福建省2021-2022学年高一上学期第二次月考物理试题含解析

1、试卷主标题姓名：_ 班级：_考号：_一、选择题（共12题）1、 A 加速度等于 2 a B 加速度大于 2 a C 摩擦力仍为 f D 摩擦力变为 2 f 2、 A 根据平均速度的定义式 ，当 趋近于零时，就可以表示物体在 t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法 B 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法 C 在实验探究互成角度的两个力的合成规律时，运用了等效替代法 D 伽利略通过斜面实验探究力与运动的关系，运用了理想实验法 3、 A 该汽车的重力等于 B 此时千斤顶每臂受到的压力大小均为 C 若继续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到的压力将减小 D 若继

2、续摇动把手，将汽车顶起，千斤顶每臂受到的压力将增大 4、 A B 受到 C 的摩擦力一定沿斜面向上 B 水平面对 C 的摩擦力一定沿水平面向左 C 短杆受到定滑轮的作用力不可能沿着杆向下 D 若把细绳稍微增长一些，弹簧长度将变短 5、 A 牛顿是国际单位制中的基本单位 B 米、米 / 秒、焦耳都是国际单位制的导出单位 C 千克、米、秒都是国际单位制中的基本单位 D 在国际单位制中，长度的单位可以是米，也可以是厘米 6、 A 安全带可有效减小驾乘人员的惯性，避免严重交通事故伤害 B 汽车速度越大，刹车后越难停下来，表明物体的速度越大，惯性越大 C 摩托车转弯时要控制适当的速度和角度，也就是调控人

3、和车的惯性 D 超载运行的大货车不容易停下来是因为其质量大、惯性大 7、 A 甲对乙的拉力和乙对甲的拉力是一对平衡力 B 当甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力 C 甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力，所以甲获胜 D 甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，所以甲获胜 8、 A 若两电梯匀速上升，则甲、乙两人均没有受到摩擦力 B 若两电梯匀速上升，则甲受到的重力和支持力 C 若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力 D 无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用 9、 A B C D 10、 A 若 ，则表明木块做匀加速直线运动

4、 B 若 ，则表明木块一定做匀加速直线运动 C 若只增大木板的倾角，则计算机描绘的 可能是（ b ）图中的曲线 D 若只增大木块的质量，则计算机描绘的 可能是（ b ）图中的曲线 11、 A B C D 12、 A 在 时刻，小球的速度最大 B 在 时间内，小球先做匀加速后做匀减速运动 C 在 时间内，小球加速度先增加后减小 D 忽略空气阻力，可以计算出小球自由下落的高度 二、实验,探究题（共2题）1、 a 、在桌上放一块木板，用图钉把白纸钉在木板上； b 、用图钉把橡皮条的一端固定在板上的 A 点，在橡皮条的另一端 O 点拴上两条细绳，细绳的另一端系有绳套； c 、将两个弹簧测力计分别钩住绳

5、套，互成角度地拉橡皮条，使结点 O 到达某一位置 P ，记录 P 点位置和两个弹簧测力计的示数 F 1 和 F 2 、两根细绳的方向； d 、只用一个弹簧测力计通过细绳套拉橡皮条，使结点 O 到达任一位置，并记录弹簧测力计的示数 F 、一根细绳的方向； e 、取下白纸，按选好的标度用铅笔和刻度尺作出拉力 F 的图示；按同一标度作出两个拉力 F 1 和 F 2 的图示，并以 F 1 和 F 2 为邻边作平行四边形，画出它们所夹的对角线 F ´ ； f 、比较 F ´ 和 F 的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。 （ 1 ）上述操作步骤存在错误的是 _ （选填步骤前的序号）

6、。请在横线上写出正确的操作方法： _ ； （ 2 ）其他两位同学正确完成了上述 a 到 d 各步骤后，分别取下做好标记的白纸 A 、 B ，如图乙所示。其中，最有利于减少实验作图误差的是白纸 _ ；（选填 “A” 或 “B” ） （ 3 ）从白纸 A 中的标记可知，该同学在完成步骤 c 后，若要保持结点 O 仍然与 P 点重合且 F 1 方向不变，同时增大 F 1 、 F 2 的夹角，则 F 1 的大小将 _ 。（选填 “ 增大 ” 、 “ 减小 ” 或 “ 不变 ” ） （ 4 ）如果没有操作失误，上述步骤中的 F 与 F ' 两力中，方向一定沿 AO 方向的是 _ 。 2、 （ 1

7、 ）本实验应用的实验方法是 _ A 控制变量法 B 假设法 C 理想实验法 D 等效替代法 （ 2 ）（多选题）为了验证加速度与合外力成正比，必须做到 _ A 实验前要平衡摩擦力 B 每次实验都必须从相同位置释放小车 C 实验时拉小车的细绳必须保持与小车运动轨道平行 D 实验过程中，如拉力改变，则必须重新平衡摩擦力 （ 3 ）图乙为某次实验得到的纸带，纸带上相邻的两计数点间有四个点未画出，则小车的加速度大小为 a =_m/s 2 ( 结果保留两位有效数字 ) （ 4 ）在验证 “ 质量一定，加速度 a 与合外力 F 的关系 ” 时，某学生根据实验数据作出了如图丙所示的 a F 图像，其中图线不

8、过原点并在末端发生了弯曲，产生这种现象的原因可能有 _ A 木板右端垫起的高度过小（即平衡摩擦力不足） B 木板右端垫起的高度过大（即平衡摩擦力过度） C 盘和重物的总质量 m 远小于车和砝码的总质量 M （即 m << M ） D 盘和重物的总质量 m 没有远小于车和砝码的总质量 M 三、解答题（共3题）1、 （ 1 ）撤去 F 瞬间，金属块的速度为多大？ （ 2 ）金属块在地面上总共滑行了多远？ 2、 (1) 物体在前 4 秒内的位移多少？ (2) 物体与水平面间的动摩擦因数。 3、 (1) 求运动员到达 P 点时速度的大小。 (2) 若运动员助力滑下阶段做匀加速直线运动，且助

9、力方向平行雪坡向下，求滑雪者助力的大小。 四、填空题（共2题）2、 =参考答案=一、选择题1、 【详解】 AB 设物体所受的滑动摩擦力大小为 f ，当拉力变为 2 F 时物体的加速度为 a ，根据牛顿第二定律得 则 即 故 B 正确， A 错误； CD 物体所受滑动摩擦力 不随拉力变化而变化，故 C 正确， D 错误。 故选 BC 。 【点评】 本题考查对牛顿第二定律的理解能力，公式 中 F 是合力，不是拉力，不能简单认为拉力变为 2 倍，加速度就变 2 倍。 2、 【详解】 A 根据平均速度的定义式 ，当 趋近于零时，就可以表示物体在 t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法。故 A 正确

10、； B 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了理想模型法。故 B 错误； C 在实验探究互成角度的两个力的合成规律时，运用了等效替代法。故 C 正确； D 伽利略通过斜面实验探究力与运动的关系，运用了理想实验法。故 D 正确。 故选 ACD 。 3、 【详解】 A 由图可知，该千斤顶只顶起一个车轮，千斤顶受到的压力只是汽车重力的一部分，所以汽车的重力一定大于 4.0×10 3 N ，故 A 错误； B 对千斤顶两臂交叉点进行受力分析： 千斤顶两臂间的夹角为 120° 时，结合几何关系运用共点力平衡条件得 F 压 = F = N 1 = N 2 所以

11、此时两臂受到的压力大小均为 4.0×10 3 N ，故 B 正确； CD 从力图中发现 若继续摇动手把， F 不变， 减小， cos 增大， 减小。所以两臂受到的压力将减小。故 C 正确， D 错误。 故选 BC 。 4、 【详解】 A 当 B 的重力沿斜面向下的分力等于绳子的拉力时， B 不受摩擦力。故 A 错误； B 以 BC 组成的整体为研究对象，分析受力，画出力图如图 根据平衡条件，水平面对 C 的摩擦力 方向水平向左。故 B 正确； C 滑轮受到重力、和 AB 两个物体的拉力，这三个力的合力的方向不在竖直方向上，所以滑轮受到的杆对滑轮的作用力的方向一定不能是竖直向上。故 C

12、 正确； D 若把细绳稍微增长一些，弹簧上作用力大小不变，长度不变，故 D 错误。 故选 BC 。 5、 【详解】 A “ 千克米每二次方秒 ” 是由 F = ma 推导出来的，是国际单位制中的导出单位，为了纪念牛顿把它定义为牛顿，故 A 错误； B 米不是国际单位制的导出单位，故 B 错误； C 千克、米、秒都是国际单位制中的基本单位，故 C 正确； D 在国际单位制中，长度的单位是米，故 D 错误。 故选 C 。 6、 【详解】 A 安全带可有效减小驾乘人员因为惯性造成的交通事故伤害，但不是减小惯性， A 错误； B 惯性只与质量有关，与速度无关， B 错误； C 惯性的大小只与物体的质量

13、有关，车手可以调整人和车的运动速度和方向，但不能调控惯性大小， C 错误； D 超载运行的大货车不容易停下来是因为其质量大、惯性大， D 正确。 故选 D 。 7、 【详解】 AB 甲对乙的拉力和乙对甲的拉力是一对作用力与反作用力，总是大小相等方向相反，与物体的运动状态无关，故 AB 错误； CD 甲对乙的拉力等于乙对甲的拉力，甲之所以获胜只是因为地面对甲的最大摩擦力大于地面对乙的摩擦力，所以甲获胜，故 C 错误， D 正确。 故选 D 。 8、 【详解】 AB. 若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦力，所以 A 错误， B 正确； C. 若两电梯匀加速上升，则

14、甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上， C 错误， D 错误； 故选 B. 【点睛】 对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力 9、 【详解】 以两个小球组成的整体为研究对象，受到总的重力 2 mg 、弹簧弹力和细线的拉力；根据平衡条件得知， F 与 T 的合力与重力 2 mg 总是大小相等、方向相反，力的合成情况如图所示 由力的合成图可知，当 F 与绳子 Oa 垂直时， F 有最小值，即图中 2 位置， F 的最小值为 F min =2 mg sin = mg 则弹簧的最短伸长量为 故 B 正确， ACD 错误。 故选 B 。 10、 【分析】 根据匀变

15、速直线运动的推论分析木块是否做匀加速直线运动 根据加速度的变化，结合 判断图象的变化 【详解】 A 若 ，则 木块先后经过 、 、 位置时的时间间隔相同，所以在这段时间内木块做匀速直线运动，故 A 错误； B 若 ，则表明木块一定做匀速直线运动，故 B 错误； C 只增大木板倾斜的角度，根据牛顿第二定律知加速度增大，由 可以看出 增大，则 增大，即相等的时间，位移增大，则木块相对传感器的位移随时间变化规律可能是图中的 ，故 C 正确； D 根据牛顿第二定律有 可知加速度 与质量 无关，则图线为 ，故 D 错误。 故选 C 。 【点评】 解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，掌握牛顿第二定律的

16、应用。 11、 【详解】 设车厢的加速度为 a ，则小球速度和车厢加速度一样，都为 a ，由牛顿第二定律得 箱子相对车厢静止，故箱子的加速度为 a ，对箱子受力分析，由牛顿第二定律有 整理得 故 D 正确， ABC 错误。 故选 D 。 12、 【详解】 AB t 1 时刻小球刚接触弹簧，速度向下，弹力小于重力，根据牛顿第二定律可知，合力向下，随着形变量增大，加速度减小，且方向向下，故速度增大；当弹力等于重力，合力为零，加速度为零，速度最大，之后，弹力大于重力，根据牛顿第二定律可知，合力向上，随着形变量增大，加速度增大，且方向向上，故速度减小，由此分析可知，在 时刻，小球的速度不是最大； 这段

17、时间内，小球先向下做加速度减小的加速运动，再向下做加速度增大的减速运动，故 AB 错误； C 在 时间内， 时刻弹簧后缩量最大，弹力大于重力，根据牛顿第二定律可知，合力向上，加速度向上，随着弹簧形变量的减小，加速度减小，速度增大；当弹力等于重力时，加速度为零，速度最大，之后弹力小于重力，根据牛顿第二定律可知，合力向下，加速度向下，随着形变量的减小，加速度增大，速度减小。由此分析，可知在 时间内，小球加速度先减小后增加，故 C 错误； D 若不考虑空气阻力，在 这段时间小球在空中运动可视为自由落体运动，由此可知小球做自由落体运动时间为 根据 求得小球自由下落高度，故 D 正确。 故选 D 。 二

18、、实验,探究题1、 【详解】 (1)12 上述操作步骤存在错误的是 d ；正确的操作方法是把橡皮条和绳套的结点拉到 O 位置； （ (2)3A 图中记录力方向的点距离 O 点较远，有利于减小确定力方向时产生的误差，故选 A ； (3)4 保持结点 O 仍然与 P 点重合，则两个力的合力不变，且 F 1 方向不变，同时增大 F 1 、 F 2 的夹角，则 F 1 的大小将增大； (4)5 在上述步骤 f 中，因 F ´ 是两个力合力的理论值， F 是实验值，所以方向一定沿 AO 方向的是 F 。 2、 【详解】 （ 1 ） 1 本实验应用的实验方法是控制变量法，故 A 选项正确 （ 2

19、 ） 2 为了验证加速度与合外力成正比，实验中必须做到实验前要平衡摩擦力和拉小车的细绳必须保持与轨道平行，而正确的操作应该是给小车一个初速度，小车能够带动纸带匀速下滑，并且要注意平衡摩擦力时，不能将砂桶与小车相连挂在滑轮上，选项 AC 正确； （ 3 ） 3 根据 x=aT 2 ， T=0.1s 运用逐差法得 （ 4 ） 4 其中图线不过原点的原因是平衡摩擦力过度，故 A 选项错误， B 选项正确；其中图线在末端发生了弯曲，是因为盘和重物的总质量 m 不远小于车和砝码的总质量 M 故 C 选项错误， D 选项正确 三、解答题1、 【详解】 （ 1 ）根据牛顿定律有，水平方向 Fcos 37°- f =ma 竖直方向 N = mg - Fsin 37° 其中 f = N 得 Fcos 37°- （