2017年度人教版本物理九年级下学期月考试题（3月份）

1、2012-2013学年重庆市沙坪坝区南开中学九年级（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题（本题共7个小题，每小题只有一个合理的选项，将答题卡上对应的正确选项涂黑，每小题3分，共21分）1（3分）以下估测结果最合理的是（）A九年级物理课本长26.0mB小明步行速度约为1.2km/sC今天教室的气温大约42D小华站立时对地面的压强约1.7×104Pa考点：长度的估测；温度；速度与物体运动；压强专题：估算综合应用题分析：根据生活常识及对物理知识的积累对选项逐一分析，作出判断解答：解：A、九年级物理课本长约26.0cm，26.0m不符合实际；B、小明步行速度约为1m/s=3.6km/h，1.

2、2km/s不符合实际；C、今天教室的气温大约42，不符合实际；D、小华站立时对地面的压强约p=1.7×104Pa，符合实际；故选D点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义2（3分）以下现象与光的折射无关的是（）A看到了手指“长胖了”B看到了水中的“树”C看到水下的冰山D看到筷子“折断了”考点：光的折射现象及其应用专题：应用题；图析法分析：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；（

3、3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，凸透镜成像就是具体应用；解答：解：A、放大镜观察手指，应用了光的折射，是物体在凸透镜焦距内，形成的像是正立、放大的虚像，故本选项不符合题意；B、看到了水中的“树”是平面镜成的像，是由于光的反射形成的与物体等大、正立的虚像，故本选项符合题意C、我们水下的冰山，其实看到的是冰山的虚像，是由光的折射形成的，故本选项不符合题意；D、看到筷子“折断了”，是因为光从水中斜射入空气中时，发生折射，因此属于折射现象，故本选项不符合题意；故选B点评：此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程

4、中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的3（3分）寒冷的冬天，人们在户外活动时，会从口中呼出大量的“白气”；炎热的夏天，同学们最喜欢吃冰淇淋解热了，冰淇淋周围也会有“白气”以下说法正确的是（）A这两种情况下的“白气”都是水蒸气B口中呼出的“白气”是由二氧化碳液化形成的C冰淇淋周围的“白气”是由空气中水蒸气液化形成的D两种现象中，前者是一个吸热过程，后者是一个放热过程考点：液化及液化现象专题：应用题分析：水蒸气是看不到的，我们看到的“白气”已不是气，而是小水珠，是液态，是由水蒸气液化成的解答：解：因为“白气”已不是气，而是小水珠，故A错误二氧化碳在常温下是不会液化的，故B错误冰淇淋温

5、度比较低，这样它会从它周围吸热，使它周围温度降低，空气中水蒸气遇冷便会液化成小水珠，这就是“白气”，故C正确从口中呼出大量的“白气”，冰淇淋周围也会有“白气”都是水蒸气液化成的小水珠都是放热的故D错误故选C点评：解决此关键是要认识到“白气”，不是气，而是小水珠还要注意“白气”是哪里的水蒸气液化的4（3分）如图所示，盛水烧杯放置在电磁铁上，水面上飘浮有一空心铁球闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P左右滑动，水面会发生变化以下说法正确的是（）A闭合开关S，螺线管上端为电磁铁的南极B闭合开关S，滑片向右滑动时，烧杯内铁球受浮力增大C闭合开关S，滑片向左滑动时，烧杯底受到水的压强会增大D根据水面升降去

6、判断螺线管磁性强弱的变化，这种方法就是控制变量法考点：电路的动态分析专题：错解分析题；动态预测题；电路变化分析综合题分析：由图可知电流由下方流入螺线管，则由右手螺旋定则可知螺线管的磁极；由滑片的移动可知电路中电流的变化，则可知螺线管磁性强弱的变化，从而可知小铁球所受磁场力的变化，由平衡关系可知小铁球浮沉变化情况，及液面的升降，由此判断水对烧杯底的压强转换法是中学物理中把直接测量有困难的量转换成便于测量的量来研究的一种重要的研究方法，也就是借助某些物体的特性来研究看不到或不易观察到物质，形象直观解答：解：A、由右手螺旋定则可知，螺线管的上端为N极，下端为S极，故A选项错误；B、滑片右移时，滑动变

7、阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得，通过螺线管的电流减小，则螺线管的磁性减弱、故小铁球所受磁场力减弱；因小铁球受向下磁场力及重力，向上的浮力而处于平衡状态，当磁场力减小时，小铁将上浮一些，致使铁球受浮力减小，故B选项错误；C、滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可得，通过螺线管的电流增大，则螺线管的磁性增强、故小铁球所受磁场力增强；因小铁球受向下磁场力及重力，向上的浮力而处于平衡状态，当磁场力增强时，小铁将下沉一些，致使液面会上升一些，则水对烧杯底的压强将增大，C选项正确D、若铁球下沉一些，水面上升，说明电磁铁的磁性增强，这种根据水面的升降判断电磁铁磁性变化的方法就是物理学研究中常

8、用的转换法，故D选项错误 故选C点评：转换法这种物理方法在物理学中经常用到比如：比较温度的高低，我们可以通过液体受热后体积的变化来认识它；了解电磁铁磁性的强弱，我们可以通过观察它吸引大头针的多少来认识；电路是否有电流，我们可以通过观察电路中电流表的指针是否偏转来认识5（3分）如图所示，A、B两高度相同的圆柱体静置于水平地面上，A对地面的压力小于B对地面的压力，现将A、B的上端各水平切去一小段后，它们余下部分对地面的压强相等，则A被切去的高度hA与B被切去的高度hB的关系正确的是（）AhA一定等于hBBhA一定大于hBChA一定小于hBD以上三种均有可能考点：压强大小比较专题：压强、液体的压强分

9、析：根据压强公式对于柱体物体放在水平面上，p=gh；根据图示，确定公式的相同因素和不同因素，得出结论解答：解：F=G=mg=Vg=gSh，A对地面的压力小于B对地面的压力，则A的重力小于B的重力，可知A的密度小于B的密度；根据p=gh，余下部分对地面的压强相等，则可知A剩下的高度大于B的高度，原来高度相同，则A被切去的高度hA小于B被切去的高度hB故选C点评：本题考查了学生对重力公式、密度公式的掌握和运用，根据已知条件推导出两物体p与、h的大小关系是本题的关键6（3分）小明利用如图的装置探究滑轮组的特点，他将重为5N的物体匀速提高了1m，每个滑轮重均为lN，不计绳重及摩擦，则有关绳端拉力F，绳

10、端移动距离s，悬挂定滑轮处拉力Fa及提起重物时滑轮组的效率的说法正确的是（）AS=3 m，F=2 N，Fa=7 N =83.3%BS=m，F=2 N，Fa=5 N =71.4%CS=2m，F=3N，Fa=10N =83.3%DS=2m，F=3N，Fa=7N =83.3%考点：滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率专题：计算题；功、功率、机械效率分析：由图知，承担物重的绳子有2段；使用滑轮组时，不计绳重和摩擦，提起物体所用的拉力是物重和动滑轮重的二分之一；绳子自由端拉下的长度是物体上升高度的2倍；已知物重、动滑轮重，不计绳重和摩擦，利用机械效率变形公式得到滑轮组的机械效率物体在竖直方向处于静

11、止状态，所受合力为零解答：解：绳子拉下的长度为s=2h=2×1m=2m；作用在绳子自由端的拉力为F=（G+G动）=×（5N+1N）=3N；悬挂定滑轮处拉力Fa=1N+1N+5N=7N；滑轮组的机械效率为=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%83.3%故选D点评：此题考查的是滑轮组的特点和机械效率、力的平衡的应用，正确判定承担物重的绳子段数，正确选择滑轮重、熟悉机械效率的变形公式，是解决此题的关键7（3分）如图所示电路，己知L1、L2中有一盏灯开路，以下说法正确的是（）A电流表A的示数一定为零，若电压表V

12、1有示数则L2开路B电流表A的示数一定为零，若电压表V2有示数则L2开路C电压表V1的示数可能为零，若电压表V2有示数则L2开路D电压表V2的示数可能为零，若电压表V1有示数则L2开路考点：电路的简化与计算专题：错解分析题；图像综合题分析：根据串联电路的特点可知有一盏灯开路，则电路中没有电流，电流表的示数一定为零；然后根据电压表使用特点，对每一种现象进行分析即可解答：解：己知L1、L2中有一盏灯开路，根据串联电路的特点，如果某处有断路，则整个电路就会不通，所以串联在电路的电流表示数一定为零；若出现开路的是灯泡L1，则与L2并联的电压表V2的正负接线柱无法与电源的正负两极相连通，所以示数为零，而

13、与L1并联的电压表V1的正负接线柱能通过L2与电源的正负两极相连通，所以电压表V1有示数；若出现开路的是灯泡L2，则L1与并联的电压表V1的正负接线柱无法与电源的正负两极相连通，所以示数为零，而L2与并联的电压表V2的正负接线柱能通过L1与电源的正负两极相连通，所以电压表V2有示数；由上分析可知：电流表A的示数一定为零，若电压表V2有示数则L2开路；同时若电压表V2有示数则电压表V1一定没有示数；同样，若电压表V1有示数则电压表V2一定没有示数故只有选项B正确故选B点评：此题考查了电路故障的判断以及电表的使用，掌握电压表有无示数的判断和开路对电路的产生的影响是解答本题的关键二、填空题（将正确答

14、案填在答题卡对应的横线上，第l5题的作图2分，其余每空1分，共16分）8（2分）如图是市场上的一种手摇电筒，手压摇柄就可以让电筒发光，它是对物理知识电磁感应的应用，该原理是英国物理学家法拉第首先发现的，正是该原理的发现，拉开了人类大规模应用电能的序幕考点：电磁感应专题：电动机、磁生电分析：（1）闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象；（2）手电筒中没有电源，而是利用磁块穿过螺线管来回快速地运动来提供电流，由此联想到电磁感应解答：解：手电筒中没有电源，而要使手电筒发光，必须有提供电能的装置，该手电筒通过晃动消耗机械能提供了电能，由此可知，这是利

15、用电磁感应现象制成的一种手电筒即在摇动过程中，消耗机械能产生电能，故是将机械能转化为电能的过程，该原理最早是英国科学家法拉第发现的故答案为：电磁感应；法拉第点评：虽然日常生活中不一定见到这种手电筒，但通过认真审题，仔细挖掘题目中告诉的信息，将题目中的信息与学过的理论相联系也可以得到答案9（2分）在寒冷的冬季，时尚的年轻人玩起了暖手器（如图）暖手器在充电时将电能转化为化学能，使用时是利用做功 （选填“做功”、“热传递”）的方式改变内能考点：能量的相互转化；物体内能的改变专题：功和能综合题分析：电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内改变物体内能的方

16、式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移解答：解：暖手器在充电时将电能转化为化学能；使用时是利用电流做功的方式改变内能故答案为：化学；做功点评：本题考查了对改变物体内能的方法的了解与掌握，要结合相对应的物理知识点进行分析解答10（2分）小明用如图甲、乙两种方法挑着同一物体行走，甲图中手施加的动力小于乙图中手施加的动力；甲图中肩受到的压力小于乙图中肩受到的压力（选填“大于”、“小于”或“等于”）考点：杠杆的平衡条件专题：应用题分析：肩膀可以看成支点，两种情况下阻力不变、动力臂不变，阻力臂不同，根据杠杆平衡条件判断动力大小关系；肩膀承担动力和

17、阻力，阻力不变，动力减小，肩膀承担的压力减小解答：解：把肩膀看成支点，根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力、动力臂不变，阻力臂减小，动力减小，所以甲图动力小；肩膀承担动力和阻力，阻力不变，甲图，动力小，肩膀承担的力小、受到的压力小故答案为：小于；小于点评：本题要求认真观察图形，就可以得出力臂关系，进而分析省力和费力情况：动力臂等于阻力臂不省力也不费力，动力臂大于阻力臂省力，动力臂小于阻力臂费力11（2分）小明骑自习车匀速通过一路口时，旁边一辆同向行驶的小汽车恰好由静止开始启动，两车的速度与时间的关系图线如图所示，其中B（选填“A”、“B”）能描述小明所骑自行车的运动情况在追

18、上自行车前，小汽车出发后6s，两车相距最远考点：速度与物体运动；速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：（1）快慢不变，经过的路线是直线的运动是匀速直线运动；（2）当汽车的速度比自行车小时，相同时间自行车走的远，距离加大；当汽车速度大时，相同时间汽车走的远距离减小，所以速度相等时距离最大解答：解：（1）自行车做匀速直线运动，速度不变，小汽车由静止开始运动，因此速度逐渐增大，因此A图是小汽车运动图象，B图是自行车运动图象（2）由分析可知，自行车和汽车速度相同时相距最远，由图可知二者在第6s速度相同，相距最远故答案为：B；6点评：本题考查了学生对图象的分析能力，属于基础知识的考查，比较简单12

19、（2分）如图所示为探究影响灯泡亮度的实验电路，电源电压保持不变，闭合开关，如果向右移动滑片，则灯L亮度变暗，电压表示数变小（选填“变大”、“变小”、“不变”）考点：电路的动态分析专题：动态预测题；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI判断灯泡实际功率的变化，然后根据灯泡的亮暗取决于实际功率的变化，判断灯泡亮暗的变化解答：解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压；将滑动变阻器的滑片P

20、向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，I=，电路中的电流变小，即电流表的示数减小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小；P=IR2，灯泡电阻不变，且亮度取决于实际功率的大小，灯泡的实际功率变小、灯泡变暗故答案为：变暗；变小点评：本题考查了电路的动态分析，关键是滑片移动时接入电路电阻变化的分析和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小13（2分）小斌用如图甲所示的电路研究电路的特点，闭合开关S，灯恰好正常发光滑动变阻器由粗细一致的电阻线均匀缠绕而成，变阻器滑片户由a端向左移动8cm到达b点的过程中，电流表A1示数I1与电流表A2示数I2变化关系如图乙所示，电源电压保持

21、为6V不变移动滑片过程中，灯的亮度不变 （“变亮”、“变暗”或“不变”），变阻器绕圈的总长度为12cm考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电功率的计算专题：应用题；图析法分析：（1）先分析电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式，然后根据并联电路中各用电器互不影响进行分析； （2）从乙图中读出电流表A2的变化范围，然后求出当滑片子在a、b两点时接入电路的电阻，再根据ab之间距离为8cm即可求出变阻器绕圈的总长度解答：解：（1）从图中可以看出，滑动变阻器与灯泡并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量滑动变阻器中的电流；由于滑动变阻器与灯泡并联，所以移动滑片的位置，灯泡的亮度不变；（2）从乙图中可

22、以看出，变阻器滑片户由a端移动到b点的过程中，电流表A2的变化范围0.3A0.9A；则Ra=20；Rb=6.67，所以变阻器绕圈的总长度为×2012cm故答案为：不变；12点评：本题考查了并联电路的电压和电流特点以及欧姆定律，关键是利用好并联电路各用电器独立工作、互不影响这一特点14（2分）小虎在假期里发现家里买了一种节能锅，和传统的锅相比，这种锅的锅底多了些金属片一一吸热肋片（如图）小虎用节能锅和普通锅做加热对比实验发现，用同样的火力使相同质量的水升高相同的温度，节能锅用时不到普通锅的一半，节能效果明显请你根据我们所学的知识，对这种锅的节能原理作出两点猜想猜想一：导热性能好猜想二：

23、热量散失少考点：有利于节约能源的措施专题：能源的利用与发展分析：（1）从分子运动论的观点来看，导热方式实质上是物质的分子在相互碰撞时传递动能的过程；不同的物体在热传递过程中导热本领不同（2）吸收相同的热量，不同的物体，热量散失不一样解答：解：这种节能锅用同样的火力使相同质量的水升高相同的温度，节能锅用时不到普通锅的一半，原因可能有两个：（1）这种锅的导热性能非常好；（2）这种锅的热量散失少故答案为：导热性能好；热量散失少点评：本题考查锅的节能原理，要从吸热和散热两个方面入手，是一道非常好的题目15（2分）（1）用大小为30N的力F将重20N的物体压在竖直墙壁上静止，作出物体受摩擦力的示意图：（

24、2）一束光照射到水面上，将图中的光路补充完整考点：摩擦力的示意图；作光的反射光路图；作光的折射光路图专题：图像综合题分析：（1）对物体进行受力分析，在竖直方向，物体受竖直向下的重力和向上的摩擦力，摩擦力与重力相互平衡，大小相等、方向相反；（2）光在水面处将发生反射和折射现象，反射角等于入射角，从空气斜射入水中，折射角小于入射角解答：解：（1）物体静止，在竖直方向上，受重力和摩擦力，重力方向竖直向下，摩擦力方向竖直向上，且f=G=30N，如图所示：；（2）光在水面处反射和折射现象，反射角等于入射角；光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，光线向法线靠拢，如图所示：点评：此题考查了摩擦力示意图的画法

25、及反射光路和折射光路图的画法，注意摩擦力的方向和作用点，此题中需根据二力平衡的知识判断出摩擦力的大小；在画反射、折射光路图时，注意法线要用虚线，不要忘了箭头三、实验探究题（完成在答题卡对应位置上第16题9分，第17题4分，第18题7分，共20分）16（9分）（1）如图1，小明所用刻度尺的分度值为0.1cm，木块长度为3.70cm；温度计示数为9（2）如图2，小明为了测量某种品牌老陈醋的密度，进行以下实验；A用天平测量烧杯和剩余老陈醋的总质量m1；B将待测老陈醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和老陈醋的总质量m2；C将烧杯中老陈醋的一部分倒入量筒，测出这部分老陈醋的体积V；你认为小明操作的正确顺序应该

26、是：B、C、A （填字母代号），量筒中老陈醋的体积为40cm3，老陈醋的密度是1.125×103kg/m3（3）小明学习了物理知识后知道，滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关在体育课上，他观察到，在地面上滚动的实心球也会受摩擦力而慢慢停下来，于是他猜想：在地面上滚动的物体，所受摩擦力的大小也与接触面的粗糙程度有关为了验证自己的猜想，他利用一小铁球、木板、棉布、毛巾等器材，设计了如图3的探究实验（a）由图分析可知，滚动的小铁球在毛巾表面上受到的摩擦力最大，小明的猜想是正确的（选填“正确”、“错误”）；（b）小明在操作中每次都让小铁球从同一高度滚下的目的是：控制小球到达水平面时的初速度

27、相等考点：刻度尺的使用；温度计的使用及其读数；液体的密度测量实验；探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验专题：其他综合题分析：（1）刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，物体两端点的示数之差是物体的长度；由图示温度计确定其分度值，然后读出其示数（2）为避免陈醋残留在烧杯壁上造成误差，应先测出烧杯与陈醋的总质量，然后把部分陈醋倒入量筒，测出其体积，再测出剩余陈醋与烧杯的质量，求出倒入量筒陈醋的质量，最后由密度公式求出陈醋的密度由图示天平求出陈醋的质量，由量筒读出陈醋的体积，由密度公式求出陈醋的密度（3）小球从同一斜面的同一高度由静止下滑，小球达到水平面时的初速度相等；在初速度与物体间压力相同的

28、情况下，物体滑行的距离越小，物体受到的摩擦力越大解答：解：（1）由图1所示刻度尺可知，其分度值是1mm=0.1cm，物体长度为4.70cm1.00cm=3.70cm；由图1所示温度计可知其分度值为1，其示数为9；（2）正确的实验步骤是：B、将待测醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和醋的总质量m2；C、将烧杯中醋的一部分倒入量筒，测出这部分醋的体积V；A、用天平测量烧杯和剩余醋的总质量m1；由图2可知，醋的质量m=m2m1=50g+20g+10g+2.4g（20g+10g+5g+2.4g）=45g；由图C可知，醋的体积V=40mL=40cm3，醋的密度=1.125g/cm3=1.125×10

29、3kg/m3；（3）由图3可知，三次小球下滑的高度相同，接触面不同，小球在毛巾表面滚动得最近，因此它的摩擦力最大，小明的猜想是正确的；让小铁球从同一高度滚下，小球下滑过程中，重力势能转化为动能，小球到达水平面时的动能相等，初速度相等故答案为：（1）0.1；3.70；9；（2）B、C、A；40；1.125×103；（3）毛巾；正确；控制小球到达水平面时的初速度相等点评：（1）对刻度尺与温度计读数时，要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直；（2）本题考查了安排实验步骤、天平读数、量筒读数、求密度等问题，要掌握天平的使用及读数方法；为减小实验误差应合理安排实验步骤；（3）解

30、题时要注意控制变量法的应用17（4分）在测定标有“2.5V”小灯泡正常发光时电阻的实验中，小明选用了电流表、电压表、开关、蓄电池、标有“20 1A”的滑动变阻器、若干导线等器材并如图连接起来（1）请你用笔画线代替导线使电路连接完整；（2）小明正确连接电路后，刚闭合开关时，电压表及电流表示数如图，此时灯丝的电阻为（不能整除时，小数点后保留一位有效数字）；（3）移动滑片使小灯泡正常发光，若此时电流表示数为0.3A，则此小灯泡正常发光时的电阻为8.3（不能整除时，小数点后保留一位有效数字）（4）小明两次测算出的灯丝电阻并不相同，其原因是：灯丝的电阻随温度的升高而增大考点：伏安法测电阻的探究实验专题：

31、测量型实验综合题分析：（1）掌握电压表的接法：电压表应与灯泡并联；（2）根据情况确定电压表和电流表的量程及分度值，得出电压和电流值，根据R=计算出电阻值；（3）小灯泡正常发光时的电压等于额定电压，根据R=计算出此时的电阻值；（4）根据灯丝的电阻随温度的升高而增大进行分析解答：解：（1）将电压表与灯泡并联，如图所示：；（2）因为灯泡的额定电压为2.5V，由图中电压表的指针偏转情况知，电压表选择的是03V的量程，分度值为0.1V，示数为0.8V；电流表采用的是00.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.26A；则R=3.1；（3）小灯泡正常发光，此时电压为2.5V，则R=8.3；（4）由于灯丝

32、的电阻随温度的升高而增大，所以两次测算出的灯丝电阻并不相同故答案为：（1）见上图；（2）3.1；（3）8.3；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大点评：此题是测量灯泡的电阻实验，考查了电压表的连接，电流表、电压表的读数及电阻的计算，同时涉及到了灯丝电阻与温度的关系，问题设计很典型18（7分）为了探究串联电路的特点，小明设计了如图甲所示的电路，他选用了标有“2.5V 0.3A”的小灯泡L，电压恒为6V的电源，两个电压表V1、V2，电流表A，手边有两个变阻器，分别标有“10 1A”、“20 0.5A”（1）为保证实验的顺利进行电路中应接入标有“20 0.5A”的变阻器，电压表V2应该选择015V的量

33、程：（2）连接好电路时，闭合开关S前，变阻器的滑片P应移到最右端（选填“左”、“右”）：（3）开始移动滑片的时候，电压表V2的示数变小，电流表A的示数变大；（选填“变大”、“变小”“不变”）（4）移动滑片过程中，灯L的功率P、V1的示数U1、V2的示数U2、电流表的示数I的关系可以用图象表示，乙图中最符合实际的是D（假设灯丝电阻不变）考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：（1）由串联电路特点及欧姆定律求出灯泡正常工作时滑动变阻器两端的电压与滑动变阻器接入电路的阻值，根据滑动变阻器接入电路的阻值选择滑动变阻器，根据滑动变阻器两端电压选择电压表量程（2）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应该是

34、滑动变阻器的最大阻值（3）移动滑片，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路特点及欧姆定律分析答题（4）根据电功率公式、欧姆定律、串联电路特点分析答题解答：解：（1）灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压U滑=UUL=6V2.5V=3.5V，则电压表V2应选择015V的量程，I=，此时滑动变阻器接入电路的阻值为R滑=11.67，则滑动变阻器应选择“20 0.5A”（2）由电路图可知，闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大（3）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，闭合开关，移动滑片，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器分压变小，电压表V2示数变小；滑动变

35、阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，由欧姆定律得：电路电流变大，电流表示数变大（4）电路电流I=，U、RL不变移动滑片时R滑变化，I变化，但I不是均匀变化的；A、由P=I2RL可知灯泡功率与电流不是正比关系，故A错误；B、由P=可知，功率不与灯泡两端电压成反比，故B错误；C、电流I=，电压与滑动变阻器阻值均在变化，电流与电压不成正比，故C错误；D、U是定值，由U1=UU2，可知U1与U2是一次函数关系，故D正确；故选D故答案为：（1）20 0.5A；015V；（2）右；（3）变小；变大；（4）D点评：本题考查了实验器材与电压表量程的选择、实验注意事项、电路动态分析等问题，作图象题时，要注意

36、图象与所对应的知识向结合四、论述计算题（完成在答题卡对应位置内本题3个小题，第19题6分，第20题7分，第20题10分，共23分解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后答案的不能给分）19（6分）周末的时候，小明陪妈妈到超市购买消费品，在超市内，他用40N的水平推力推着购物车前进，如果在30秒内沿直线水平匀速前进了15m，求：（1）小明推车的速度；（2）小明推车所做的功：（3）小明推车的功率考点：速度的计算；功的计算；功率的计算专题：计算题；长度、时间、速度；功、功率、机械效率分析：（1）已知路程与时间，由速度公式可以可以求出受到；（2）由公式W=Fs可以求出推车所做的功；（3）由功率

37、公式可以求出功率解答：解：（1）推车的速度v=0.5m/s；（2）推车所做的功W=Fs=40N×15m=600J；（3）推车的功率P=20W；答：（1）小明推车的速度为0.5m/s；（2）小明推车所做的功为600J；（3）小明推车的功率为20W点评：本题考查了求速度、功、功率问题，应用速度公式、功的计算公式、功率公式即可正确解题，本题是一道基础题20（7分）暑假中，小明到木器加工厂参加社会实践活动，经验丰富的工人师傅告诉小明，木质家具的好坏往往与选用木材的材质有关，而材质的好坏又往往能从木材的密度的大小上反映出来，同种木材，密度越大的材质越好师傅还给小明安排了一个任务：想办法测出一个

38、边长为10cm的正方体木材样品的密度小明找来一个底面积200cm2的圆柱形容器、适量的水和刻度尺进行了如图所示的操作，其中h1=4cm，h2=18cm求：（1）放入木块后水对容器底的压强：（2）木块的质量；（3）木材的密度考点：密度的计算；重力的计算；液体的压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用专题：计算题；密度及其应用；压强、液体的压强；浮力分析：（1）知道放入木块后水的深度和水的密度，根据p=gh求出水对容器底的压强；（2）根据题意求出木块浸入水中的深度并求出木块排开水的体积，根据阿基米德原理求出木块受到的浮力，利用木块漂浮时受到的重力和浮力相等以及G=mg求出木块的质量；（3）知道木块的边长求出体积，再根据密度公式求出木材的密度解答：解：（1）放入木块后水对容器底的压强：p=水gh2=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.18m=1764Pa；（2）木块浸入水中的深度：h=Lh1=10cm4cm=6cm，木块排开水的体积：V排=Sh=（10cm）2×6cm=600cm3=6×104m3，木块受到的浮力：F浮=水gV排=