实中高三月考II

1、实中高三月考II 2013-12-1013下列说法错误的是( A )A牛顿发现了万有引力定律，并利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GB密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e电荷量C法拉第首先提出了场的概念，并用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场D安培总结出左手定则判断通电直导线在磁场中受到磁场力的方向14做直线运动的物体的v-t图象如图所示.由图象可知(D )A.前10 s物体的加速度为0.5 m/s2，后5 s物体的加速度为1 m/s2B.15 s末物体回到出发点C.10 s末物体的运动方向发生变化D.10 s末物体的加速度方向发生变化15如图所示,物体A静止在倾角为30的斜面上,现将斜

2、面倾角由30增大到37,物体仍保持静止,则下列说法中正确的是()A.A对斜面的压力不变 B.A对斜面的压力增大C.A受到的摩擦力不变 D.A受到的摩擦力增大16如图A、B是两个完全相同的带电金属球，它们所带的电荷量分别为4q和6q，放在光滑绝缘的水平面上，若金属球A、B分别在M、N两点以相等的动能相向运动，经时间t0两球刚好发生接触，然后两球又分别向相反方向运动，设A、B返回M、N两点所经历的时间分别为t1、t2，则( C )A.t1t2 B.t1t2 C.t1t2t0aba17在地球表面上，除了两极以外，任何物体都要随地球的自转而做匀速圆周运动，当同一物体先后位于a和b两地时，下列表述正确的

3、是( )A该物体在a、b两地所受合力都指向地心 B该物体在a、b两地时角速度一样大C该物体在b时线速度较大 D该物体在b时的向心加速度较小 18已知货物的质量为m，在某段时间内起重机将货物以a的加速度加速升高h，则在这段时间内叙述正确的是（重力加速度为g） A货物的机械能一定增加mahmgh B货物的机械能一定增加mahC货物的重力势能一定增加mgh D货物的动能一定增加mahmgh19. 质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上做匀速圆周运动. 已知月球质量为M，月球半径为R，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则A. 航天器的线速度 B. 航天器的角速度 C. 航天器的向心加速度 D.

4、月球表面重力加速度 20. 如图, 一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场（B）和匀强电场（E）组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P，进入另一匀强磁场（B），最终打在AlA2上下列表述正确的是B A. 粒子带负电B. 所有打在AlA2上的粒子，在磁场B中运动时间都相同CabBC. 能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D. 粒子打在AlA2上的位置越靠近P，粒子的比荷越大21. 如图，正方形线框的边长为L，电容器的电容量为C正方形线框的一半放在垂直纸面向里的匀强磁场中，当磁场以k 的变化率均匀减弱时，则 A. 线圈产生的感应电动势大小为kL2 B. 电压表没有读数C. a

5、 点的电势高于b 点的电势 D. 电容器所带的电荷量为零20如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中.设小球电荷量不变，小球由静止下滑的过程中( BD )A.小球加速度一直增大 B.小球速度一直增大，直到最后匀速C.杆对小球的弹力一直减小 D.小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变20一平行板电容器充电后S与电源断开，负极板接地，在两极间有一正电荷(电荷量很小)固定在P点，如图所示.以U表示两极板间的电压，E表示两极板间的场强，表示该正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，而将正极板

6、移至图中虚线所示位置，则( AC )A.U变小，不变 B.E变大，不变 C.U变小，E不变 D.U不变，不变1某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。 (1)请指出该同学在实验操作中存在的错误： 。(2)若所用交流电的频率为50Hz，该同学经正确操作得到如图所示的纸带，把第一个点记做O，第一、第二点间的距离约为2mm，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点，且 A、B、C、D各点到O点的距离分别为12.29cm、15.55cm、19.20cm、23.23cm。根据以上数据知，从O点到C点，重物的重力势能的减少量等于_J，动能的增加量等于_J。(已知所用重物的质量为1.00kg，当地

7、重力加速度g9.80m/s2，取三位有效数字) 打点计时器纸带重物将纸带由静止释放学生电源直流 交流(3)重力势能的减少量 动能的增加量（填“大于”、“等于”、“小于”）的原因是 。2(2009天津)如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度.(1)所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需(填字母代号)中的器材.A.直流电源、天平及砝码 B.直流电源、毫米刻度尺C.交流电源、天平及砝码 D.交流电源、毫米刻度尺(2)通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确度.为使图线的斜率等

8、于重力加速度，除作v-t图象外，还可作图象，其纵轴表示的是，横轴表示的是.(1)D(2) -h；速度平方的二分之一；重物下落的高度2有一特殊电池，它的电动势约为9 V，内阻约为40 ，已知该电池允许输出的最大电流为50 mA.为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用图示电路进行实验，图中电流表的内阻RA5 ，R为电阻箱，阻值范围0999.9 ，R0为定值电阻，对电源起保护作用.(1)本实验中的R0应选(填字母). A.10 B.50 C.150 D.500 (2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了如上图所示的图线，则根据图线可求得

9、该电池的电动势为EV，内阻r. 【解析】(1)当滑动变阻器接入电路的阻值为零时，电路中的电流不能超过50 mA，即电路中电阻的最小值为180 ，除去电源内阻约为40 、图中电流表的内阻RA5 ，C选项最为合适.(2)原理：U外EIr推出I(R0R)EI(rRA)变形得：由图得：斜率得E10 V，与纵轴的截距为5，推出r45 【答案】(1)C(2)10；45【思维提升】测定电源电动势与内阻的实验中，处理数据的方法在高考中往往以图象法处理为主，所以要对函数表达式进行推导、变形等，得出我们可以处理的函数图线.【拓展1】甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值.实验器材有：待测电

10、源E(不计内阻)，待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V(量程为1.5 V，内阻很大)，电阻箱R(099.99 )，单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干.先测电阻R1的阻值.请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变，读出电压表的示数U2.则电阻R1的表达式为.甲同学已经测得电阻R14.8 ，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值.该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E1.43或10/7V，电阻R21.2.

11、利用甲同学设计的电路和测得的电阻R1，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2.这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围较小(选填“较大”、“较小”或“相同”)，所以甲同学的做法更恰当些.35如图所示，水平放置的M、N两金属板之间，有水平向里的匀强磁场，磁感应强度B0.5 T.质量为m19.995107 kg、电荷量为q1.0108 C的带电微粒，静止在N板附近.在M、N两板间突然加上电压(M板电势高于N板电势)时，微粒开始运动，

12、经一段时间后，该微粒水平匀速地碰撞原来静止的质量为m2的中性微粒，并粘合在一起，然后共同沿一段圆弧做匀速圆周运动，最终落在N板上.若两板间的电场强度E1.0103 V/m，求：(1)两微粒碰撞前，质量为m1的微粒的速度大小；(2)被碰撞微粒的质量m2；(3)两微粒粘合后沿圆弧运动的轨道半径.【解析】(1)碰撞前，质量为m1的微粒已沿水平方向做匀速运动，根据平衡条件有m1gqvBqE解得碰撞前质量m1的微粒的速度大小为vm/s1 m/s(2)由于两微粒碰撞后一起做匀速圆周运动，说明两微粒所受的电场力与它们的重力相平衡，洛伦兹力提供做匀速圆周运动的向心力，故有(m1m2)gqE解得m2= kg51

13、010 kg(3)设两微粒一起做匀速圆周运动的速度大小为v，轨道半径为R，根据牛顿第二定律有qvB(m1m2)研究两微粒的碰撞过程，根据动量守恒定律有m1v(m1m2)v以上两式联立解得Rm200 m【思维提升】(1)全面正确地进行受力分析和运动状态分析，f洛随速度的变化而变化导致运动状态发生新的变化.(2)若mg、f洛、F电三力合力为零，粒子做匀速直线运动.(3)若F电与重力平衡，则f洛提供向心力，粒子做匀速圆周运动.(4)根据受力特点与运动特点，选择牛顿第二定律、动量定理、动能定理及动量守恒定律列方程求解.35两平行金属板A、B水平放置，一个质量为m5106 kg的带电微粒，以v02 m/

14、s的水平速度从两板正中位置射入电场，如图所示，A、B两板间距d2 cm，板长L10 cm.(1)当A、B间的电压为UAB1 000 V，微粒恰好不偏转，沿图中直线射出电场，求该微粒的电荷量和电性；(2)令B板接地，欲使该微粒射出偏转电场，求A板所加电势的范围.【解析】(1)当UAB1 000 V时，微粒恰好不偏转，则Fqmg，所以q1109 C因为UAB0，所以板间电场强度方向向下，而电场力向上，则微粒带负电.(2)当电压UAB比较大时，qEmg，粒子向上偏转，设恰好从右上边缘飞出时，A板的电势为1，因B0，所以UAB1，水平方向做匀速直线运动：Lv0t竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动：

15、at2由牛顿第二定律：mgma有ag联立式可得11 800 V当UAB较小时，qEmg，带电粒子向下偏转，故 mgma解得ag同理由式可得2200 V故要使微粒能从板间飞出，A板所加电势的范围为200 VA1 800 VR【思维提升】从此题的解析可以看出，在处理带电体在电场中的偏转时，要注意粒子重力可以忽略的条件，如果不能忽略，可以把它受的合力等效为“重力”，然后按类平抛运动的方法求解.36（18分）如图所示，水平传送带上A、B两端点间 距L= 4m，半径R=1m的光滑半圆形轨道固定于竖直平面内，下端与传送带B相切。传送带以v0 = 4m/s的速度沿图示方向匀速运动，质量m =1kg的小滑块由静止放到传送带的A端，经一段时间运动到B端，滑块与传送带间的动摩擦因数 = 0.5，取g=10m/s2。（1）求滑块到达B端的速度；（2）求滑块由A运动到B的过程中，滑块与传送带间摩擦产生的热量；（3）仅改变传送带的速度，其他条件不变，计算说明滑块能否通过圆轨道最高点C。36、滑块在传送带上先向右做加速运动，设当速度v = v0时已运动的距离为xR根据动能定