【物理】欧姆定律知识点总结和题型总结

1、【物理】欧姆定律知识点总结和题型总结一、欧姆定律选择题1 .如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯Li、L2都能正常发光，甲、乙两个电表的示数之比是 2： 3此时灯Li、L2的电阻之比是（）【答案】DB. 3: 2C. 2: 3D. 1: 2【解析】 【解答】如果甲乙任何一个为电流表，将会形成短路，因此甲乙都为电压表，此时灯Li、L2串联连接，电压表甲测量 L2两端电压，电压表乙测量电源电压；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，并且甲、乙两个电表的示数之比是2 : 3,所以灯Li、L2两端电压之比： Ui: U2= （3 - 2）: 2=1: 2;又因为串联电路电流相等，即i=2;L

2、Ih ½LJ由 I=可得，Ri: R2= : =Ui: U2=i: 2故选D【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据 串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比.2灯泡L上标有“6V5W字样，测得该灯泡的电流随电压变化的关系如图甲所示现把灯 泡L接入如图乙所示的电路中，若电源电压为i0V不变，电流表的量程为“卜0.6A”，电压表的量程为“0 i5V',则下列说法正确的是（）I/A甲乙A. 灯泡L正常发光时，电压表的示数为6VB. 当电流表示数为 0.4A时，电压表的示数为 9VC. 灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而增大D. 为了保证

3、电路安全，整个电路消耗的最大功率为i0W【答案】B【解析】【解答】解：A、灯泡正常发光时的电压Ul=6V,因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡L正常发光时，电压表的示数：UR=U- UL=IoV-6V=4V,故A错误；B、由图象可知，当 I=0.4A时，Ul=1V,所以UR=U-Ul=IOV- 1V=9V.故B正确；C灯泡的电阻随温度的升高而增大，即灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越 高，电阻越大，因电压表的示数越大时，灯泡两端的电压越小，所以，灯泡的电阻随两端 的电压增大而减小故 C错误；D、由图象可知，当灯泡正常发光(Ul=6V)时，电路中的电流为1A>0.6A,

4、所以电路中的最大电流为I=0.6A,电路消耗的最大电功率Pmax=UImax=IOV × 0.6A=6W故D错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中的电流；(1) 灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电压表的示数；(2) 根据图象读出当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压，根据电阻的串联特点求出 电压表的示数；(3) 灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻的越大，根据串联电路的电 压特点可知电压表示数增大时灯泡两端的电压变化，进一步得出灯泡电阻与电压表示数之 间的关系；(4) 根据图象可知灯泡

5、正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，即可判断灯泡是否能正常工作；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率.3. 如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时，电压)A. R1先后两次消耗的电功率之比为C.电源电压为10V【答案】BB.滑动变阻器R2的最大阻值为10 nD. R的阻值为20 R1与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当滑片 P置于变阻器的B端时滑动变阻器的阻值最大，根据Q= N 得 R2=【解析】【解答】由电路分析可知,萨(6V)2F

6、 = 36J X IoS=10 B符合题意；滑片 P置于变阻器的 B端时电路中的电流 11=Ui 6V=& MQ =0.6A, U 总=Ui+U2=0.6ARi+6V,当 R=10 时电压表的示数=6V-2V=4V,此 u4V= 时电路中的电流 I ' =0.8A, U总=U+U2=0.8AR+4V，根据P=FR得P1: P1'（0.3A） 2Ri ：（ 0.4A） 2Ri=9 : 16, A不符合题意；解由 组成的方程组得：电源电压为12V、R1的阻值为10 , C D不符合题意。故答案为：BO【分析】根据 Q= R '求出FF的值，根据欧姆定律1=7求出滑片

7、P置于变阻器的B端和位 于中点时电路中的电流，根据P=FR得出R1的功率之比，根据串联电路电压的规律列出方程，求出电源电压、R1的阻值。4. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关 S闭合时，灯L正常发光，灯L的 电阻会随电流变化，如果将滑动变阻器的滑片 P向右滑动，电压表的示数和灯正常发光时示数A.灯L变暗，灯两端电压变小相同，则下列说法中正确的是（）B. 灯L变暗，灯的实际功率变小C. 灯L变亮，灯两端电压变大D. 灯L变亮，灯的实际功率变大【答案】A【解析】【解答】将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据可知，电路中的电流变小；根据 I M =

8、R3可知，灯泡两端的电压变小,由可知，灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗。故答案为：A【分析】灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电 流；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电 路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化5. 对于某一确定的导体，影响该导体电流大小的物理量是（）A.通电时间B.电荷量C.电压11D.质量【答案】C【解析】【解答】解：（1）由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端 的电压成正比，所以对于某一确定的导

9、体，通过导体电流大小决定于导体两端的电压，故 C正确；（2）导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小，即在一定时间内通过导体横截 面的电荷量的多少，电流的大小与质量无关，故ABD错误.故选C.【分析】对于某一导体，电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析 选择.6. 有两个电路元件 A、B,把它们串联在电路中，如图乙所示，流过元件的电流与其两端的电压关系如图甲所示。闭合开关S,这时电流表的示数为 0.2A,若将A、B两元件并联接在原来的电源上，则此时电路中的总电流为（）3h II104A7k02ZL<1QSIiF,.JE5a1k甲乙A. 1.2AB. 0.6AC. 0.7A

10、D. 0.5A【答案】A【解析】【解答】（1）由电路图可以知道，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流， 因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表的示数为0.2A时：- 二-由图象可以知道，A和B两端的电压分别为：UA = " 21所以，电源的电压：F - E f = 八静=闕；（2）若将A、B两元件并联接在原来的电源上，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，VA - Ii F =刘由图象可以知道，通过两元件的电流分别为：IA = a 6A - 0. 6A因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以汗路电流：I=IBfA= 0. 6A 0. HA = L2A故答案为：A.【分析】

11、电路元件 A和B串联，电流表测电路中的电流，再结合电流一电压图像即可求解7. 图甲是某电子秤的原理示意图， Ri的阻值为100 ,托盘下方的电阻 F2为压敏电阻, 其电阻大小与托盘内所放物体质量 m大小的关系如图乙所示，电源电压为6 V保持不变,则（）屮a MIilCA. R2的阻值变化范围为 01000 B电路中电流的变化范围为0.1 A0.6 AC.电路中电流为 0.02 A时，托盘内物体的质量为600 gD.托盘内物体质量为400 g时，电流表的示数为 0.01 A沿此线折叠【答案】C【解析】【解答】A.由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围为0书00 , A不符合题意；B. 当托盘内物

12、体的质量为零时，压敏电阻R2= 500 则电路总电阻：R= Ri+R2= 100 +500 U _ 6V=600 ,此时电路中的电流：I=W 城=0.01A,当托盘内物体的质量为 1000g时,压敏 电阻阻值是 0,则电路总电阻： R= R+R2 = 100 +0 = 100 ,此时电路中的电流： I =U _6V_R IOoQ = 0.06A,所以，电路中电流的变化范围为0.01A-0.06A, B不符合题意；U 別C. 当电路中电流1 = 0.02A时，电路总电阻：R总=Am血丿=300 则压敏电阻 R2的阻 值：R2= R总-R1 = 300 -100 = 200 ,由图乙可知，当R2=

13、 200 时，托盘内物体的质量为 600g, C符合题意；D. 当托盘内物体质量为 400g时,由图乙可知，R2= 300时，则电路总电阻：R'总=R1+R2'' =100 +300 = 400 ,此时电路中的电流：|2=用曲= 0.015A, D不符合题意。故答案为：CO【分析】电阻 R1、F2串联电流表测电路中的电流，由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围；根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路中电流的变化范围；再根据欧姆定律、串 联电路电阻特点求出托盘内物体的质量和电流表的示数&当一导体两端的电压是6V,通过的电流是 0.6A,则该导体的电阻是（）A. 1

14、0 QB3.6 QGa.6 QU D5.4 Q【答案】AL6V【解析】【解答】解：由I=可得，导体的电阻：R=10Q.故选A.【分析】已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻.9. 现有Ri、R2两个电阻，它们的 U-I关系图象分别如图甲、图乙所示。将这两个电阻串 联后接入电压为 6V的电源两端，下列说法正确的是（）A. 该电路中电阻 Rl的阻值是电阻 R2阻值的2倍B.通过电阻Rl的电流是通过电阻 R2电流的2倍C.电阻Ri两端的电压与电阻 R2两端的电压相等D.电阻Rl与电阻R2的电功率相等【答案】A【解析】【解答】解：因串联电路中各处的电流相等，所以，将这两个电阻串联后

15、接入电压为6V的电源两端时，通过它们的电流相等，B不正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当电路中的电流I= 02A, Ui = 4V, U2= 2V时符合，0 4V J则/ =JlJ= / , C不正确；b由I= 可得，两电阻的阻值之比:故答案为：A。【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，且它们两端的电压之和等于电源的电压，根 据两个图象找出符合的电压和电流值；然后根据欧姆定律判断电路中两电阻的阻值关系， 根据P= UI判断两电阻的电功率之间的关系。10. 要测量一个阻值约为 200 的电阻阻值，能提供的器材有：新干电池两节、电流表一只（量程为 O- 0.6A、0 -

16、 3A）、电压表一只（量程为0 - 3V、0 - 15V）、滑动变阻器R（100 2A） 一只、100的定值电阻R0一只、开关和导线若干。利用上述器材设计以下电路，其中能粗略测出 RX阻值的是（）B.D.【解析】【解答】两节新干电池串联组成电源的电压为3V。A.由电路图可知，R与RX串联，电压表测 RX两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑U _ 3V动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大为I=' = 0.015A ,该电流小于O - 0.6A电流表的分度值，所以电流表的示数无法准确读出，不能测出FX阻值，A不可行；B. 由电路图可知，两开关均闭合时，电路为RX的简单电路，电

17、压表测电源两端的电压U;当只断开上面开关时，RO与RX串联，电压表测 FX两端的电压UX ,因串联电路中各处- u的电流相等，所以I=朋 用，因两电阻的阻值相差不大，由串联电路的分压特点可知，两电压表的示数均可准确读出，能测出RX阻值，B可行；C. 由电路图可知，两开关均闭合时， Ro与RX并联，电流表测通过 RX的电流；当只断开上 面开关时，电路为 RX的简单电路，电流表测通过 RX的电流；虽然 RX两端电压等于电源电 压3V,但由于电路中电流太小，所以不能测出 FX阻值，C不可行；D. 由电路图可知，上面开关断开、下面开关闭合时，电路为RO的简单电路，电流表测电l! 3V-Tr =0、加路

18、中的电流，此时电路中的电流I=1;两开关均闭合时，Ro与RX并联，UU 3V 3V 电流表测干路电流，此时电流表的示数I=和 & 卫制灯Ioo 0.045A ,两次电流表的示数太小，相差不大，不易读出示数，所以不能测出RX阻值，D不可行。故答案为：BO【分析】电阻测量电路的设计，不仅会设计正确的方案，同时还要注意合理性，根据测电阻的原理可知，要测量未知电阻的阻值，需要测量未知电阻两端电压和通过的电流11. 如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中（）A. 电流表A的示数变大电压表V的示数变大C.电压表V与电流表A的示数

19、的比值变大D.电压表V与电流表A的示数的乘积变小【答案】D【解析】【解答】A.此电路为串联电路，电压表测量电阻Ri两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键 S向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，A不符合题意他.B. 根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大，分压将增大，根据串联电路电压特点，所以电阻Ri两端的电压减小，即电压表示数变小，B不符合题意.C. 电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻 Ri的阻值，应不变，C不符合题意.D. 因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小，D符合题意.、故答案为：

20、D.【分析】Rl与R2串联，电压表 V测Ri的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可 知电路中电流的变化分析.12. 如图所示，电源电压恒为5V,电压表的量程为 O3V,电流表的量程为 O0.6A,滑动变阻器的规格为“201A"灯泡标有“3V1.8W”字样闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（）孑H"r-A.滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020 B.电流表示数的变化范围是 0.10.6AC.电压表示数的变化范围是1.5V3VD灯泡的最小功率是 0.2W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两

21、端的电压，电流表测电路中的电流.根据P=UI可得，灯的额定电流：PL飯丿醐lIL额=ULsi= 3V =0.6A,由 I=:得：灯泡的电阻由于电压表的量程为03V,电流表的量程为通过灯泡的最大电流I最大=IL额=0.6A;U由I= 2得：电路中的最小总电阻R最小=1鼠人=00.6A,则灯泡两端的最大电压为3V,则5V 8.3 由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R最小-Rl=8.3 - 5 =3.3 ,因为滑动变阻器的规格为“20 IA”所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.3 20 ,故A错误；电路中的最大总电阻 R最大=R-+R=20 +5

22、=25 则电路中的最小电流：I最小=R最大=亦G =0.2A,所以电流表示数的变化范围是0.20.6A,故B错误；灯泡两端的最小电压为 UL最小=I最小 Rl=0.2A × 5 =IV所以电压表示数的变化范围是1V3V,故C错误；此时灯泡的功率最小为：PL最小=I最小2Rl= ( 0.2A) 2× 5 Q =0.2W故D正确.故选D.【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流.(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯 泡的

23、电阻和电路中的最小电阻，禾U用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=I2R求出灯泡的最小功率本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定 电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项.13. 在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是()A.灯泡L变亮B.电压表V示数变大C电流表A1示数变小D.电流表A2示数变大【答案】C【解析】【解答】解：由图可知，该电路为并联

24、电路；电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压，亦即电源电压，保持不变， B不符合题意；根据并联电路的特点可知，滑动变阻器滑片移动时，对灯泡所在的支路无影响，灯泡的电 流和电压都不变，故电流表 A2示数不变，灯泡亮度不变，AD不符合题意；当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变 阻器的电流减小；通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减 小，即电流表 A1示数变小，C符合题意。故答案为：CO【分析】电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两 端的电压；根据滑动变阻

25、器滑片移动的方向判定其阻值变化，根据欧姆定律判定其电流变 化，根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化14. 如图所示，电源电压U恒定，闭合开关和 S2 ,在滑动变阻器滑片向上移动过程中()A.灯泡L的亮度不变B.两端的电压变大C.电流表A2的示数变大D.电流表的示数变大【答案】A【解析】 【解答】根据电路图，当开关都闭合时，电路中只有灯泡和电流表串联，在移动 滑片时，灯泡亮度不变，A符合题意。故答案为：A.【分析】根据连入电路中的电阻情况，分析当改变电阻时，电流或电压变化情况。15. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下<s>列说法正确

26、的是（)A.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表示数和电流表示数的乘积变大【答案】CB.电压表示数不变，电流表示数变大D.电压表I勺示数和电流表的比值不变【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻Rl和滑动变阻器 R2串联，电压表 Vi测电源的电压，电压表 V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流.因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 Vi的示数不变，故 A错误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小,b由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，定值电阻 Ri两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变

27、阻器 R2两端的电压变小，即电压表 V2的示数变小，故 B错误；因电压表Vi的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，所以，电压表 Vi示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故C正确、D错误.故选C.【分析】由电路图可知，定值电阻Ri和滑动变阻器F2串联，电压表 Vi测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流根据电源的电压可知滑片移动时电压 表Vi示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中 电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ri两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表 V2示数的变化，进一

28、步判断电压表Vi示数和电流表示数的乘积变大以及电压表 V2示数和电流表的比值变化本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的 特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键.i6.一只小灯泡标有 “ 3.8V字样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进 行测量，电源电压恒为 6V,电压表、电流表使用的量程分别为0- 3V、0-0.6A,滑动变阻器的规模为“i0 iA”他根据实验数据作出电压表、电流表示数的U- I图象，如图乙所示，则以下判断正确的是()甲乙A.小灯泡的额定功率为0.88W亮C.变阻器允许连入电路的最大阻约为B滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变8.

29、82 D.小灯泡正常发光 2s内，变阻器产生的电热为3.04J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流 ：(i) 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压 Ul=3.8V时滑动变阻器两端的电压:UR=U - Ul=6V- 38V=22V,由图象可知，电路中的电流 l=0.4A,小灯泡的额定功率：PL=ULI=3.8V × 04A=152W故 A 错误；2s内变阻器产生的电热：QR=WR=URt=22V × 0.4A × 2s=,175JD 错误；（2）滑片向左移时，接

30、入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大,由图象可知，滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，灯泡的实际功率变大， 即电压表的示数变小，小灯泡变亮，故B错误；（3） 当电压表的示数最大UR =3时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由图象可知，电路中的电流 I ' =034A则滑动变阻器接入电路中的最大电阻：R大="=" 882 ,故C正确。故选CO【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流：（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据串联电路 的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根

31、据图象读出电路中的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率，根据 Q=W=UIt求出2s内变阻器产生的电热；（2）根据滑片的移动可知接 入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知接入电路中电流的变化，根据图象可知灯泡两端 的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗的变化；（3）当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据图象读出电路中的电流，根 据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中读出电压和电流的对应值。17.

32、 如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知 Ri = 3R?,当S和Si闭合、S2断开时， 电压表和电流表的示数分别为 Ui和|i；当Si断开、S和S2闭合时，电压表和电流表的示数 分别为U2和I2 ,则Ui： U2、|1： |2分别是（）A i： i、4: 3B i： 2、i： 3C i： i、i : 4D i： 4、i： i【答案】A【解析】【解答】解：当Si闭合、S断开时，等效电路图如图i所示；当SI断开、S2闭合时，等效电路图如图 2所示。團L2电源的电压不变，且两种情况下电压表测电源的电压, 所以两次电压表的示数不变，即 Ui ： U2= 1 : 1；u UUU 4U 国两电阻并联，

33、Ii=,2=则 Ii: 124: 3。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，根据 电源的电压不变判断电压表示数的变化，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各 支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值18.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯 此时甲、乙两电表的示数之比为(Li,L2的电阻B. 1 : 2C. 3: 2D. 2: 3【答案】D【解析】【解答】解：乙表与电源两端连接，所以乙是电压表，甲如果是电流表, 时，灯L2短路，与题意不符，故甲也是电压表，甲表测S闭合匕的电压，乙表测电源电压，两灯串联，

34、 压之和可得,=，根据分压原理可知血1E ,根据串联电路总电压等于各用电器两端的电U UlSUZi 血 4 Uu ULl + 翅J 1> .2Uli甲、乙两电表的示数之比为故答案为：DO【分析】乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，故两表都为电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，根据分压原理和串联电路电压的规律得出答案19.如图所示，甲乙两个电路的电源电压相等且保持不变，两个灯泡的规格相同闭合开 关后，当滑动变阻器的滑片都从中点向右滑动的过程中，关于灯泡亮度的说法，正确的是()A.灯泡Li和L2都变亮 比L2暗【答案】DB.灯泡Li和L2都变暗C. Li始终比L2亮

35、D. Li始终【解析】【解答】解：（1）甲图中灯泡Li与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片 P都从中点向左滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总 电阻变大，b由I=可知，电路中的电流变小， 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡Li的实际功率变小，灯泡变暗；（2）乙图中灯泡L2与滑动变阻 器并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，3）因并联电路中各支路两端所以，滑片移动时，灯泡 L2的实际功率不变，亮暗不变; 的电压相等，串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，Li两端的电压始终小于 L2两端的电压， 因两灯泡的规格相同，即电阻相等，I-所以，由P= 可知

36、，L2的实际功率始终比 Li大，贝U L2始终比Li亮. 综上可知，ABC错误、D正确.故选D.【分析】（i）左图中灯泡与滑动变阻器串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变 化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其亮暗的变化；（2）右图中灯泡与滑动变阻器并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时灯泡实际功率和亮暗的变化；（3）根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点判断两灯泡两端的电压关系，根据ULP=UI= A可知两灯泡实际功率的关系，然后判断亮暗关系.20. 如图甲所示，F2为电阻箱调节 R2时电

37、流表示数I随之变化。如图乙所示是电阻箱阻值R2与电流表示数的倒数的图象。则定值电阻 Rl与电源电压U的大小分别为（）甲A. 5Q 30V【答案】B【解析】【解答】B. 5 Q 2.5VC. 10 Q 20VD. 10 Q 10V由电路图可知，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当LR2= 0 Q时，=2A1 ,则电路中的电流Ii= 0.5A,此时只有 Rl接入电路，则由I=卉可I得，电源的电压：U= 1R1 = 0.5A ×R ,，当R2= 10 Q时，=6A一1 ,则电路中的电流2= A,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U= 2(R1R2)= A

38、 ×( R110 Q),，因电源的电压不变，所以， 0.5A ×1R1=& A ×( Rl 10 Q),解得：R1 = 5 Q,电源电压 U= I1R1= 0.5A × 5=Q2.5VA C、D 不符合 题意；B符合题意故答案为：BO【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当R2= 0 Q时，1 I = 2A1 ,则电路中的电流1 = 0.5A,此时只有R1接入电路，根据欧姆定律求解 即可21. 如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P从最左端向中心移动的过程中，下列

39、说法正确的是()ipI_B I_RIit.A. 电流表A1和电流表 A的示数都变大B.电路总功率变大，电压表的V的示数不变C. 电路总功率变小，电压表V的示数不变D.电流表A2和电压表V的示数都保持不变【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，Rl与甩并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测Ri支路的电流，电流表 A测干路电流.因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表 V的示数不变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 Ri的电流不变，即电流表 Ai的示数不变，故A错误； 在滑片P从最左端向中心移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，b由I= 可知，通过变阻器的电

40、流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，故 D错误；由P=Ul可知，电路总功率变大，故 B正确、C错误.故选B.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测Ri支路的电流，电流表 A2测干路电流根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联 电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过Ri电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电 流特点可知干路电流的变化，利用P=UI可知电路总功率的变化.本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆

41、定律的应用，分析电路的串并联和电表所测的电路元件 是关键.22. 如图电路，电源电压为 i2V且保持不变。闭合开关 S ,当滑片P置于变阻器的中点 时，电压表的示数为 4V;当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V ,在IOs内定值电阻Ri产生的热量为36J.则下列结果正确的是（）P耳TfI4 AIIl-,A. 电路中的最大电流为 iAB. 滑片P在中点时，IOs内滑动变阻器 R消粍的电能为60JC. 滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比为8 iD. 先后两次消耗的电功率之比为16: 9【答案】D【解析】 【解答】解：根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的

42、电压；滑片从中点到 b端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数（变阻器的电压）将增大，电压表示数增大了2V ,即滑片在 b点时电压表的示数为4V+2V=6V;在10s内定值电阻Ri产生的热量为36J,由Q= t可得Ri的阻值:Ri= Qi t=36JA、当滑片在a点时,则电路中的最大电流:× 10s=10；变阻器接入电路的阻值为0,电路中的电流最大,U 12VI最大=Rl = WQ =1.2A， A不符合题意；U 1 12V - 41 I= Ri = IoQ=0.8A,最小=WQ=0.6A，B、串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时，电路中的电流：IOs内滑动变阻器 R消耗的电能： W 滑=U滑It=4V × 0.8A × 10s=32J不符合题意；C当滑片在 b点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流:Ul 12V<=0，C不符(12V - W × Or 8.4 16=(12V - 6V) X 0. 6A =7，D 符B. 3: 1C. 3: 4D. 4: 3由P=Ul可得，滑动变阻器 R先后两次消耗的电功率之比: 合题意；D由P=UI可得，Ri先后