高考仿真模拟卷18-教师版

1、.高考仿真模拟卷18限时：70分钟第卷一、选择题此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第15小题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1.以下是有关近代物理内容的假设干表达，其中不正确的是 A紫外线照射到金属锌板外表时能产生光电效应，那么当增大紫外线的照射强度时，从锌板外表逸出的光电子的最大初动能也随之增大B每个核子只跟邻近的核子发生核力作用C太阳内部发生的核反响是热核反响D关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象解析：1A.光电子的最大初动能与入射光的频率有关与光照强度无关，因此增大光照强度，光子的最大初动能不变，故

2、A错误；B.核子为短程力，只能跟邻近的核子产生核力的作用，故B正确；C.原子核式构造模型是由卢瑟福在粒子散射实验根底上提出的，故C错误；D.太阳内部发生的是热核反响，故D正确；E.关于原子核内部的信息，最早来自于天然放射性现象，故E正确2.如下图，一物体以速度v0冲上粗糙的固定斜面，经过2t0时间返回斜面底端，那么物体运动的速度v以初速度方向为正随时间t的变化关系可能正确的选项是解析：由于上滑时摩擦力沿斜面想下，合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时摩擦力沿斜面向上，合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度图象斜率大；

3、下滑时加速度小，所以速度图象的斜率小，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，上滑和下滑的位移大小相等，上滑时加速度大，根据可xat2知，下滑时间长，故C正确，A、B、D错误答案：C3.如图3所示为一孤立的负点电荷形成的静电场，一带电粒子仅在电场力的作用下以某一速度进入该电场，依次经过A、B、C三点，其中A、C两点与负点电荷的间隔 相等，B点是轨迹上间隔 负点电荷最近的点。那么以下说法正确的选项是图3A粒子运动到B点的速率最大B相邻两点间的电势差关系为UABUBCC该粒子带负电，并且在B点时的加速度最大D粒子在B点的电势能小于在C点的电势能解析根据题述及题图，该粒子受到负点电荷的斥力

4、作用，因此该粒子带负电，粒子从A点到B点速度减小，从B点到C点速度增大，运动到B点时，电子的速度最小，A错误；由于A、C两点与负点电荷的间隔 相等，那么这两点的电势相等，UABUBC，B错误；根据电场线的疏密可得，B点处的电场线最密，所以粒子在B点时受到的电场力最大，加速度最大，C正确；在粒子由B点向C点运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，那么带电粒子在B点的电势能大于在C点的电势能，D错误。答案C4如图7所示，一轻弹簧的左端固定，右端与一小球相连，小球处于光滑程度面上。现对小球施加一个方向程度向右的恒力F，使小球从静止开场运动，那么小球在向右运动的整个过程中图7A小球和弹簧组成的系统机械

5、能守恒B小球和弹簧组成的系统机械能逐渐增大C小球的动能逐渐增大D小球的机械能逐渐增大解析小球在向右运动的整个过程中，力F做正功，由功能关系知小球和弹簧组成的系统机械能逐渐增大，选项A错误，选项B正确；弹力一直增大，当弹力等于F时，小球的速度最大，动能最大，当弹力大于F时，小球开场做减速运动，速度减小，动能减小，选项C错误，选项D正确。答案B5如图5所示为某种电磁泵模型的示意图，泵体是长为L1，宽与高均为L2的长方体。泵体处在方向垂直向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，泵体的上下外表接电压为U的电源内阻不计，理想电流表示数为I，假设电磁泵和水面高度差为h，液体的电阻率为，在t时间内抽取液体的质量为

6、m，不计液体在流动中和管壁之间的阻力，取重力加速度为g，那么图5A泵体上外表应接电源负极B电磁泵对液体产生的推力大小为BIL1C电源提供的电功率为D质量为m的液体分开泵时的动能为UItmghI2t解析当泵体上外表接电源的正极时，电流从上向下流过泵体，这时受到的磁场力程度向左，拉动液体，选项A错误；电磁泵对液体产生的推力大小为FBIL2，选项B错误；电源提供的电功率为PUI，选项C错误；根据电阻定律，泵体内液体的电阻为R·，那么液体消耗的热功率为PI2RI2，而电源提供的电功率为UI，假设在t时间内抽取液体的质量为m，根据能量守恒定律，可得这部分液体分开泵时的动能为EkUItmghI2

7、t，选项D正确。答案D62019年2月7日，木星发生“冲日现象“木星冲日是指木星和太阳正好分处地球的两侧，三者成一条直线木星和地球绕太阳公转的方向一样，公转轨迹都近似为圆设木星公转半径为R1，周期为T1；地球公转半径为R2，周期为T2，以下说法正确的选项是A.B.C“木星冲日这一天象的发生周期为D“木星冲日这一天象的发生周期为解析：AB.由开普勒第三定律得：，解得：，故A错误，B正确；CD.当地球和木星运行到太阳两侧，三者排成一条直线，到地球与木星相距最近，两者转过的角度相差2，所以tt2，解得：t，故C错误，D正确答案：BD7如下图，矩形平面导线框abcd位于坚直平面内，程度边ab长l1，竖

8、直边bc和l2，线框质量为m，电阻为R.线框下方有一磁感应强度为B、方向与线框平面垂直的匀强磁场区域，该区域的上、下边界PP和QQ均与ab平行，两边界间的间隔 为H，H>l2.让线框从dc边距边界PP的间隔 为h处自由下落，在dc边进入磁场后、ab边到达边界PP前的速度为v，那么A当dc边刚进磁场时，线框速度为B当ab边刚到达边界PP时，线框速度为C当dc边刚到达边界QQ时，线框速度为D从线框开场下落到dc边刚到达边界QQ的过程中，线框产生的焦耳热为mghl2解析：A.从线框开场下落到dc边刚进磁场时，线框做自由落体运动，下落高度为h，由v22gh，得当dc边刚进磁场时，线框速度为v，故

9、A正确；B.当ab边刚到达边界PP时，根据平衡条件dc边受力平衡，得：mg，解得：v1，故B错误；C.从ab边刚到达边界PP，到dc边刚到达边界QQ时，线框下落高度为Hl2，由于Hl2，所以这一阶段只有重力做功，那么由动能定理，得：mgHl2mvmv，解得：v2，故C正确；D.从线框开场下落到dc边刚到达边界QQ的过程中，由能量守恒，得：mgHhQmv ，那么线框产生的焦耳热：QmgHhmvmgH2hl2，故D错误答案：AC8某兴趣小组用实验室的手摇发电机和理想变压器给一个灯泡供电，电路如图，当线圈以较大的转速n匀速转动时，电压表示数是U1，额定电压为U2的灯泡正常发光，灯泡正常发光时电功率为

10、 P，手摇发电机的线圈电阻是r，那么有A电流表的示数是B变压器原副线圈的匝数比是U2U1C变压器输入电压的瞬时值uU2sin 2ntD手摇发电机线圈中产生的电动势最大值是Em解析：A.理想变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P，所以输入功率为P，电流表的示数是，故A正确；B.电压与匝数成正比，所以变压器的原副线圈的匝数比是U1U2.故B错误；C.线圈以较大的转速n匀速转动时，所以2n，所以变压器输入电压的瞬时值uU1sin 2nt，故C错误；D.手摇发电机的线圈中产生的电动势最大值是Em，故D正确答案：AD第卷二、填空题94分如下图，两端带有固定薄挡板的长木板C的长度为L，总

11、质量为，与地面间的动摩擦因数为，其光滑上外表静置两质量分别为m、的物体A、B，其中两端带有轻质弹簧的A位于C的中点。现使B以程度速度2v0向右运动，与挡板碰撞并瞬间粘连而不再分开，A、B可看作质点，弹簧的长度与C的长度相比可以忽略，所有碰撞时间极短，重力加速度为g，那么B、C碰撞后瞬间的速度大小是_，A、C第一次碰撞时弹簧具有的最大弹性势能是_。解析：B、C碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：×2v0v1 解得：v1v0设A、C第一次碰撞前瞬间C的速度为v2对B、C根据动能定理有：2mg×mvmv当A与B和C第一次碰撞具有共同速度v3时，弹簧的弹性势能最

12、大，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv22mv3由能量守恒定律得：Epmmv×2mv解得：EpmmvmgL答案：v0；mvmgL106分某实验中学的物理兴趣实验小组利用如图13甲所示的实验装置验证系统的机械能守恒定律。将一气垫导轨倾斜地固定在程度桌面上，导轨的倾角为，在气垫导轨的左端固定一光滑的定滑轮，在靠近滑轮的B处固定一光电门，将质量为m的小球通过一质量不计的细线与一带有遮光板的总质量为M的滑块相连接。现将带有遮光板的滑块由气垫导轨的A处由静止释放，通过计算机测出遮光板的挡光时间为t，用游标卡尺测出遮光板的宽度为b，用刻度尺测出A、B之间的间隔 为d。假设滑块在

13、B处的瞬时速度等于挡光时间t内的平均速度。由以上的表达答复以下问题：图131假设游标卡尺的读数如图乙所示，那么遮光板的宽度为_ mm；2滑块到达光电门B处的瞬时速度vB为_；用字母表示3假如该小组的同学测得气垫导轨的倾角30°，在滑块由A点运动到B点的过程中，系统动能增加量Ek为 _，系统重力势能减少量Ep为_，假设在误差允许的范围内EkEp，那么滑块与小球组成的系统机械能守恒。重力加速度用g表示。以上结果均用字母表示4在验证了机械能守恒定律后，该小组的同学屡次改变A、B间的间隔 d，并作出了v2d图象，如图丙所示，假如Mm，那么g_ m/s2。解析1游标卡尺的读数为3 mm17&#

14、215; mm3.85 mm；2滑块到达光电门B处的瞬时速度为vB；3系统动能增加量为EkMmv，系统重力势能减少量为EpmgdMgdsin 30°mgd；4根据机械能守恒定律可得mgdMmv2，又Mm，那么g2，由v2d图象可知4.8 m/s2，可得g9.6 m/s2。答案13.8523mgd49.611.8分某学习小组的同学设计了如下图的电路来测量定值电阻R0的阻值约为几欧到十几欧及电源的电动势E和内阻r.实验器材有：待测电源，待测电阻R0，电流表A量程为0.6A，内阻不计，电阻箱R099.9，开关S1和S2，导线假设干 1先测电阻R0的阻值。请将学习小组同学的操作补充完好：先闭

15、合S1和S2，调节电阻箱，读出其示数R1和对应的电流表示数I，然后_，使电流表的示数仍为I，读出此时电阻箱的示数R2.那么电阻R0的表达式为R0_. 2同学们通过上述操作，测得电阻R09.5 ，继续测电源的电动势E和内阻r.该小组同学的做法是：闭合S1，断开S2，屡次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，如下表数据： 组数12345电阻R/03.06.012.018.0电流I/A0.500.400.330.250.20 根据给定的坐标系并结合以上数据描点作图利用图象求出该电源的电动势E_V，内阻r_保存两位有效数字答案：1断开S2，调节电阻箱的阻值；R1R2；2如下图6；2.5

16、.三、计算题1216分 如下图，一质量m0.4 kg的滑块可视为质点静止于动摩擦因数0.1的程度轨道上的A点现对滑块施加一程度外力，使其向右运动，外力的功率恒为P10.0 W经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至B点后程度飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示数为25.6 N轨道AB的长度L2.0 m，半径OC和竖直方向的夹角37°，圆形轨道的半径R0.5 m空气阻力可忽略，重力加速度g10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8，求：1滑块运动到C点时速度v

17、c的大小；2B、C两点的高度差h及程度间隔 x；3程度外力作用在滑块上的时间t.解析：1滑块运动到D点时，由牛顿第二定律得：FNmgm 滑块由C点运动到D点的过程，由机械能守恒定律得：mgR1cos mvmv 代入数据，联立解得： vC5 m/s2滑块在C点速度的竖直分量为：vyvcsin 3 m/sB、C两点的高度差为：hm0.45 m滑块由B运动到C所用的时间为：t10.3 s滑块运动到B点的速度为：vBvCcos 4 m/sB、C间的程度间隔 ：xvBt14×0.3 m1.2 m3滑块由A点运动B点的过程，由动能定理得：PtmgLmv 代入数据解得： t0.4 s答案：15 m

18、/s；20.45 m、1.2 m；30.4 s13.18分如图21所示，宽度为L的足够长的平行金属导轨固定在绝缘程度面上，导轨的两端连接阻值为R的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一根质量m的导体棒MN放在导轨上与导轨接触良好，导体棒的有效电阻也为R，导体棒与导轨间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。导体棒MN的初始位置与导轨最左端间隔 为L，导轨的电阻可忽略不计。图211假设用一平行于导轨的恒定拉力F拉动导体棒沿导轨向右运动，在运动过程中保持导体棒与导轨垂直，求导体棒最终的速度；2假设导体棒的初速度为v0，导体棒向右运动L停顿，求此过程导体棒中产生的热量；3假设磁场随时间均匀变化，磁感应强度BB0ktk>0，开场导体棒静止，从t0时刻起，求导体棒经过多长时间开场运动以及运动的方向。解析1导体棒最终匀速运动，设最终速度为v，EBLv，I，FmgBIL，v。2由能量守恒定律得mvmgLQ，回路中产生的总热量QmvmgL，Q棒mvmgL。3EL2kL2，I。导体棒恰好运动时B0ktILmg，解得t，由楞次定律得导体棒将向左运动。答案12mvmgL3向左运动1420分如下图，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，其竖直边界AB、CD的宽度为d，在边界AB左侧是竖直向下、场