【优化方案】2013届高二物理上册电子题库第8章第三节课时活页训练

1、【优化方案】2013 届高二物理上册 电子题库 第 8 章第三节课时活页训练1 关于牛顿运动定律和动量守恒定律的适用范围，下列说法正确的是（）A. 牛顿运动定律也适合解决高速运动的问题B. 牛顿运动定律也适合解决微观粒子的运动问题C. 动量守恒定律既适用于低速运动的问题，也适用于高速运动的问题D. 动量守恒定律适用于宏观物体，不适用于微观物质解析：选 C.牛顿运动定律适用于宏观、低速运动的问题，而动量守恒定律既适用于宏 观低速运动的问题，也适用于微观、高速运动的问题.2木块a和b用一根轻弹簧连接，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩， 如图 8-3-6 所示，当撤

2、去外力后，下列说法中正确的是（）?- F乡杠一77777777777777777777图 8- 3-6a和b系统的动量守恒a和b系统的动量不守恒b系统动量守恒解析：选 BC.a尚未离开墙之前，墙对a有向右的外力，所以 A 错，B 正确.离开墙后系统水平方向不再受到外力作用，竖直方向合力为零，a、b组成的系统动量守恒，所以C正确，D 错误.3.质量为M的木块在光滑水平面上以速度vi向右运动，质量为m的子弹以速度V2水平向左射入木块，子弹射入木块不穿出.要使木块停下来，必须发射子弹的数目为（）讨M vi讨M V2A.B.-mvmvmvC.mv解析：选 D.设发射子弹的数目为n,选择n颗子弹和木块组

3、成的系统为研究对象.系统在水平方向所受的合外力为零，满足动量守恒的条件. 木块向右运动，连同n颗子弹在射入前向左运动为系统的初状态，子弹射入木块后停下来为末状态. 规定子弹运动的方向为正方向，根据动量守恒定律，有：MvnmvMv= 0，所以n=mu4.（2011 年内蒙古高中联考）甲、乙两人站在小车左右两端，如图8-3 7 所示，当他俩同时相向而行时，发现小车向右运动，下列说法中正确的是（轨道光滑）（）A. 乙的速度必定大于甲的速度B. 乙对小车的冲量必定大于甲对小车的冲量C. 乙的动量大小必定大于甲的动量大小A.a 尚未离开墙前,B.a 尚未离开墙前,C. a离开墙后，a、D. a 离开墙后

4、,a、b系统动量不守恒D.MvmvD. 甲、乙动量总和必定不为零解析：选 BCD 对甲、乙和小车组成的系统，由动量守恒可得: =0（取向右为正方向），由上式很容易得出 C D 均正确；因不知m甲、m乙的大小关系，所以 甲、乙的速度关系不能确定， A 错误；对小车用动量定理得：I乙一I甲=m车v车（取向右为正m甲v甲一m乙v乙+m车v车方向），所以I乙1甲，B 正确.5.如图 8-3-8 所示为A B两物块相互作用前后的速度v随时间t变化的图象，则由 图可判断（）A. 相互作用前后A的动量大小之比为 3 : 1B.相互作用后A、B的动量大小之比为 7 : 1C.A、B的质量之比为 3 : 2D.

5、 相互作用前后AB 总动能不变解析：选 ACD.由图可知，A B两物块在相互作用前后都做匀速直线运动，表明系统所受外力之和为零，所以A B组成的系统动量守恒. 两物块相互作用前，VA=6 m/s ,VB=1 m/s ;相互作用后，VA=2 m/s,VB=7 m/s.根据动量守恒定律，有RAVA+RBVB=mvA+RBVB,则m：m=3 : 2,相互作用后A B的动量大小之比为：RIVA：mvB= 3 : 7,相互作用前一121255121255A B总动能：-RIVA+mvB=RA,相互作用后：-RAVA+-mvB=RA,比较可知A B总223223动能不变.6两个小木块B、C中间夹着一根轻弹

6、簧，将弹簧压缩后用细线将两个木块绑在一起， 使它们一起在光滑水平面上沿直线运动，这时它们的运动图线如图8-3-9 中a线段所示，在t= 4 s 末，细线突然断了，B、C都和弹簧分离后，运动图线分别如图中b、c线段所示.从 图中的信息可知（）图 8 3 9A 木块B C都和弹簧分离后的运动方向相反B.木块B C都和弹簧分离后，系统的总动量增大C.木块B C分离过程中B木块的动量变化较大D.木块B的质量是木块C质量的四分之一解析：选 D.由s-1图象可知，位移均为正且均随时间均匀增大，故均朝一个方向运动,m/s = 0.5 m/s，细线未断前B、C的速度均为vo= 1 m/s，由于系统所受外力之和

7、为零，故系 统前后的动量守恒：（RB+m）vo=mv1+nCV2,计算B、C的质量比为 1 : 4, D 对 B 错；系统动 量守恒，则系统内两个物体的动量变化等大反向，C 错.7. （2011 年北京海淀区高二检测）如图 8 3- 10 所示，物体A静止在光滑的水平面上，A质量相等的物体B以速度V向A运动并与弹簧发生碰撞,没有反向，A 错；在都与弹簧分离后,B的速度为10-4m/s = 3 m/s ,C的速度为5 - 46-4A的左边固定有轻质弹簧，与B始终沿同一直线运动，则B组成的系统动能损失最大的时刻是U图 8-3- 10AA开始运动时BC.B的速度等于零时DA的速度等于V时A和B的速度

8、相等时解析：选 D.当B触及弹簧后减速，而物体A加速，当A、B两物体速度相等时，A、B间距离最小，弹簧压缩量最大，弹性势能最大，由能的转化与守恒定律可知系统损失的动能 最多，故只有 D 正确.&如图 8-3 11 所示，质量为m的小球A以水平速度v与静止在光滑水平面上质量为v3m的小球B正碰后，小球A的速率变为 2，则碰后B球的速度为(以v为正方向)()图 8 3 11解析：选 D.热气球匀速竖直下降，表明热气球受到的合外力为零.从热气球上沙袋刚释放后，热气球和沙袋组成的系统动量守恒， 设热气球停止下降时，沙袋的速度为V1,所经 历的时间为t.根据动量守恒定律， 有Mv= mv,所以V

9、1=m沙袋刚释放时的速度为v,对沙袋由动量定理得mgt=mvmvM- m v解得t=mg.10. (2010 年高考天津卷)如图图 8 3 12 所示，小球A系在细线的一端，线的另一端 固定在0点，0点到水平面的距离为h.物块B质量是小球的 5 倍，置于粗糙的水平面上且位 于O点正下方，物块与水平面间的动摩擦因数为卩.现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到最低点时与物块发生正碰(碰撞时间极短)，反弹后上升至最高点时到水平面的距离为小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为上滑行的时间t.图 8 3 12解析：设小球的质量为m,运动到最低点与物块碰撞前的速度大小为V1,取小球运

10、动到1vA.6vC3解析：选v2B球不可能越过A球水平向左运动，因选择了v方向为正，即向 右为正，可先排除 B C 两选项.据动量守恒定律mv= mv+ (3n)v2，若V1方向向右，即w=2 时得V2= 6,运动方向相同，A球运动速度大于B球，意味着A球越过B球，与事实不符；D.D.由于碰后若V1方向向左，即V1= 2 时，V2= 2 是唯一正确结果.9总质量为M的热气球由于故障在高空以大小为 从热气球上释放一个质量为( )MvA. -mgM- m vC.-Mgv的速度匀速竖直下降.在t= 0 时刻,m的沙袋，不计空气阻力，则热气球停止下降所经历的时间为B.D.vgM- m vmgg,求物块

11、在水最低点时重力势能为零，根据机械能守恒定律，有mgh= m21得vi= 2gh设碰撞后小球反弹的速度大小为v1,同理有h 1,m矿 2mv2i得vi=gh设碰后物块的速度大小为V2,取水平向右为正方向，根据动量守恒定律，有mv=mv1+ 5mv得V2=gh物块在水平面上滑行所受摩擦力的大小Ff=51mg设物块在水平面上滑行的时间为t，根据动量定理，有Fft= 0 5mv得t=鳶4tg答案：尹4tg11.如图 8 3 13 所示，有两个厚度相同的木块A和B,紧挨着放在光滑的水平面上， 的铅块C,最后铅块CA B的质量分别为RA=500 g、m= 400 g .现有一长度不计、质量为mc= 10

12、0 g 以速度V0= 10 m/s 在木块A上表面滑动，C和A B的动摩擦因数都为t= 0.25. 停在木块B上，B、C的共同速度为v= 1.5 m/s.求：脚AB图 8 3 13(1) 木块A的速度VA；(2) 铅块C离开木块A时的速度vc.解析：C在A上滑动，A、B C组成的系统所受到的合外力为零，动量守恒; 滑动，B C组成的系统动量仍守恒取vo方向为正方向.(1)A、B、C组成的系统动量守恒：mvo=RAVA+(m+m)v十,nwonB+mev所以VA= 0.5 m/s.RA(2)B、C组成的系统动量守恒：nevc+mvA= (m+m)vRB+RCvRBVA=5.5 m/s.所以VC=me答案：(1)0.5 m/s (2)5.5 m/s12.质量为M的小物块A静止在离地面高h的水平桌面的边缘，质量为m的小物块B沿桌面向A运动并以速度vo与之发生正碰(碰撞时间极短).碰后A离开桌面，其落地点离