江苏省常州市-学高一下学期期末考试物理试题-Word版含解析

1、江苏省常州市2022-2022学年下学期期末考试高一物理试卷一、单项选择题共 6小题，每题3分，共18分1. 3分首先通过实验的方法比拟准确地测出引力常量的物理学家是A .开普勒B .卡文迪许C .伽利略D.牛顿2. 3分以下运动过程机械能可能守恒的是A .子弹在木块中穿越的运动考占开普勒定律.八、:专题：万有引力定律的应用专题.分析：此题考查了物理学史，了解所涉及伟大科学家的重要成就，如高中所涉及到的牛顿、 伽利略、开普勒、卡文迪许等重要科学家的成就要明确.解答：解：牛顿在推出万有引力定律的冋时，并没能得出引力常量 G的具体值，G的数值于1789年由卡文迪许利用他所创造的扭秤得出，故ACD错

2、误，B正确.应选：B.占八、评：此题考查了学生对物理学史的掌握情况，对于物理学史局部也是高考的热点，平时训 练不可忽略.降落伞在空中匀速下降的运动物体沿光滑斜面减速上滑货物被匀速吊起的运动考占：机械能守恒定律.八、:专题：机械能守恒定律应用专题.分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，或者看有没有机械能转化为其它形式的能，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是 机械能守恒.解答:解：A、降落伞在空中匀速下降，动能不变，重力势能减小，所以机械能不守恒，故A错误.B、 子弹在木块中穿越的运动，系统的机械能减少，转化为内能，故B错误.C、物体沿光滑斜面减速上滑，

3、斜面的支持力不做功，只有重力做功，物体的机械能守恒，故C正确.D、货物被匀速吊起，动能不变，重力势能增加，所以机械能不守恒，故D错误.应选：C.点此题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，知道各种运动的特评：点即可.3. 3分2022?朝阳区二模经国际小行星命名委员会命名的神舟星和 杨利伟星的轨 道均处在火星和木星轨道之间，它们绕太阳沿椭圆轨道运行，其轨道参数如下表.远日点近日点神舟星杨利伟星神舟星和 杨利伟星绕太阳运行的周期分别为 T1和T2,它们在近日点的加速度分别为al和a2 那么以下说法正确的选项是A .Ti> T2,aiv a2B.Tiv T2,aiv a2C.

4、Ti> T2,ai> a2D.Tiv T2,ai > a2考万有引力定律及其应用.占：八、专万有引力定律的应用专题.题：分周期关系可以根据开普勒第三定律确定，加速度均是由太阳的万有引力产生，比拟近析：日点距离可求加速度的大小.解答： 解：根据开普勒第三定律有：.：,其中a为轨道的半长轴，根据题目给出的数据可知：a神舟a杨利伟，所以有Ti >T2,根据万有引力产生加速度有一 -!'：,由于近日点杨利伟星距太阳的距离比神舟星小，所以产生的加速度来得大，即aiv a2,应选A.点会比拟椭圆半长轴的大小，根据万有引力产生加速度是解决此题的关键评：4. 3分高中生小明骑电

5、动自行车沿平直公路行驶，因电瓶没电改用脚蹬车以5m/s的速度匀速前进，骑行过程中所受阻力恒为车和人总重的0.02，取g=i0m/s2.估算小明骑此电动车做功的平均功率最接近A . i0WB. i00WC. ikWD. i0kW考功率、平均功率和瞬时功率.占：八、专功率的计算专题.题：分人在匀速行驶时，受到的阻力的大小和脚蹬车的力的大小相等，由P=FV=fV可以求析：得此时人受到的阻力的大小.解解：设人汽车的速度大小为5m/s，人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，阻力的大小答：为：f=0.02mg=0.02 XI000N=20N ,此时的功率为： P=FV=fV=20 >5W=100W，所以

6、B正确. 应选：B.点 在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，评：而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率， 取决于速度是平均速度还是瞬时速度.5. 3分某静电场的电场线分布如下列图，一负点电荷只在电场力作用下先后经过场中的M、N两点.过N点的虚线是电场中的一条等势线，那么A . M点的电场强度小于 N点电场强度B . M点的电势低于N点的电势C .负点电荷在M点的电势能小于在 N点的电势能D .负点电荷在M点的动能小于在 N点的动能考电场线；电场强度；电势能.占：八、专电场力与电势的性质专题.题：分电场线的疏密反映了电场的强弱.析：顺着电场线的方向电势

7、降低.负电荷从低等势面运动到高等势面，电场力做正功，电势能减少.只有电场力做功时，电荷总能量不变，即电势能和运动的和不变.电势能小的地方动 能大，动能大.解 解：A、从电场线分布可见.M点电场线密，电场强，故 A错误.答：B、顺着电场线的方向电势降低，由图可见M点在高等势面，故 B错误.C、负电荷从低等势面运动到高等势面，电场力做正功，电势能减少.也就是说负电荷在高等势面的电势能小，M点电势高，负电荷在 M点的电势能少.故 C正确.D、只有电场力做功时，电荷总能量不变，即电势能和运动的和不变.电势能小的地 方动能大，也就是说在 M点的动能大.故 D错误.应选C.点掌握电场线的特点就能解决电场线

8、中两点电场强度和电势的关系.电场力做功量度电评：势能的变化.6. 3分右侧方框内为某台电风扇的铭牌，如果该电风扇在额定电压下工作时，转化 为机械能的功率等于电动机消耗电功率的97%，那么在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻 R分别是口电风蜃 规格额走电压2血 工作频率50H; 额定功率&時A .C .I=0.3AI=3.3AR=22 0R=22 0考电功、电功率.占：八、专恒疋电流专题.题:分根据P=UI求解额定电流，根据析:解解:从电风扇的铭牌得到额定功率答:I=P黒E 33A;Pr=|2R求解线圈内电阻.B . I=O.3AD . I=3.3AR=733 0R=

9、733 0P=66W，额定电压 U=220V，故额定电流为:转化为机械功率等于电动机消耗的电功率的 耗功率为3%P，故：23%P=I R97%,根据能量守恒定律可知线圈电阻消占八、评:3HP 0. 03X66甘 0.332解得：R=0=22 Q;应选：A .此题关键明确电机电路中能量的转化情况，然后结合电功率表达式列式求解，不难.二、多项选择题每题 4分，共16分7.4分以下四个静电场中物理量的定义是或关系式，其中适用于一切电场的是 A .E=kQ2rB. E=D. U=Ed考占：八、专题:分析:电场强度.电场力与电势的性质专题.解答:题中的四个物理公式，分别是：点电荷产生的电场的场强公式、电

10、场强度的定义式、 电场力做功与电势差关系公式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式；结合物理 公式得出的过程进行分析即可.解：A、点电荷产生的电场的场强公式E畀是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到r的，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，只适用于点电荷的电场，故A错误；B、电场强度丘=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用 于一切电场，故 B正确；C、 电势差的定义式 U=，运用比值法定义，适用于任意电场，故C正确；D、 匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比，U=Ed只适用 于匀强电场，故D错误；应选：BC

11、.点此题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式评：的适用范围.& 4分如下列图，物体 A、B叠放着，A用绳系在固定的墙上，用力 F拉着B右移，用 Fl、Fab、Fba分别表示绳中拉力、 A对B的摩擦力和B对A的摩擦力，那么下面表达中正确 的选项是 A . F对B做正功 B. Fba对A做正功 C. Fab对B做负功D. F1对A做负功考功的计算.占：八、专 功的计算专题.题：分 B的受力情况：B向右直线运动，水平方向受到拉力和摩擦力，拉力和摩擦力不一定析： 是一对平衡力；物体间力的作用是相互的，A对B的摩擦和B对A的摩擦是相互作用力，大小相等；功是力与力

12、的方向位移的乘积，当两者夹角小于90°寸此力做正功，当两者夹角大于90°时此力做负功.解 解：由题意可知，A不动B向右运动，但均受到滑动摩擦力，那么有Fab做负功，F做答： 正功；由于 A没有位移，所以Fa和FBA不做功.应选：AC.点 1平衡力和相互作用力很相似，容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向 评： 相反、在同一条直线上不同点：平衡力作用在同一物体上，相互作用力作用在两个 物体上.2静止不一定受到静摩擦力，滑动不一定受到滑动摩擦力；3功的正负是由力与位移方向的夹角决定，当夹角小于90°力做正功；当夹角大于90。力做负功.9. 4分如下列图，两块相互靠

13、近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N与静电计金属球相连，极板 M和静电计的外壳均接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电 势差U .在两板相距为d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度.在与外界绝缘的情 况下保持电容器的带电量 Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是B .仅将M板向左平移C .仅在M、N之间插入云母板相对介电常数大于1D .仅在M、N之间插入金属板，且不和 M、N接触考 电容器的动态分析.占：八、专 电容器专题.题：分电容器充电后断开电源保持带电量不变，根据平行板电容器的决定式可求得C的变析： 化，再由电容的定义式可求知指针张角的变化，注意指针张角变大时，

14、极板之间的电压增大.解 解：答：A、仅将M板向下平移，两极板正对面积减小，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故A错误.B、 仅将M板向左平移，板间距离增大，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故B错误.C、 仅在M、N之间插入云母板，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故C正确.D、仅在M、N之间插入金属板， 板间距离减小，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故D正确.应选：CD.点此题关键要掌握决定电容的三个因素：板间距离、

15、电介质、正对面积，以及电容的定评：义式C=.10. 4分以恒定的功率P行驶的汽车以初速度 V0冲上倾角一定的斜坡， 设受到的阻力不 包括汽车所受重力的沿斜面向下的分力恒定不变，那么汽车上坡过程中的v - t图象可能是考占：八、功的概念；匀变速直线运动的图像.专题：功率的计算专题.分 以恒定的功率P行驶的汽车以初速度 V0冲上倾角一定的斜坡，阻力恒定不变，当速 析： 度增加时牵引力减小，加速度变小，当速度减小时，贝y牵引力增大，加速度变大.解 解：以恒定的功率 P行驶的汽车，由功率 P=FV得，由于阻力恒定不变，答: A、当牵引力等于阻力时，速度不变，即匀速向上运动故A选项正确；B、当速度减小时

16、，那么牵引力增大，加速度变大.而图象中速度与时间图象的斜率大小表示加速度大小，即加速度不断增大.而不是加速度不变，故B错误；C、 当速度增加时牵引力减小，加速度变小，而C选项中速度与时间图象的斜率大小表示加速度大小，即加速度不断减小.故C正确；D、当速度减小时，那么牵引力增大，加速度变大.而图象中速度与时间图象的斜率大小表示加速度大小，即加速度不断增大.故D正确；应选：ACD点当恒定的功率启动时，加速度渐渐变小，速度慢慢变大，直至到达匀速，加速度为零.当评： 以恒定的牵引力启动时，加速度不变，但功率在不断变大，直至到达额定功率，匀加速运动结束，接着以恒定的功率运动，重复刚刚的过程.三、填空题每

17、空 2分，共20分11. 8分现有一个灵敏电流计，它的满偏电流为Ig=1mA，内阻Rg=200 Q,假设要将它改把电流表改装成电压表.实验题.考点专题分析成量程为3V的电压表，应 串 填 串或 并一个 2800 Q的电阻；假设要将它改 装成量程为50mA的电流表，应 并 填 串或 并一个 4 Q保存一位有效数字把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，改装成大量程电流表，需要并联分流 电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以分析答题.解答:解：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为:R=u-Rg=-200=2800 Q,改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为:1 0. 0

18、01 X2001=0. 050 - 0 001R =故答案为：串，2800 ,并，4.点此题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理、应用串并联电路特点与欧姆评：定律即可正确解题.12. 12分某同学用如图a所示的实验装置验证重物自由下落过程中机械能守恒定律:fl点计时器F3O 11JL *wavwL严L-重物1实验中，以下测量工具会用到的有CEA .天平 B.秒表 C .交流电源 D .直流电源 E.刻度尺2为保证重物的初速度为零，所选择的纸带第1、2两点间距应接近2 mm ;2,实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图b所示，纸带上的第一个点记为0,另选连续的三个点 A、B、C进行

19、测量，图中给出了这三个点到0点的距离hA、hB和hC的值，答复以下问题计算结果保存3位有效数字：打点计时器打B点时重物的速度vb= 3.95 m/s,由0到B点，重物动能的增加量等于7.80 J,重物重力式能的减小量等于7.84 J实验结论是：在误差允许范围内机械能守恒考验证机械能守恒定律.占：八、 专 实验题.题：分 1从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验考前须知这几点去搞析： 清楚，明确需要测量的物理量，即可知道需要的仪器；2、3利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度从 而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值.解 解：1A、因为我们是

20、比拟 mgh、mv2的大小关系，故 m可约去比拟，不需要用天 答：平，故A错误；BCD、打点计时器使用的是交流电源而不是直流电；打出的点就能反映时间，所以不需要秒表，故 BD错误，C正确；E、我们需要刻度尺测量计数点间的距离，故E正确；应选：CE.2由于打点时间间隔为 0.02s，据人=丄叮：-=一工.7： ;ll=0.002m=2mm故答案为：23解：由O到B点，重力势能减小量： Ep匀变速直线运动中，该过程中的平均速度等于时间中点的瞬时速度，因此有：-% 0. 878- 0. 72vB=:=所以 Ek=W-1；、=二-；：,T =7.80J在实验误差允许的范围内，重力势能的减少等于动能的增

21、加，所以机械能守恒.故答案为：3.95; 7.80; 7.84;在实验误差允许的范围内机械能守恒.点解决此题的关键知道实验的原理，通过原理确定所需测量的物理量，以及知道实验中评：的考前须知，在平时的学习中，需加以总结；运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题，要注意单位的换算和有效数字的保存.四、解答题共5小题，46分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤, 只写出最后答案的不能得分-8A、B为一条电场线上的两点，A点移到B点，电场力做功为A点3 XI013. 10分如下列图，整点电荷 Q=1 X10 C的电场中, 与Q相聚g=30cm .将q= - 2X

22、10- 10C的试探点电荷由-9J.1求A点的电场强度Ea；2说明B点的大概位置，并求由A到B试探点电荷电势能的变化量 Ep；3求A、B两点的电势差 UAB .考占：八、电场强度；电势能.专题：电场力与电势的性质专题.分析：1根据场强公式 E=kl"求解A点的电场强度Ea；2根据电场力做功正负，分析B点的位置.电场力做功与电势能变化的关系有: Ep=-W，根据功能关系求解.3根据电势差的定义式 U=求解A、B两点的电势差Uab .解答:g解：1根据场强公式 E=k卑，得：Ea7=9.0 X09 X人“打 N/C=1000N/C2探点电荷由A点移到B点，电场力做正功，那么电场力与位移方

23、向相同，所以电场力方向由A点到B点，而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，所以B点的位置在A左侧.如图.由A到B试探点电荷电势能的变化量 Ep=- W= - 3X09J.3Uab占八、评:答:129J.3A点的电场强度 Ea是1000N/C .说明B点的大概位置，并由 A到B试探点电荷电势能的变化量 Ep是-3X0A、B两点的电势差 Uab是-15V .解决此题的关键掌握点电荷场强的计算公式、功能关系和电势差的定义式，知道负电荷所受的电场力与场强方向相反这些根底知识，并能用来分析具体问题.14. 12分如下列图的水平匀强电场中，一电量为q质量为m的带电微粒沿与电场成的方向以初速度vo射入，在

24、电场中恰能沿直线运动，求：1该电场的电场强度 E;2微粒在电场中前进的最大距离；3微粒前进的最远点与起始点间电势差的绝对值U .考占：八、专题:分析:解答:根据牛顿第二定律得粒子的加速度mgsinBgid sin 82如图可知，粒子所受合力匀强电场中电势差和电场强度的关系.电场力与电势的性质专题.1对微粒进行受力分析，根据粒子在电场中做直线运动知合力必沿速度方向，根 据力的合成求出电场力的大小从而得到电场强度E;2根据电场强度可以求出粒子所受的合外力，由牛顿第二定律求出粒子运动的加 速度根据运动规律求解粒子前进的最大距离；3根据电场强度与电场势差的关系可以求出电势差的绝对值U .解：1如图对粒

25、子进行受力分析有：粒子受重力和电场力作用，因为粒子做直线运 动故合力沿速度反方向，所以有垂直速度方向的合力为0即：Fsin B=mgcos 0 又因为F=qE 所以可得E 一一因为合力方向与速度方向相反，故粒子做匀减速运动，根据速度位移关系有:v0 2=2aS得粒子在电场中前进的最大距离3根据匀强电场中电场强度与电势差的关系有:2微粒在电场中前进的最大距离为1/ ' ；;2g3微粒前进的最远点与起始点间电势差的绝对值为2 OVnl2q点此题抓住物体做直线运动的条件，根据力的合成求解合力与分力的大小，再根据匀强评： 电场的电场强度与电势差的关系分析，关键是掌握规律.15. 12分如图，把

26、一个质量为 m=0.5kg的小球用细线悬挂起来，就成为一个摆，摆长为L=0.46m，现将小球拉到偏角为0=37°勺 A 点.sin37°0.6, cos37°0.8, g=10m/s21假设将小球由静止释放，求运动到最低点时对细线的拉力；2假设给小球沿切线方向的初速度va，要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，求va的最小值.考向心力.占：八、专 匀速圆周运动专题.题：分1根据动能定理求出小球到到达低点时速度，再根据合力提供圆周运动向心力求析：出线对小球的拉力；2小球能到达圆周运动最高点时速度满足'- :,由动能定理求解小球在 A点的了小速度即可.解答:

27、ingL 1 一 cos 日二二討解：1设小球到达最低点 0时的速度为v,细线对小球的拉力为 T,那么由动能定理 有：得：T=mg3- 2cosB=0.5X10X3- 2X0.8N=7N由牛顿第三定律得，小球对细线的拉力为：T =T=7N2小球能通过最高点时的最小速度满足:2 V IDgAlD-即：:S 根据动能定理有: mgL L+coe 0 二号山'得:忙也gL 1+还 B +¥=；2心0心4|5 乂1+0.8 +10H.Q6 W答：1假设将小球由静止释放，运动到最低点时对细线的拉力为7N;2假设给小球沿切线方向的初速度va，要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运占八、评:

28、动，va的最小值为 4.6m/s.抓住圆周运动的最高点和最低点合外力提供圆周运动向心力，对小球正确的受力分析和做功分析是正确解题的关键.16. 12分2022?朝阳区二模如下列图，遥控赛车比赛中一个规定工程是飞跃壕沟比赛要求：赛车从起点出发，沿水平直轨道运动，在B点飞出后越过 壕沟，落在平台EF段.已 知赛车的额定功率 P=10.0W，赛车的质量 m=1.0kg，在水平直轨道上受到的阻力 f=2.0N ,AB段长L=10.0m , BE的高度差h=1.25m , BE的水平距离x=1.5m .假设赛车车长不计，空 气阻力不计，g取10m/s2.1假设赛车在水平直轨道上能到达最大速度，求最大速度

29、Vm的大小；2要越过壕沟，求赛车在B点最小速度v的大小；3假设在比赛中赛车通过A点时速度vA=1m/s，且赛车到达额定功率.要使赛车完成比赛，求赛车在 AB段通电的最短时间t.*" r jr r r fjr ff j- rf- r- r jtf . fr rA>cj亍F广于*w*r jf r r r .考 动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动；功率、平均功率和瞬时功率.占：八、专动能定理的应用专题.题：分 1当赛车在水平轨道上做匀速直线运动时，速度到达最大，由平衡条件求得牵引 析： 力，由功率公式 P=Fv求解最大速度；2赛车飞越壕沟过程做平抛运动，要越过壕沟，赛车恰好落在E点，根据运动学公式和平抛运动规律求解赛车在B点最小速度v的大小；3赛车恰好能越过壕沟，且赛车通电时间最短，在赛车从A点运动到B点的过程中，根据动能定理求解赛车在AB段通电的最短时间t.解 解：1赛车在水平轨道上到达最大速度时做匀速直线运动，设其牵引力为F牵，那么答：有F牵=彳又因为 P额=F牵Vm所以vm _ =5m/sf2赛车通过B点在空中做平抛运动，设赛车能越过壕沟的最小速度为v，在空中运动时间为ti,那么有h=2& 1且 x=vt 1所以v=3m/s3假设赛车恰好能越过壕沟，且赛车通电