2020-2021备战中考物理备考之热学问题压轴培优易错难题篇附答案解析

1、一、初中物理热学问题求解方法1.某小型汽油发电机外形如图所示，其实质是利用一个汽油机带动一个发电机来发电该 发种电机铭牌部分数据如下表所示，根据表中的数据求：发动机(汽油机)发电机型号XGQF5.0型号XGQF5.0额定功率8.3kW额定输出功率5kW噪声73db额定输出电压220V连续运行时间8h额定频率50Hz强制水冷四冲程自动电压保护(1)在允许的连续运行时间内，发电机以额定功率输出，能够提供的电能是多少度？(2)已知汽油的热值是q=4.6X|0j/kg，密度是0.71X1kg/m3,设该汽油机的效率为35%,则该汽油发电机油箱的容积至少需要多大？(3)汽油发电机将内能转化为电能的效率是

2、多少？【答案】(1)40(2)20.9L(3)21.1%【解析】【分析】W(1)已知发电机的额定功率和连续工作时间，根据公式P的变式，可求发电机能够提供的电能；W有用F机t(2)已知汽油的热值和效率，根据公式100%100%可求消耗的汽油体Q放Vq积；先计算出1小时产生的电能，已知产生的电能和机械能，二者之比就是汽油发电机将内 能转化为电能的效率。【详解】(1)发电机能够提供的电能W电F电t 5kW 8h 40kW h 40度40度。(3)汽油发电机将内能转化为电能的效率100%_ 5000W 8 3600s20.9 10-3m30.71 103kg/m34.6 107J/kg21.1%则汽油

3、发电机将内能转化为电能的效率为21.1%。答：(1)在允许的连续运行时间内，发电机以额定功率输出，能够提供的电能是40度;(2)该汽油发电机油箱的容积至少需要20.9L；汽油发电机将内能转化为电能的效率是21.1%。2.探究水沸腾时温度变化的特点:甲乙丙(1)如图甲、乙所示，是小明同学在实验中，用数码相机拍摄的水沸腾前和沸腾时的两张照片，其中 _是水沸腾时的情况；(2)实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样做是为了 _ ;(3)由实验数据绘制出温度随时间变化的图像，如图丙所示。根据记录的数据，水的沸点是_ C；可得出水沸腾时温度变化的特点：不断吸热，温度 _ 。【答案】甲缩短实验加热时间98

4、不变【解析】故能够提供的电能是W根据P-,m,Q放mq得，汽油机的效率V100%100%则油箱的最小容积：V空q故油箱的最小容积为38.3 10 W 8 3600s0.71 103kg/m335% 4.6 107J/kg0.0209m320.9L20.9L。100%Q放【分析】【详解】(1)1水沸腾时，烧杯中水的温度是均匀的，气泡上升时，受到水的压强越来越小，那么气 泡体积会变大，从甲、乙两图可以看到，甲是水沸腾时的情况。2实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，因为冷水加热，需要更长时间才能达到想要 的温度，用热水会缩短实验加热时间。(3) 3从图丙可以看到，第4min开始，水的温度保持在98C

5、不变，可以推测水的沸点是98C。4可得出水沸腾时温度变化的特点：不断吸热，但是温度保持不变。3.实验小组探究影响蒸发快慢的因素，提出以下的几种猜想:(1)蒸发的快慢与液体的温度有关；(2)蒸发的快慢与液体的表面积有关;(3)蒸发的快慢与液体面积的空气流动有关；(4)蒸发的快慢与液体的质量有关。a.实验过程采用的科学探究方法是 _。b验证猜想(3)应选择 _ 。(填对应的字母即可)c._取A和C比较，可以验证猜想。(填对应的序号即可)d.实验小组想利用E图中甲、乙研究蒸发的快慢与液体的质量是否有关，你认为是否可行并简述理由_【答案】控制变量法；AD；(1)； 该验证过程是错误的，因为从设计的环节

6、看他没控制水的表面积相同；因为只有在液体上方空气流动速度、液体温度，液体表面积相同时， 质量不同时，先蒸发完的蒸发的才快。【解析】【分析】【详解】1由给出的猜想可知，液体蒸发快慢可能与四个因素有关，所以，在实验过程中控制了三 个量相同，只有要探究的量发生了变化，用到的是控制变量法；2验证猜想(3)蒸发的快慢与液体面积的空气流动有关；根据控制变量法的思想，应控制液体温度和表面积相同，改变液体上方空气流动速度，由此可知应选择AD两图；3取A和C比较，液体表面积和液体上方空气流动速度相同，液体温度不同，可以验证猜 想(1)蒸发的快慢与液体的温度有关；4该验证过程是错误的，因为从设计的环节看他没控制水

7、的表面积相同；因为只有在液体 上方空气流动速度、液体温度，液体表面积相同时，质量不同时，先蒸发完的蒸发的才 快。4.图甲是小强在标准大气压下用50g冰做“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验装置，图乙是他根据记录的数据绘制的温度随时间变化规律的图像。c水=4.2X10J/(kg )(3)试管中的冰完全熔化后，若持续加热，当烧杯中的水沸腾时，试管中的液体选填“会”或“不会”)沸腾。【答案】4增大3.15X310不会【解析】【分析】【详解】min。(1)实验中，冰熔化的时间为(2)由图乙可知，冰在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能小”或“不变”)，冰在熔化过程吸收的热量为 _(选填“增大”、“减Jo

8、(1)1由图象可知，实验中冰从2min开始熔化，6min熔化完毕，故冰熔化的时间是(2)2由图象可知，冰在熔化过程中吸收热量，温度不变，因继续吸热，所以内能增大。(3)50g冰熔化成水，因为质量是不变的，所以水的质量也是50g，在610min内,度升高了15C，则在610min内水吸收的热量为Q水吸二 cm$=4.2 103J/(kgC)0.05kg 15C =3.15 103J由题知物质在相同的时间内吸收的热量是相同的，而冰的熔化过程用时也是熔化过程中吸收的热量为4min。水的温4min，所以冰甲Q冰吸=Q水吸=3.1510J(3)4当烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高

9、，保持水的沸点温 度不变；试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能继续吸收热量，所以试管中 的水不会沸腾。5.在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。(1)_实验中应量取质量的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中。(2)实验过程中温度计的玻璃泡不要碰到烧杯和 _。(3)用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过 比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。(4)实验记录的数据如下表所示，分析实验数据可知 的吸热能力强。加拾+恂mia0113AJ0343842轴1叮1：S24344

10、2(5)_下列事实能用上述实验数据得出的结论解释的是 _A.沿海地区昼夜温差会比内陆地区小B.用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸C.长期堆放煤的水泥地面变成黑色D.夏大给教室洒水，感觉凉爽【答案】相同电加热器加热时间甲A【解析】【分析】(1)根据控制变量法分析甲、乙两种液体质量的关系；(2)根据温度计的使用方法分析温度计的玻璃泡不要碰到哪些地方；(3)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法(4)使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收 热量多的吸热能力强；(5)水的比热容较大，与其它物质相比，吸收相同的热量，升高的温度较低。【详解】(1

11、)1根实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中；(2)2实验过程中温度计的玻璃泡不要碰到烧杯和电加热器；(3)3用相同规格的电加热器加热甲和乙两种液体，使它们升高相同的温度，通过加热时间来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少；4由实验数据可知，加热相同的时间，甲升高的温度比乙升高的温度要低一些，甲物质 的吸热能力强；(5)A沿海地区昼夜温差会比内陆地区小，是因为水的比热容较大，故A符合题意;_ (选填“甲”或“乙”)物质B.用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，属于扩散现象，故B不符合题意；C.长期堆放煤的水泥地面变成黑色，属于扩散现象，故C不符合题意；D.夏天给教室洒水，感觉凉爽，是

12、因为蒸发吸热，故D不符合题意。 故选Ao6.某小组的同学做 比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置.甲乙丙(1)在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是A.采用完全相同的加热方式B.酒精灯里所加酒精量相同C.取相同质量的水和另一种液体D.盛放水和另一种液体的容器相同(2)加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是_ C,这表明实验时的大气压强 _ (选填 大于” 小于”或 等于” 一个标准大气压.(3)实验中，_ 表示液体吸收热量的多少，加热水至沸腾时继续加热，水的温度不变，水的内能 _ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。(4) 而

13、另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多.请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力 _ (选填 相同”或不同”)，未知液体的吸热能力 _ (选填“大于”或“小于”)水的吸热能力.【答案】B 98小于加热时间(长短)增大不同小于【解析】【详解】(1)1在设计实验方案时，需要控制相关物理量不变，需要保证吸收的热量相同、质量也相 同、加热时间和方式相同，但并不需要酒精灯里所加酒精量相同，故选B;23水的沸点就是这刻的温度，由图可以看到它的沸点是98C;这个沸点低于1标准大气压时的沸点，所以实验时的大气压强小于一个标准大气压；(3)45实验过程，加热时间的长短表

14、示液体吸收热量的多少；加热水至沸腾时继续加热，水的温度不变，但是水还在继续吸热，它的内能应该继续增大；凶67加热相同的时间，吸收的热量相同，但是另一种液体温度计的示数比水温要高得多，这说明了不同物质的吸热能力不同，未知液体的吸热能力比较小。7.为检测某汽车发动机的工作性能，现使汽车在平直公路上从静止开始做直线运动，保持 发动机输出功率恒定为6X10W，汽车行驶过程中所受阻力大小不变，其v-t图像如图所示，在第10s末开始匀速行驶，经测试，消耗5.8kg的汽油可以使汽车匀速行驶 汽油完全燃烧放出的热量40%用来驱动汽车行驶，(汽油的热值为4.6XIj/kg)过程中。53.36km,，在检测(1)

15、前10s发动机做多少功？(2)汽车受到的阻力多大？(3)汽车匀速行驶的速度多大？【答案】(1) 6X1J；2000N；30m/s。【解析】【详解】(1)前10s发动机做的功W=Pt=6XfOAK10s=6Xj；(2)5.8kg的汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=5.8kgX4.6K/k=2.668KjO牵引力做的功W1=Q=2.668X1JDX40%=1.0672力10牵引力F=W1s1.06 72 1 08J353.36 10 m=2000N,汽车在该平直的公路上匀速行驶时，汽车受到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等,阻力f=F=2000N;(3)汽车的功率P=W FS=FVt t，汽车匀速

16、行驶的速度Pv=一F答：(1)前10s发动机做功6X10j； 汽车受到的阻力是2000N；汽车匀速行驶的速度30m/s。46 10 W2000N=30m/s。&如图是一辆警车。空车(1)车上警察的总质量为280 kg,轮胎与路面接触的总面积为1 000 cm2,车静止时对水平路面的压强是多少？警车以108 km/h的速度水平匀速直线行驶时，所受阻力是多少？(3)若警车发动机的效率为40%，警车以60 kW的输出功率行驶10 min，消耗多少千克的柴 油？(柴油的热值取4.0 x10j/kg)【答案】(1) 3x105Pa；(2) 2x103N;(3)2.25kg【解析】【详解】(1)警

17、车的总质量是m 280kg2720kg3000kg车静止时对水平路面的压力是F G轮胎与路面接触的总面积为车静止时对水平路面的压强是(2)警车的速度警车以这个速度水平匀速直线行驶时，所受阻力是fF动-46 10W2 103Nv30m/s警车以60 kW的输出功率行驶10 min,所做的有用功是37mg3000kg10N/kg43 10 NS 1000cm220.1m2F3 104Np 3 105PaS0.1m2v108km/h30m/sW有60 10 W 10 60s 3.6 10 J行驶时，所受阻力是2 103N;(3)若警车发动机的效率为40%,警车以60 kW的输出功率行驶10 min，

18、消耗柴油的质量是2.25kg。9.牛顿说自己是站在巨人的肩膀上，其实每一个育华学子都是如此。我们学习的每一个物 理概念，背后都由科学家们辛勤探究而来，比如功和热量、电热等。在没有认识热的本质 以前，热量、功、能量的关系并不清楚，所以它们用不同的单位来表示。热量的单位用卡 路里，简称卡。焦耳认为热量和功应当有一定的当量关系，即热量的单位卡和功的单位焦 耳间有一定的数量关系。他从1840年开始，到1878年近40年的时间内，利用电热量热 法进行了大量的实验，最终找出了热和功之间的当量关系。如果用W表示电功，用Q表示这一切所对应的热量，则功和热量之间的关系可写成W JQ，J即为热功当量。利用如图1所

19、示的装置，我们可以一起来重现历史，经历焦耳的探究过程一一测量热功当量：4加门心=20席吗二10图1图2（1）_除了图中所示器材，为完成实验，还需要的器材是 _。（2）往量热器内筒倒入质量为m的水，按图连接好电路。闭合开关前滑动变阻滑片位于最_端（选填“左或右”）根据热机的效率公式可得小W有3.6 107JQ有9 107J40%这些柴油的质量是Q9 107Jm 2.25kgq4.0 107J/kg答：(1)车静止时对水平路面的压强是53 10 Pa;(2)警车以108 km/h的速度水平匀速直线（3） 记录温度计初始读数t1，闭合开关，调节滑片得到合适的电流电压，并记录为I、U。通电，并用搅拌器

20、搅拌加速导热，一段时间后断电，记录通电时间t和末温t2。（4） 计算出热功当量J _（用题中所给字母表示，水比热容用c表示）热功当量的测量，彻底否定了“热质说，为能量守恒和转化奠定了基础。t / min012345水20C25C30C36C40C45C煤油20C30C40C50C60C71C（5）这套装置还可以用来做“比较水和煤油比热容的大小”实验，应当选择图(1)当S和闭合时，电路中的总电流_(选填“A或B”)装置中的电阻与图1装置中的电阻 _ (选填“串 联或并联)。(6)进行实验后，测得数据如表格所示。本实验中水和煤油吸收热量的多少是用_(选填“温度计示数的变化或加热时间”)来反映的。(

21、7)_由表格数据求得煤油的比热容为。Ult3【答案】秒表 右 -A串联 温度计示数的变化2.1 10J/kg Ccm t2t1口【解析】【分析】【详解】(1) 1图中所示器材有电压表，电流表，温度计，为完成实验，需要求出电功，根据W=UIt还需要的器材是秒表。(2) 2往量热器内筒倒入质量为m的水，按图连接好电路。闭合开关前滑动变阻应位于阻值 最大处，即滑片位于最右端。3根据W Ult，Q cm t cm t2t1，W JQ，则热功当量.W UItJQ cm t2t145这套装置还可以用来做 比较水和煤油比热容的大小”实验，为了控制变量相同，所以电阻丝阻值应该相同，即应当选择图2的A装置中的电

22、阻与图1装置中的电阻串联。(6) 6根据转换法，实验中水和煤油吸热的多少是通过温度计示数的变化来反映的。(7) 7由表格数据可知，1min内，水的温度变化了25C-20C=5C煤油的温度变化了30C-20C=10C相同时间内，电阻丝产生的热量相同，贝UQ水GKmt水Q煤油c煤油mt煤油代入数据可得3c煤油2.1 10 J/ kg C10.如图是某款有加热和保温功能的电热饮水机电路原理图，机内有温控开关S0。该饮水机的部分参数已知：额定电压为220V,加热时的总功率为880W，保温时的功率为40W,R1、R2为加热电阻丝(不考虑温度对电阻丝阻值的影响)。求：加热时效率为80%，将0.5kg的水从

23、30C加热到100C需要多少时间?电阻丝R2的阻值。【答案】(1)4A;(2)208.8s；(3)1210 Q【解析】【分析】(1)由电路图可知，当S和S0闭合时，Ri与F2并联，电路中的总电阻最小，根据可知电路总功率最大，据此判断饮水机所处的状态，根据P UI求出此时电路中的总电流。(3)由电路图可知，开关S闭合、S0断开时，电路为R2的简单电路，电路中的总电阻最大，U2求出电阻RR2的阻值。【详解】S和S0闭合时，R1与F2并联，电路中的总电阻最小，由水吸收的热量吸可得，消耗的电能W譽可得，需要的加热时间51.8375 10 J208.8s880W(3)由电路图可知，开关S闭合、S0断开时

24、，电路为R2的简单电路，电路中的总电阻最大，U240W;由P可得，电阻R2RU2R知道水的质量和初温、末温以及比热容,根据Q吸cm t t0求出水吸收的热量，根吸求出消耗的电能，利用PWW求出需要的加热时间。根据PU可知电路总功率最小，据此判断饮水机所处的状态，根据R知，电路总功率最大,饮水机处于加热状态；由UI可得，此时电路中的总电流P加热U880W220V4A(1)由电路图可知，当Q吸cm3t 4.2 10 J/kgC0.5kgC100C30C1.47 10 J1.47105J80%51.8375 10 Jt竺P加热电路总功率最小，饮水机处于保温状态，保温时的功率为U2220VR21210

25、QP加热40W答：(1)当S和So闭合时，电路中的总电流为4A；(2)加热时效率为80%，将0.5kg的水从30C加热到100C需要208.8s；(3)电阻丝R2的阻值为1210Q【点睛】时为高温档，闭合一个开关时为低温档。11.2019年12月27日晚，“长征五号遥三”运载火箭成功发射，如图所示。该火箭的起1.05X107N，关于该火箭，下列说法正确的是(A火箭利用“流体中流速小的位置压强大”的原理获得升力B火箭尾部喷气口热得发红，是通过做功改变了火箭尾部的内能C.火箭发射时腾起的“白气”是液态水吸热汽化形成的D.火箭起飞时受到向上的合力约为1.8X106N(g取10 N/kg)【答案】D【

26、解析】【分析】【详解】A.火箭发射是利用物体间力的作用是相互的原理来升空的，与流速小压强大没有关系，故A错误；B.火箭尾部喷气口热得发红，是通过热传递的方式改变了火箭尾部的内能，故B错误；C.图中火箭尾部产生大量的“白气”，是因为尾气中的水蒸气遇冷发生了液化现象，故C错误；D.火箭的起飞质量约为870t，重力56G mg 8.7 10 kg 10N/kg 8.7 10 N由于G竖直向下，起飞升力F竖直向上，且GvF，所以二力的合力方向向上，大小为766F合F G 1.05 10 N 8.7 10 N 1.8 10 N故D正确。故选D。的阻值重点是电功率的相关计算，牢记公式P，另外要读懂电路图，

27、知道两个开关都闭合R飞质量约为870t，起飞升力约为12.甲、乙两物质比热容之比是2:1，质量之比是2:1,甲、乙两物体吸收相同的热量,甲物体温度升高了20C,则乙物体的温度升高了 _C。由同样材料组成的丙、丁两物体，它们的质量之比为4：1,升高温度之比是3:1，则两物体吸收热量之比为 _，【答案】80 12:1【解析】【分析】【详解】1vQ=cmAt，甲、乙两物体吸收相同的热量c甲m甲A甲=c乙m乙A乙A甲：A乙=c乙m乙：c甲m甲=（1X1）:（2X2）=1:4/ A甲=20C , /. A乙=80C。2vQ吸=cmA，且丙、丁两物体由同种材料做成c丙=。乙,m丙：m丁=4:1, A丙：A

28、丁=3:1两物体吸收热量Q丙:Q丁= c丙m丙A丙:c丁m丁A丁=12:113 国家“学生饮用奶计划”交流会在福建省福州市召开,如所示是一种学生饮用奶,它的净含量为200 mL,若它的密度为1.25X10kg/m3,比热容为4.0X10 j/（kg），冬天饮 用时把它从10C加热到40C需要吸收 _J的热量；在加热过程中，温度升高，内能_ （选填“增加”或“降低”）。【答案】3X104增加【解析】【分析】【详解】1牛奶的体积为-43V =200mL=2 10-4m3牛奶的质量为33-43m V =1.25 103kg/m32 10-4m3=0.25kg牛奶吸收的热量Q吸cm t=4 103J/

29、 kgC0.25kg 40C-10C=3 104J则牛奶吸收的热量为3X104J。2在加热牛奶的过程中,牛奶因为吸收热量,所以内能增加。14炎热的夏天,开了空调的房间窗户玻璃上常常会结一层水雾,则水雾是水蒸气_（填物态变化）成小水珠附着在玻璃窗 _侧,使玻璃变模糊,水蒸气变成水珠会 _ 热量。东北地区寒冷的冬天,房间窗户上会结一层美丽的冰花,这是水蒸气_ （填物态变化）形成的小冰晶附着在玻璃窗 _ 侧。【答案】液化 外 放出 凝华 内【解析】【详解】123水雾是水蒸气液化成小水珠附着在玻璃窗的；这是因为玻璃窗外侧的水蒸气遇上冰 冷的玻璃窗，液化成小水珠，是附着在玻璃窗外侧的；水蒸气变成水珠会放

30、出热量；45东北地区寒冷的冬天，房间窗户上会结一层美丽的冰花，这是水蒸气凝华形成的；这 是房间内温度较高的水蒸气遇上冰冷的窗，凝华形成的，这是附着在玻璃窗内侧。15 柴油机和汽油机在一个工作循环中的四个冲程完全相同的冲程是（）A.吸气、压缩B.压缩、排气C.吸气、压缩、排气D.排气【答案】D【解析】【详解】吸气冲程中，汽油机吸入的是汽油和空气的混合气体，柴油机吸入的只有空气，所以吸气 冲程不同；柴油机属于压燃式点火，所以在压缩冲程中，柴油机比汽油机压缩程度高，所 以压缩冲程不同；汽油机气缸顶部有个火花塞，柴油机气缸顶部有个喷油嘴，柴油机采用 压燃式点火，汽油机采用点燃式点火，所以做功冲程不同；

31、排气冲程只是将废气排出，所 以柴油机和汽油机在一个工作循环中的四个冲程完全相同的冲程是排气冲程；通过以上分 析可知，故选D。16. 关于物体的内能，热量和温度，下列说法正确的是A.一个物体从外界吸收了热量，温度一定升高B.个物体温度升高，它的内能一定增加C.只要物体的温度不变，它的内能就一定不变D.温度高的物体比温度低的物体含有的热量多【答案】B【解析】【详解】A.一个物体从外界吸收了热量，温度不一定升高，比如晶体的熔化以及液体的沸腾，都 在吸收热量，但温度没有改变，故A项错误；B.一个物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，所以内能一定 增大，故B项正确；C.物体的温度不变

32、，有可能正在吸收或者放出热量，内能改变；也有可能外界对物体做 功，物体的内能增加，或者物体对外界做功时，物体的内能减小，故C项错误；D.热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说物体吸收或者放出多少热量， 故D项错误。17小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液 体进行对比实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示实验中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得(已知(kg：C )C.甲的放热能力比乙强【答案】C【解析】【详解】A.由题意可知， 在相同时间内水和另一种液体放出的热量相等，由题中的图象可以看 出，乙液体的温度降低的快，甲液

33、体温度降低慢；根据热量的计算公式Q放cm t可知,在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，温度降低得多的比热容小；所以甲液体的比热容大，所以甲液体是水；故A项不符合题意；B.由题图可知：甲乙两种液体的初温是60C，放热15分钟后甲液体的末温是40C，乙液体的末温是20C,则水放出的热量：Qz水放c水m水t水4.2 103J/(kgC)m水(60C40C)；乙放出的热量：Q乙放c乙m乙 乙t c乙m乙(60C20C)；而水和乙液体的质量相同，即m水m乙；在相同时间内水和另一种液体放出的热量相等，则有：4.2 103J/(kgC)m水(60C40C)c乙m乙(60C20C)；3解得，c乙2.1

34、10 J/(kgC)；故B项不符合题意；C.由于甲液体的比热容大， 所以甲的放热能力比乙强，故C项符合题意;D.由于水的比热容比较大，所以水比较适合用作发动机的冷却液；即甲比乙更适合作汽车发动机的冷却液；故D项不符合题意。18.用相同热源、相同的加热装置，对质量相等的甲、乙两种固态物质加热时，得到的温 度随时间变化的图像。根据图像分析，下列说法中正确的是B.另一种液体的比热容为8.4X伽D.乙比甲更适合作汽车发动机的冷却液()A.甲、乙两种物质可能是松香和萘B.甲物质在a、b两点时，温度和内能都相同C.甲、乙两种物质在熔化时乙吸收的热量比甲多D.甲、乙两种物质在固态时，甲的比热容小于乙的比热容

35、【答案】D【解析】【分析】【详解】A.从图象可以看出，甲、乙两种物质在熔化过程中温度保持不变，所以均为晶体。松香是非晶体，萘是晶体，所以甲、乙不可能是松香，故A错误；B.甲物质在a点开始熔化，b点熔化完成，在熔化过程中温度保持不变，但是继续吸热， 所以b点的内能大于a点的内能，故B错误；C.读图可知，甲熔化持续的时间为20mi n-10mi n=10mi n乙熔化持续的时间为27mi n-17mi n=10mi n二者时间相同，说明吸收热量相同，故C错误；D.甲、乙两种物质在固态时，同样加热10min，吸收相同的热量，甲的温度高于乙的温 度，根据c d，在吸收热量和质量相等时，比热容和温度成反比，所以甲的比热容m t小于乙的比热容，故D正确。故选D。19.受新型冠状病毒的影响