广东省深圳市盐田外国语学校联考2016年中考物理二模试卷(含解析)汇总

1、2016年广东省深圳市盐田外国语学校联考中考物理二模试卷一、选择题：（20×2分）1 .清明节来大梅沙游玩的游客在隧道中赛车，当甲车突然向前开动时，与之一起在隧道中的乙车驾驶员感觉自己在向后退，则他选择的参照物是（）A.甲车B.乙车C.隧道D.旁边熄火的大巴车2 .新年联欢会，一位同学手持一面小鼓，置于点燃的蜡烛附近，鼓面面对烛火，敲响小鼓,周围同学看到烛火随着鼓声舞动.对这一现象解释不正确的是（）A.鼓声是由鼓面振动产生的B.烛火舞动说明声音可以传递能量C.鼓面振动产生的是超声波D.周围同学听到的鼓声是由空气传来的3.下列数据最接近实际情况的是（）A.考场外的温度约为10C

2、B.物理课本从课桌上落到地面大约需要4sC.家用空调工作日的电流约为5AD.一袋方便面的质量约1.2kg4.下列关于光现象的描述中，正确的是（）A.立竿见影是由于光的反射形成的B.“潭清疑水浅”与“池水映明月”的形成原因是一样的C.初三学生李凡照毕业照时成的像与平时照镜子所成的像都是实像D.雨过天晴后天空中出现的彩虹是光的色散现象5.如图是陈大爷眼睛看物体时的成像情况，则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是13A.远视眼凸透镜B.远视眼凹透镜C.近视眼凸透镜D.近视眼凹透镜6.冰的质量一定能增加的是（A. - 10C的冰投入1C的水中）B. - 10C的冰放入 1C的空气中C. - 2 C的

3、冰放进 0 c的水中D. 0c的冰放进0c的空气中7.海波的熔点是48C,那么48c的海波所处的状态是（）A.一定是固态B.一定是液态C.一定是固、共存态D.以上都有可能8.洒水车沿平直公路匀速行驶，将水洒在路面上，这个过程中，下列说法正确的是（）A.动能不变，势能减小8 .动能势能都减小C.动能势能都不变D.不能确定动能势能是变大还是变小9 .用一弹簧测力计把物体从一粗糙的斜面匀速拉上去，以下说法正确的是（）A.木块只受到拉力、滑动摩擦力两个力B.弹簧测力计的读数大于滑动摩擦力C.木块的速度越大，滑动摩擦力越大D.弹簧测力计的读数等于滑动摩擦力10.关于简单机械，下列说法正确的是（）A.啤酒

4、瓶起子是一个省力杠杆，可以省距离B.滑轮组既可以省力又可以省功C.船桨是一个费力杠杆，手移动较小的距离，船桨就可以移动较大的距离D.动力臂越长的杠杆越省力11.如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于杆的作用力F,使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将（）D.F1< F2, Y 1 > Y 2)A.一直是变大的B.一直是变小的C.先变大，后变小D.先变小，后变大12 .下列是小明学习笔记中的部分内容，其中不正确的是（）A.坐沙发比坐椅子舒服，是因为坐沙发时压强较小B.夏天早晨窗玻璃上有雾，这是由于室内水蒸气遇到冷的窗玻璃液化成的C.

5、探究电阻的相关因素时，我们应用了控制变量法D.用力推桌子时，桌子没有推动，原因是推力小于桌子所受的摩擦力13 .小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为刀1、Y2.下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（）A.F1>F2）Y1=Y2B.F1>F2）Y1>Y2C.F1VF2）Y1=Y214 .下列有关“电”的说法正确的是（）A.摩擦起电的实质是产生了新的电荷B.电荷之间不一定能相互吸引C.电荷只要运动就能形成电流D.电荷的定向移动的方向就是电流的方向15 .如图所示的四幅实验装置中，能反应发电机工作原理的是（16 .

6、某同学做电学实验时，电路如下图所示.已知他所用电流表的量程为00.6A,电压表的量程为03V,电源电压为6V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为50定值电阻R为10a,开关S闭合后，在实验操作无误的情况下，下列说法中正确的说法是（）A.电流表的最大示数为0.6AB.滑动变阻器消耗的最小功率为0WC.电压表的最小示数为1VD.电阻R消耗的最大功率为1.8W17.如图所示的家庭照明电路，已知其中一只灯泡的灯头接线处存在故障.电工师傅为查明故障，在保险丝处接入一只“220V40W的灯泡L0.当只闭合开关S、S时，灯泡也和Li都呈暗红色（比正常发光状态暗得多）；当只闭合开关S、S2时，灯泡L0正常发光，L

7、2不发光.由此可以确定（）A.Li灯头接线处断路B.Li灯头接线处短路C.L2灯头接线处断路D.L2灯头接线处短路18.如图所示的电路中，电源电压不变，Ri为定值电阻，R为滑动变阻器，开关S闭合后,滑动变阻器滑片向左移动的过程中，下列说法不正确的是（）A.电压表示数变大，电流表示数减小B.电压表示数变小，电流表示数不变C.电压表与电流表示数的比值变小D.电压表与电流表示数的比值不变19 .如图所示，电冰箱内有一个通过冰箱门来控制的开关，当冰箱门打开时，开关闭合使冰箱内的照明灯点亮；当冰箱门关闭时，开关断开使冰箱内的照明灯熄灭.在下面的四个电路中，能正确表示冰箱开门状态下冰箱内照明电路的是（）2

8、0 .如图所示，甲、乙两个小球分别放在两个装有不同液体的容器中处于静止状态，此时容器内液体深度不同，但液体对容器底部的压强相同，则（图图A.甲密度大于乙密度B.甲密度等于乙密度C.甲密度小于乙密度D.密度的关系无法判断二、填空实验题：（每空2分，总共46分）21 .打网球时，击球瞬间网球被压扁并反弹出去，这说明力既可以改变物体的形状又可以改变物体的,在球被压扁的同时球拍的拉线也弯曲了，这说明力的作用是的.22 .用力划火柴是利用的方法来增大摩擦力，通过的方式使火柴的内能增大的.23 .请你在图中画出图中的入射光线.24 .根据小磁针静止时的指向在如图所示中标出通电螺线管的NS极和电流方向.25

9、 .图中杠杆OA可以绕。点转动，使杠杆在图示位置平衡，画出阻力臂和最省力时作用力的方向.26 .为了防止电路中电流过大，发生危险，电路中常常需要安装保险丝.通常保险丝电阻比较大、熔点比较低，当电路中通过保险丝的电流达到或超过其熔断电流时保险丝就会熔断,从而切断电路.保险丝安装在玻璃管中，称为保险管.实验室有熔断电流分别为1A和4A的两种保险管，保险管上印刷的文字已经模糊不清，但小明知道：熔断电流较大的保险丝，其电阻较小，因此，小明设计了如图甲所示实验电路图，想通过比较它们的电阻大小来区别这两种保险管.(1)根据图甲电路图，在图乙的实物图中，用笔代替导线把电源接入电路.(2)连接好电路之前，开关

10、应保持(选填“闭合”或“断开”).(3)若想用此电路测出各保险管的具体电阻值，还缺一实验仪器：.(4)在图甲中，若电压表V2的读数为2.7V,电压表V读数如图丙所示，则保险管A两端的电压为V,保险管B两端的电压为V.(5)根据测量数据可知：保险管A的熔断电流为A.27 .小华同学利用图甲所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态.图乙是他根据记录的数据绘制的温度-时间图象，根据图象可知：“温 IQ/E内(1)冰属于(选填“晶体”或“非晶体”)；(2)在BC阶段物质处于状态(选填“固体”、“液体”或“固液共存”)；(3)设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶

11、段物质共吸收了J的热量c冰=2.1X103J/(kg?C),c水=4.2X103J/(kg?C)；(4)图丙是另一位同学在完成同一实验时绘制的温度-时间图象，老师认为他的CD段数据有问题，老师做出这样的判断的依据是.28 .在“测定小灯泡额定功率”的实验中，已知电源电压为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,电阻大约10a左右，可供选用的滑动变阻器R和的的最大阻值分别为100、50实验电路如图甲所示.(1)应该选用的滑动变阻器是(选填"1"或"2")；(2)电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来进行操作是,(填序号)；A.更换小灯泡

12、B.检查电路是否断路C.向左移动滑动变阻器D.向右移动滑动变阻器(3)如图乙是根据实3数据绘成的UI-I图象，可计算小灯泡的额定功率是WW当滑动变阻器滑片向左移动时，小灯泡的电阻将(选填“增大”“减小”或“不变”)；(4)该同学将额定电压为3.8V的灯泡取代2.5V的灯泡后继续实验，移动滑片，小灯泡突然熄灭，此时电流表的示数为0,而电压表有示数，那么发生的故障是,此时电压表的示数是V.三、计算题：(6分+8分)29.课外活动小组要设计一个加热功率为484W保温功率为22W的电热器，其简易电路图如图甲所示，R,R2是电热丝，电热器接在220V恒压电源上，设电热丝的阻值不随温度变化.(1)求：R的

13、阻值.(2)求：电热器处于保温状态时，R消耗的电功率.(3)用甲图中的电热丝R和R2连接成如图乙所示电路图，通这样的设计加热功率会，保温功率会.(填“增加”、“减小”或“不变”)电Rio220Vd1a220V0甲-730.如图所示，在容器底部固定一轻质弹簧，弹簧上方连有正方体木块A,容器侧面的底部有一个由阀门B控制的出水口，当容器中水深为20cm时，木块A有J的体积浸在水中，此时弹簧恰好处于自然状态，即没有发生形变(已知水的密度为1.0xI03kg/m3,不计弹簧所受的浮力，g取10N/kg)(1)求此时容器底部受到水的压强；(2)求木块A的密度；(3)先向容器内缓慢加水，直至木块A刚好完全浸

14、没在水中，此时弹簧对木块的作用力为F1,再打开阀门B缓慢放水，直至木块A完全离开水面时，再关闭阀门B,此时弹簧对木块A的作用力为F2,求F1与F2之比.2016年广东省深圳市盐田外国语学校联考中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题：（20&#215;2分）1清明节来大梅沙游玩的游客在隧道中赛车，当甲车突然向前开动时，与之一起在隧道中的乙车驾驶员感觉自己在向后退，则他选择的参照物是（）A.甲车B.乙车C.隧道D.旁边熄火的大巴车【考点】参照物及其选择【分析】研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物如果被研究的物体相对于参照物的位置发生了改变，则

15、是运动的；如果被研究的物体相对于参照物的位置没有发生改变，则是静止的【解答】解：A停隧道中的两辆赛车，当甲车突然向前开动时，乙车驾驶员感觉得自己在向后退，则研究的是乙车的运动状态，乙车（包括驾驶员）相对于甲车（参照物）位置在不断变化，则他选择的参照物是甲车，故A正确；日乙车括驾驶员相对于乙车（参照物）的位置不变，即选择乙车为参照物，乙车驾驶员是静止的，故B错误；C乙车（包括驾驶员）相对于隧道（参照物）的位置不变，即选择隧道为参照物，乙车驾驶员是静止的，故C错误；D乙车（包括驾驶员）相对于旁边熄火的大巴车（参照物）的位置不变，即选择旁边熄火的大巴车为参照物，乙车驾驶员是静止的，故D错误.故选：A

16、2新年联欢会，一位同学手持一面小鼓，置于点燃的蜡烛附近，鼓面面对烛火，敲响小鼓，周围同学看到烛火随着鼓声舞动对这一现象解释不正确的是（）A.鼓声是由鼓面振动产生的B.烛火舞动说明声音可以传递能量C.鼓面振动产生的是超声波D.周围同学听到的鼓声是由空气传来的【考点】超声波与次声波；声音的产生；声音的传播条件；声与能量【分析】要解答本题需掌握：声音是由振动产生的，声音能传递能量人的听觉范围是20赫兹到20000赫兹，以及高于20000赫兹的是超声波，低于20赫兹是次声波【解答】解：当魔术师敲响小鼓时，鼓面振动，产生声音，声音能传递能量，使蜡烛火焰跳动听到的鼓声是通过空气传播到同学耳朵里，这说明声音

17、在人的听频范围内，不是超声或次声故选C3下列数据最接近实际情况的是（）A.考场外的温度约为10cB.物理课本从课桌上落到地面大约需要4sC.家用空调工作日的电流约为5AD.一袋方便面的质量约1.2kg时间的估测；温度；质量的估测；电流的大小【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个.【解答】解：A、考场外气温炎热，在30c以上.此选项不符合实际;日课桌的高度在80cm左右，课本从课桌上落到地面，时间很短，大约不到1s.此选项不符合实际；C家用空调的额度功率在1100W左右，正常工作的电流在P1100WU= 220V=5

18、A左右.此选项符合实际；D两个鸡蛋的质量在100g左右，一袋方便面的质量与此差不多，在100g=0.1kg左右.此选项不符合实际.故选C.4.下列关于光现象的描述中，正确的是()A.立竿见影是由于光的反射形成的B.“潭清疑水浅”与“池水映明月”的形成原因是一样的C.初三学生李凡照毕业照时成的像与平时照镜子所成的像都是实像D.雨过天晴后天空中出现的彩虹是光的色散现象【考点】光的色散.【分析】(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成

19、像、水中倒影都是由光的反射形成的；凸透镜成像的应用：u>2f.成倒立缩小的实像；(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的.【解答】解：A、立竿见影是由于光的直线传播形成的，A选项说法错误；日“潭清疑水浅”的形成原因是由于光的折射，“池水映明月”的形成原因是光的反射，故二者的形成原因不同；B选项说法错误；C初三学生李凡照毕业照时成的彳t利用了凸透镜成像中的u>2f.成倒立缩小的实像；平时照镜子所成的像是正立等大的虚像，故C错误；D雨过天晴时，

20、常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象.故D正确.故选D.5.如图是陈大爷眼睛看物体时的成像情况，则他的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是A.远视眼C.近视眼凸透镜B .远视眼凸透镜D.近视眼凹透镜凹透镜【考点】远视眼的成因与矫正办法【分析】据图中物体所成像的位置可以判断出像成在视网膜的前方还是后方，而后据凸透镜对光线的会聚作用、凹透镜对光线的发散作用进行判断即可【解答】解：据图能看出，此时像成在了视网膜的后方，所以此时是远视眼的示意图，为了使得像成在视网膜上，所以应该使原来的光线会聚，故应用对光线有会聚作

21、用的凸透镜进行矫正故选A6冰的质量一定能增加的是（A. - 10C的冰投入1C的水中C. - 2 C的冰放进 0 c的水中 【考点】 凝固与凝固放热特点）B. - 10C的冰放入 1C的空气中D 0的冰放进0 的空气中【分析】要使冰的质量增加，一定有水变成冰水变成冰是一个液体变成固体的过程，这个过程中需要满足：1、有温度差，产生热传递；2、达到凝固点后继续放热因此此时需要周围温度低于凝固点【解答】解：A、-10C的冰投入1C的水中，1摄氏度的水在变为0度过程中放热使-10摄氏度的冰温度上升，所以不能明确在水下降到0摄氏度时，冰是否也达到了0摄氏度，如果冰与水的温度一样，不再发生热传递，水不能继

22、续放热不能结成冰，所以还是原来的冰水混合物，冰可能不增加不合题意日-10C的冰放入1C的空气中，冰放在空气中，没有水变成冰，不合题意.C-2C的冰放进0c的水中，此时水与冰有温差，产生热传递，水可以继续放热结冰.符合题意D、0的冰放进0的空气中，冰放在空气中，没有水变成冰，不合题意故选C7海波的熔点是48，那么48的海波所处的状态是（）A.一定是固态B.一定是液态C.一定是固、共存态D.以上都有可能【考点】熔点和凝固点【分析】要解决此题首先要知道海波是晶体，并且需要知道晶体在熔化或凝固过程中的特点：吸收或放出热量，但温度保持不变【解答】解：海波的熔点是48，所以48的海波可能是固态（达到熔点尚

23、未熔化），可能是液态（刚刚熔化结束），也可能是固液混合态（熔化过程中）所以A、B、C是错误的，D正确故选D8洒水车沿平直公路匀速行驶，将水洒在路面上，这个过程中，下列说法正确的是（）A.动能不变，势能减小B.动能势能都减小C.动能势能都不变D.不能确定动能势能是变大还是变小【考点】动能和势能的大小变化【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大【解答】解：洒水车在不断的洒水工程中，质量减小，因匀速行驶，所以速度不变，则动能减小；又在水平街道上，高度不变，重力势能减小，所以洒水车的动能势能都减小故选B9用一

24、弹簧测力计把物体从一粗糙的斜面匀速拉上去，以下说法正确的是（）A.木块只受到拉力、滑动摩擦力两个力B.弹簧测力计的读数大于滑动摩擦力C.木块的速度越大，滑动摩擦力越大D.弹簧测力计的读数等于滑动摩擦力【考点】二力平衡条件的应用【分析】（1）根据物体受力情况进行分析，木块受重力、支持力、拉力和摩擦力；（2）当物体在水平面上，并且弹簧测力计拉动物体进行匀速直线运动时，滑动摩擦力和拉力才是平衡力，大小相等；（3）摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，摩擦力的大小与物体运动速度无关【解答】解：A、木块受重力、支持力、拉力和摩擦力，故A错误；BD、木块在斜面上匀速拉向上拉动，木块做匀速直线运动，弹簧测力

25、计的拉力等于摩擦力和重力的分力之和，所以弹簧测力计的示数大于滑动摩擦力的大小，故B正确，D错误；C摩擦力大小与物体运动速度无关，故C错误.故选：B10关于简单机械，下列说法正确的是（）A.啤酒瓶起子是一个省力杠杆，可以省距离B.滑轮组既可以省力又可以省功C.船桨是一个费力杠杆，手移动较小的距离，船桨就可以移动较大的距离D.动力臂越长的杠杆越省力【考点】杠杆的应用【分析】（1）杠杆的种类有三种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力.（2）根据功的原理省功的机械是不存在的；滑轮组可以改变力的大小，也可以改

26、变力的方向，也可以既改变力的大小又改变力的方向【解答】解：A、啤酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是一个省力杠杆，但费距离，故A不正确；日由功的原理可知，使用任何机械都不省功，滑轮组可以省力，但不能省功，故B不正确；C船桨是一个费力杠杆，可以省距离，手移动较小的距离，船桨就可以移动较大的距离，故C正确；D杠杆的省力情况取决于动力臂和阻力臂的大小关系，并不是动力臂越长越省力，故D不正确故选C11如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于杆的作用力F,使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将（）A.一直是变大的B.一直是变小的C.先变大，后变小D.先

27、变小，后变大【考点】杠杆的平衡分析法及其应用.【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂.根据杠杆平衡条件FlLl=F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后分析阻力与阻力臂的关系，并得出正确结果.【解答】解：根据杠杆平衡条件FlLl=F2L2分析，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力为杠杆的重力，也不变，阻力力臂变大，所以动力变大.当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，所以动力变小.故F先变大后变小.故选：C.12.下列是小明学习笔记中的部分内容，其中不正确的是（）A.坐沙发比坐椅子舒服，是因为坐沙发时压强较小

28、B.夏天早晨窗玻璃上有雾，这是由于室内水蒸气遇到冷的窗玻璃液化成的C.探究电阻的相关因素时，我们应用了控制变量法D.用力推桌子时，桌子没有推动，原因是推力小于桌子所受的摩擦力【考点】减小压强的方法及其应用；液化及液化现象；物理学方法；二力平衡条件的应用.F【分析】A、由压强定义式p"可知，在压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；增大受力面积，可以减小压强；日物质由气态变成液态的过程叫液化；C知道在探究一个因素与多个因素之间的关系时，应运用控制变量法；D处于平衡状态（静止或匀速直线运动状态）的物体，一定受力平衡，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上.【解答】

29、解：A、坐沙发比坐板凳舒服，主要是因为沙发较易发生变形，增大了人与沙发间F一的接触面积，由p=W可知，压力不变，增大受力面积，压强将减小.故A正确；日夏天早晨窗玻璃上温度很低，室内水蒸气遇到冷的窗玻璃液化成雾，故B正确；C因为导体的电阻大小和材料、横截面积、长度有关，故在探究时运用控制变量法，故C正确；D人推桌子，桌子没有被推动，此时水平方向推力与摩擦力平衡，即桌子所受的摩擦力等于推力，故D错误.故选D.13.小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为刀八Y2.下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（）A.Fl>F2）Y1=Y2

30、B.Fl>F2）Y1>Y2C.F1VF2）Y1=Y2D.Fl<F2,Y1>Y2【考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率.【分析】忽略绳重及摩擦，使用滑轮组时的拉力F（G物+G轮），左图承担物重的绳子股数nn=2,右图承担物重的绳子股数n=3,而动滑轮重相同、提升的物体重相同，据此判断拉力大小关系；两图分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；由题知，忽略绳重及摩擦，所做的额外功为提升动滑轮做的功，由W=Gh可知额外功相同，又因为总功等于有用功加上额外功，所以总功相同，所以可以得出两图的机械效率相同.【解答】解：二忽略绳重及摩擦，承担物重的绳子股数m=2

31、,禀=3,两图所用拉力：1 1Fi=<2（G物+G轮）,F2=（G物+G轮）, 滑轮相同，提升的物体重相同，Fi>F2； 两图将同一物体匀速提高相同的高度，做的有用功W有相同， 忽略绳重及摩擦，所做的额外功W=G轮h，额外功贴相同，又W=Wr+W1,所以总功相同，W有丁刀二Wh，两图的机械效率Y相同，即Y1=Y2.故选A.14.下列有关“电”的说法正确的是（）A.摩擦起电的实质是产生了新的电荷B.电荷之间不一定能相互吸引C.电荷只要运动就能形成电流D.电荷的定向移动的方向就是电流的方向【考点】摩擦起电的实质；电荷间的相互作用规律；电流的形成；电流的方向.【分析】（1）摩擦起电是由于

32、不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电；（2）电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动形成电流，负电荷定向移动形成电流，正负电荷向相反方向移动形成电流；（4）物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向.【解答】解：A摩擦起电的实质，并不是产生了新的电荷，只是通过摩擦，使电子由一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电.故A错误；日同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故B正确；C光有运动的电荷不一定能形成电流，电荷的定向移动才会形

33、成电流.故C错误；D电荷的定向移动形成电流，物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，故D错误.故选B.15.如图所示的四幅实验装置中，能反应发电机工作原理的是（）【考点】发电机的构造和原理.【分析】发电机是利用电磁感应原理制造的，而电磁感应是指闭合回路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流.【解答】解：A、图中电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故A错误；日图中有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机而不是发电机，故B错误；C图中实验验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流

34、的磁效应，故C错误.D图中没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，是发电机的工作原理，故D正确.故选D.16.某同学做电学实验时，电路如下图所示.已知他所用电流表的量程为00.6A,电压表的量程为03V,电源电压为6V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为50定值电阻R为10a,开关S闭合后，在实验操作无误的情况下，下列说法中正确的说法是（）A.电流表的最大示数为0.6AB.滑动变阻器消耗的最小功率为0WC.电压表的最小示数为1VD.电阻R消耗的最大功率为1.8W【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析；电功率的计算.【分析】分析滑片P在右端（电阻全连入50a）

35、和电压表示数最大（滑动变阻器的部分电阻连入）时的电路组成，利用欧姆定律和电功率的公式求解.【解答】解：（1）.电源电压为6V,电压表的量程为0-3V,.P不能滑到左端,滑动变阻器连入电阻不能为0,滑动变阻器的电功率不能为0;当电压表的示数为3V,即：必=3V时：、一，3V电流最大（电流表的本数最大），I大二0q=0.3A,Ro消耗的电功率最大，P大=I2R=（0.3A）2X10Q=0.9W;（2）当滑片P在右端（电阻全连入为50a）,此时电路中的电阻最大，电流最小，6VI/J、=0Q+50Q=0.1A,U小=I小R=0.1AX10Q=1V.故选C.17.如图所示的家庭照明电路，已知其中一只灯泡

36、的灯头接线处存在故障.电工师傅为查明故障，在保险丝处接入一只“220V40W的灯泡L0.当只闭合开关S、S时，灯泡心和Li都呈暗红色（比正常发光状态暗得多）；当只闭合开关S、S2时，灯泡L0正常发光，L2不发光.由此可以确定（）A.Li灯头接线处断路B.Li灯头接线处短路C.L2灯头接线处断路D.L2灯头接线处短路【考点】家庭电路的故障分析.【分析】将“220M40W的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串联接入电路.若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串联接入电路，所分电压低于220V,这条支路正常；若

37、电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路.据此分析判断.【解答】解：当只闭合S、S时L。和Li都呈暗红色，是因为Li与该灯串联接入电路，所分电压低于220V,所以Li正常；当只闭合S、S2时，L。正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L。直接接在电源上，正常发光.故选D.i8.如图所示的电路中，电源电压不变，Ri为定值电阻，R2为滑动变阻器，开关S闭合后,滑动变阻器滑片向左移动的过程中，下列说法不正确的是（）A.电压表示数变大，电流表示数减小B.电压表示数变小，电流表示数不变C.电压表与电流表示数的比值变小D.电压表与电流表示数的比值不变【考点】欧姆定律的应用.【分析】（1）由电路图可知，

38、电阻R与滑动变阻器R串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R两端电压；当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可以判断电流表示数变化情况.（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻Ri两端电压，由欧姆定律可以判断电压表与电流表示数之比如何变化.【解答】解：（1）当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻R变小,电源电压U不变，由I=J可知电路电流变大，电流表示数变大，故AB错误.U（2）由|=5可知，电路中电流变大；由U=IR可知，电阻Ri两端电压变大，即电压表示数变大；又因为电压表是电流表示数的比值等于R的阻值，而R为定值电阻，

39、所以电压表与电流表示数的比值不变，故C错误、D正确.故选ABC19 .如图所示，电冰箱内有一个通过冰箱门来控制的开关，当冰箱门打开时，开关闭合使冰箱内的照明灯点亮；当冰箱门关闭时，开关断开使冰箱内的照明灯熄灭.中，能正确表示冰箱开门状态下冰箱内照明电路的是（）【考点】串联电路和并联电路的辨别.在下面的四个电路【分析】当冰箱门打开时，开关闭合使冰箱内的照明灯点亮，灯泡与电源接通，结合四个选项进行分析即可.【解答】解：关门时，弹簧受压，此时灯泡不亮；开门时，弹簧恢复原状，开关与灯泡所在电路接通，灯泡亮；能表示冰箱门打开状态的是A、C,故B、D是闭合状态，不符合题意；A中的灯泡没有与电源接通，所以灯

40、不亮，故A不符合题意，C中开关闭合，灯泡所在电路接通，因此符合题意.故选C.20 .如图所示，甲、乙两个小球分别放在两个装有不同液体的容器中处于静止状态，此时容器内液体深度不同，但液体对容器底部的压强相同，则（）.一A.甲密度大于乙密度B.甲密度等于乙密度C.甲密度小于乙密度D.密度的关系无法判断【考点】物体的浮沉条件及其应用.【分析】知道液体对容器底部的压强相同，放甲球的容器中液体深度大于放乙球的容器中液体深度，根据液体压强公式得出两容器内液体密度的大小关系；知道甲球漂浮，可知甲球的密度比左边容器内液体的密度小；知道乙球悬浮，利用物体的悬浮条件和阿基米德原理得出乙球密度与右边容器内液体密度的

41、大小关系，据此得出甲、乙两球的密度关系.【解答】解：由图知，容器中液体深度关系为h左液h右液,p左液=p右液,根据p=pgh可知两容器内液体密度：p左液P右液；由于甲球漂浮，贝Up甲p左液，乙球悬浮，贝Up乙=右液，由得：p甲Vp左液Vp右液=p乙)所以，甲球的密度小于乙球的密度.故选C.二、填空实验题：(每空2分，总共46分)21 .打网球时，击球瞬间网球被压扁并反弹出去，这说明力既可以改变物体的形状又可以改变物体的运动状态，在球被压扁的同时球拍的拉线也弯曲了,这说明力的作用是相互的.【考点】力的作用效果.【分析】(1)力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；(2)力是物体

42、对物体的作用，物体间力的作用是相互的.【解答】解：(1)击球瞬间网球迅速被压扁并反弹出去，网球的形状和运动状态都发生了变化，说明力既可以改变物体形状又可以改变物体运动状态；(2)在球被压扁的同时球拍的拉线也弯曲了，说明力的作用是相互的.故答案为：运动状态；相互.22 .用力划火柴是利用增大压力的方法来增大摩擦力,通过做功的方式使火柴的内能增大的.【考点】做功改变物体内能；增大或减小摩擦的方法.【分析】增大摩擦力的方法有增大压力和增大接触面的粗糙程度等；改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是内能的转移.【解答】解：用力划火柴是在接触面粗糙程度相同的情况下，利用增大压力

43、的方法来增大摩擦力；同时，是通过做功的方式使火柴的内能增大的.故答案为：增大压力；做功.23 .请你在图中画出图中的入射光线.【考点】透镜的光路图.【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图.【解答】解：对于凹透镜，折射光线平行于主光轴，则入射光线的延长线过另一侧虚焦点,如图所示:24 .根据小磁针静止时的指向在如图所示中标出通电螺线管的NS极和电流方向.【考点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断.【分析】由小磁针静止时的指向和磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流的方向及电源的正负极.【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由

44、同名磁极间相互排斥、异名磁极间相互吸引可知螺线管左侧为S极，右侧为N极；由右手螺旋定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极；A电源25 .图中杠杆OA可以绕。点转动，使杠杆在图示位置平衡，画出阻力臂和最省力时作用力的方向.【考点】杠杆中最小力的问题.【分析】由图可知，杠杆的阻力就是重物对杠杆的拉力，作用点在绳与杠杆的接触点上，方向竖直向下，按照力的示意图的画法画出阻力，然后按照力臂的画法画出其力臂；根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长.而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题.【解答】解：

45、过阻力的作用点，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用F2表示，然后反向延长阻力的作用线.从支点向阻力的作用线引垂线段，即为其力臂L2,连接OAOA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，根据动力与垂直于力臂画出最小的动力；如下图所示：26 .为了防止电路中电流过大，发生危险，电路中常常需要安装保险丝.通常保险丝电阻比较大、熔点比较低，当电路中通过保险丝的电流达到或超过其熔断电流时保险丝就会熔断，从而切断电路.保险丝安装在玻璃管中，称为保险管.实验室有熔断电流分别为1A和4A的两种保险管，保险管上印刷的文字已经模糊不清，但小明知道：熔断电流较大的保险丝，其电阻较小，因此，小

46、明设计了如图甲所示实验电路图，想通过比较它们的电阻大小来区别这两种保险管.甲乙(1)根据图甲电路图，在图乙的实物图中，用笔代替导线把电源接入电路.(2)连接好电路之前，开关应保持断开(选填“闭合”或“断开”).(3)若想用此电路测出各保险管的具体电阻值，还缺一实验仪器：电流表.(4)在图甲中，若电压表V2的读数为2.7V,电压表V读数如图丙所示，则保险管A两端的电压为0.6V,保险管B两端的电压为2.1V.(5)根据测量数据可知：保险管A的熔断电流为4A.【考点】伏安法测电阻的探究实验.【分析】(1)根据电路图连接实物电路，注意连接的顺序和方式；(2)为了安全，在连接电路过程中，开关应该断开；

47、U(3)根据R=J,要测量电阻值，需测出电压值和电流值；(4)根据电源电压，确定电压表的量程，读出读数；根据串分压的知识得出两电阻两端的电压；(5)根据串分压的知识，由电压的关系得出电阻的关系，从而得出对应的熔断电流.【解答】解：(1)根据电路图连接实物图，如图所示：(2)为了保护电路，连接好电路之前，开关应保持断开；(3)根据R，若想用此电路测出各保险管的具体电阻值，还需用电流表测出通过保险管的电流值；(4)由电路图知，两保险管串联，V2测量A、B两保险管的总电压，M测量A两端的电压；由题意知，两个保险管两端的总电压为2.7V,所以Vi的量程为03V,由图丙可知Vi的示数为0.6V,即保险管

48、A两端的电压为0.6V;根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知，B两端的电压为2.7V-0.6V=2.1V;(5)由前面分析可知，A两端电压小于B两端电压，根据串联分压的知识可知，A的电阻小于B的电阻，根据题意可知，A的熔断电流大于B的熔断电流，所以保险管A的熔断电流为4A,B的熔断电流为1A.故答案为：(1)电路图如上图所示；(2)断开；(3)电流表；(4)0.6;2.1;(5)4.27.小华同学利用图甲所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数,并观察物质的状态.图乙是他根据记录的数据绘制的温度-时间图象，根据图象可知:(2)在BC阶段物质处于固液共存状态(选填

49、“固体”、“液体”或“固液共存”)；(3)设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了4.2X103J的热量c与k=2.1X103J/(kg?C),c水=4.2X103J/(kg?C)；(4)图丙是另一位同学在完成同一实验时绘制的温度-时间图象，老师认为他的CD段数据有问题，老师做出这样的判断的依据是水的比热比冰大，吸收相同热量升温慢.【考点】熔化和凝固的温度一时间图象.【分析】(1)掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变.(2)知道晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态.(3)由于冰化水，状态变化、质量不变，可知水的质量，利用Q5=cm(t-t。)求CD阶

50、段的水在10min吸收的热量；由于相同时间内物质吸收的热量相同，可求BC阶段(10min)吸收的热量；(4)首先根据该物质的熔点判断出该物质为冰.知道水的比热容最大.【解答】解：(1)由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体;(2)由图象知，BC段为熔化过程，处于固液共存态.熔化过程中要不断吸热，但温度不变;(3)由于冰化水，状态变化、质量不变，m水=m»K=100g=0.1kg,CD阶段的水在10min吸收的热量：Q吸CAC水m(tt0)=4.2X103J/(kg?C)X0.1kgX(10C0C)=4.2X103J,因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段(10min

51、)物质共吸收的热量：Q吸bC=Q吸c=4.2X10J；(4)水的比热容较大，质量相同的冰和水吸收相同的热量时，水升温应较慢，而图丙中水升温的快慢与冰升温的快慢相同，这是错误的.故答案为:(1)晶体；2.1X103；(2)固液共存；(3)4.2X103；(4)水的比热比冰大，吸收相同热量升温慢.28.在“测定小灯泡额定功率”的实验中，已知电源电压为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,电阻大约10a左右，可供选用的滑动变阻器R和的的最大阻值分别为100、50实验电路如图甲所示.(1)应该选用的滑动变阻器是R2(选填"1"或"2")；(2)电路正确连接后，闭合开

52、关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来进行操作是D(填序号)；A.更换小灯泡B.检查电路是否断路C.向左移动滑动变阻器D.向右移动滑动变阻器(3)如图乙是根据实验数据绘成的UI-I图象，可计算小灯泡的额定功率是0.5W当滑动变阻器滑片向左移动时，小灯泡的电阻将减小(选填“增大”“减小”或“不变”)；(4)该同学将额定电压为3.8V的灯泡取代2.5V的灯泡后继续实验，移动滑片，小灯泡突然熄灭，此时电流表的示数为0,而电压表有示数，那么发生的故障是灯泡断路，此时电压表的示数是6V.【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用.U【分析】(1)由电路电流i=r计算灯泡额定电流，滑动变

53、阻器与灯泡串联.根据串联电路特点和欧姆定律计算滑动变阻器的电阻.(2)灯泡不亮，灯泡断路或短路或实际功率过小；电流表有示数，说明电路不存在断路；首先要考虑实际功率太小这种情况，所以应减小滑动变阻器的阻值，看灯泡是否发光.(3)根据图象获得灯泡电压为2.5V时的电流，根据P=UI,计算额定功率；滑片左移，滑动变阻器接入电阻变大，电路总电阻变大，电路电流减小，灯泡电压减小，温度降低，灯丝电阻减小.(4)电路原来正常，灯泡突然熄灭，电流表示数为零，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源连接，断路位置在小灯泡处，电压表示数为电源电压【解答】解：(1)电源电压U=6V灯泡正常工作时，灯泡额定电压：

54、U灯=2.5V,滑动变阻器U额_2.5丫两端电压：U滑=6V-2.5V=3.5V,灯泡电阻约R灯=100,电路电流1=瓦一正道二。？5人；滑动变阻器电阻大小至少为：R,小二L二三或二140,所以滑动变阻器应选R.10.25A(2)灯泡不亮，灯泡断路或短路或实际功率太小；电流表有示数，则首先要考虑是否由于灯泡的实际功率太小而造成，因此接下来应进行的操作是减小滑动变阻器的阻值，将滑片向左移动，并观察灯泡是否发光.故选D.(3)由图象知：灯泡电压为额定电压U=2.5V,电路电流I=0.2A,灯泡额定功率P=UI=2.5VX0.2A=0.5W;滑片左移，滑动变阻器接入电路的长度变长，电阻变大，电路总电阻变大，电路电流减小，灯泡电压减小，由P=UI,功率减小，温度降低，灯丝电阻变小.(4)电流表的示数为零，说明电路断路，电压表有示数说明电压表与电源是连接的，灯泡不亮说明灯泡断路，电压表示数等于电源电压U=6V故答案为：(1)R;D;(3)0.5;减小；(4)灯泡断路；6.三、计算题：(6分+8分)29.课外活动小组要设计一个加热功率为484W保温功率为22W的电热器，其简易电路图如图甲所示，R,R是电热丝，电热器接在220V恒压电源上，设电热丝的阻值不随温度变化.(1)求：R的阻值.(2)求：电热器处于保温状态时，R