁场区域的合磁场磁感应强度比原磁场的强，附 恒的直线运动，如图所示，由此可以判断L A.油滴一定做匀逋运动 图所示，在匀强 磁场中附加另 氏油滴可収做变速运动 G如果油滴带正电，它是从 X 点j运动到X点 一匀强磁场，附 加磁场位于图 D.如果油滴带正电，它是从Y点运动到泰点 解析：选AC由于油滴做直线运动，故受力如图.若带正电，C项 才是合理的，并且速度恒定，若有变化，F占卩为变力，油滴将做曲线运动.故选.入C 中阴影区域，附 加磁场区域的 对称轴 00 附加

32、繼场區域0 第 22页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 加区域质子运动半径小，故未进入附加磁场之前的圆心位置在 00轴右方，从附加磁场出来后的圆心在 00 左侧 （如图）选项B错误. 教师备课、备考伴侣 专注中国基础教育资源建设 第 23页 适用于新课程各种版本教材的教学 全国统一客服电话： 400-715-6688 能是图中的（ ） 解析选 Q 一由左手走则可判断洛伦玆力芳向向上，E1环受到竖直向下的重力、垂直杆 的弹左的摩瘵力，当洛伦兹交初始时刻小于重力时，弹力亦向竖直向上，13环向右减 速运动，随着速度减小，洛伦玆力减小弹力越来越大，摩擦力越

33、来越犬，故做加速度増大 的减速运动，直至|遠庫淘零而处于静止状态，选项中没育对应图象；当洛伦盘力初始时刻等 于重力时，弹力为零.摩濾力为零，故圆环做匀遠直线运动，人正确，当洛伦兹力初始时刻 大于重力时，弹力方向竖直向下，圆环做减速运动，速度减小，洛伦兹力减出，弹力谯小, 在彈力减小到零的过程中，摩擦力逐渐谶小到零，故他加速度逐渐减小的减速运动，摩擦丈I 術零时，开始做匀速直娃运动，D正确. 二、计算题 11. （2012年宁波效实中学高三模拟）如图所示，竖直平面内有相 和匀强磁场，电场强度E1 = 2500 N/C,方向竖直向上；磁感应强度B 面向外；有一质量 m= 1X10 kg、电荷量q=

34、 4 X10 C的带正电小球 成45角以V0= 4 m/s的速度射入复合场中，之后小球恰好从 P点进 2500 N/C ,方向水平向左的第二个匀强电场中.不计空气阻力, （1）0点到P点的距离si； （2）带电小球经过 P点的正下方Q点时与P点的距离S2. 解析：（1）带电小球在正交的匀强电场和匀强磁场中受到的重力 电场力 Fi= qEi = 0.1 N 即G= F1，故带电小球在正交的电磁场中由 0到P做匀速圆周运动 根据牛顿第二定律得: 2 V0 qv0B = mR 2 丽/曰 mvQ 1X10 M 解得：R= ,= 八川门-5、/“3 m= 1 m qB 4 X10 X10 由几何关系得：s1= 2R= 2 m.B 1 遐* , * B * F Ez - f回爺教育 教师备课、备考伴侣 .二二二U H-COA4. 恒谦教育教学资源库 - 专注中国基础教育资源建设 10 . （2012年江苏连云港模拟）如图所示为一个质量为 在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为 m、 电荷 空气阻力，现给圆环向右的初速度 V0，在以后的运动过程中，圆环 呻宀H x 厂 XXX 量为+ q的圆环，可 的匀强磁场中，不计 运动的速度图象可 2 10 m/s .求: G= m