第十二章 机械能和内能填空专题-解析版

1、.第十二章机械能和内能填空专题答案和解析【答案】1. 增加；静止  2. 不变；减小；做功  3. 大于  4. <；金属框下落过程中通过磁场会产生感应电流，有一部分能量转化为电能  5. 增大；增大  6. 不变；大于  7. 小；减小  8. 乙；用海绵代替沙子，现象要比橡皮泥明显  9. 重力势；减小  10. 动  弹性势  11. 内；增大  12.

2、大于不变  13. 声源处；增大；后  14. 做功；机械  15. 内；做功；热传递  16. 做功；压缩  17. 气体的内能增加，温度也会随之升高  18. 一大桶水；比热容；水  19. 不可再生；热传递；扩散  20. 对流；辐射  21. 6.72×105；增大  22. 变大  做功  热传递  23. 热传递；增加；0.02

3、0; 24. 汽化；运动状态；内  25. 小于；4.2×103  26. 1.05×107；4.2×106；40%  27. 15；2.3×l07  28. 大；不变  29. 热传递；2.1×104  30. 3.36×105；4.2×105；80%  31. 压缩；不可再生；4.6×106；11  32. 液化；4.2；1.61×1

4、07  33. 从驾驶舱到外界；耀斑(或太阳风)；做功  34. 4.6×107；4.6×107  35. 4.8；2.4×105；27.3%  36. 12；1750；不可再生  37. 做功；20  38. 无规那么运动；热传递；费力  39. 排气；10；20；40  【解析】1. 解：小华站在自动扶梯上，在扶梯匀速上升的过程中，那么小华的质量不变，速度不变，动能不变；高度增大，重力势能增大，因为机械

5、能=动能+势能，故小华的机械能增加。小华同学以自动扶梯为参照物，相对于自动扶梯的位置没有发生改变，所以他是静止的。故答案为：增加；静止。(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)机械能=动能+势能。在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能。(4)判断小明同学是否运动应看她相对于所选的参照物位置是否发生改变。该题考察了动能、重力势能和机械能大小的影响因素，同时也考察了运动和静止相对性的判断，是一道综合题。2. 解：小孩从滑梯上匀速下滑，质量不变，速度不变，动能不变。小孩在滑梯上下滑，

6、质量不变，高度减小，重力势能减小。动能不变，重力势能减小，机械能减小，下滑过程中抑制摩擦做功，机械能转化为内能，所以臀部有灼热的感觉。故答案为：不变，减小，做功。(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)动能和势能的和称为机械能。考察了动能、重力势能的影响因素。知道做功可以改变物体的内能。3. 解：皮球在A点的高度和B点的高度相等，质量也没变，根据重力势能的影响因素可知：皮球在AB两点的重力势能相等； 由于皮球在A位置的这次弹跳要高于B位置的这次弹跳，所以，皮球在AB两位置是的

7、机械能的大小不同，A位置的机械能大于B位置时的机械能，即机械能减小。因此，在AB两位置重力势能相等的情况下，A位置的动能大于B位置的动能。故答案为：大于。根据动能和势能的互相转化可以解决此题。皮球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以皮球的机械能一次比一次少。机械能的互相转化过程中是有能量消耗的，这样造成动能和势能的总和会减少。4. 解：因为金属框和塑料框质量相等、从同一高度自由落下，所以，在最高点时，它们的重力势能相等；金属框由静止自由下落到地面的过程中，金属框通过磁场会产生感应电流，有一部分能量转化为电能，所以在此过程中金属框的重力势能转化为动能和电能；塑料

8、框由静止自由下落到地面的过程中，塑料框通过磁场不会产生感应电流，所以重力势能全部转化为动能；比较可知，两线框落地的动能关系为EA<EB。故答案为：<；金属框下落过程中通过磁场会产生感应电流，有一部分能量转化为电能；从能的转化角度分析，金属框和塑料框质量相等，在最高点时，重力势能相等，分析金属框和塑料框由静止自由下落到地面时能的转化情况即可判断动能为EA和动能EB的大小。此题的关键有两点：(1)不计空气阻力，能量转化的过程中，能量相等；(2)金属框和塑料框由静止自由下落到地面的过程中，转化是不一样的。5. 解：歼-15舰载机加速滑跃起飞，即其质量不变，速度变大，故其动能变大；同时其质

9、量不变，高度增加，故其重力势能增大。故答案为：增大；增大。动能的大小与物体的质量和速度有关，即速度越大，质量越大，动能越大；重力势能的大小与物体的质量和高度有关，即质量越大，高度越大，重力势能越大；知道并理解动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。6. 解：实心球从分开手后到达最高点的过程中，不考虑空气阻力，只有动能转化为重力势能，实心球的机械能守恒，即球的机械能不变；实心球在最高点时，仍有向前的速度，所以其动能大于零。故答案为：不变；大于。不考虑能量损失，动能和势能转化过程中，机械能总量守恒；球到达最高点时，仍有向前运动的速度。此题考察了机械能的转化和守恒，动能大小的判断，其中最后一空

10、容易出错。7. 解：飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。在飞机下降的过程中，飞机的总质量不变，但高度随飞机降低，所以重力势能将减小。故答案为：小；减小。(1)流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。(2)重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大，相反，重力势能越小。此题考察的是影响重力势能大小的因素和流体压强与流速关系在生活中的应用，容易出错的是有些同学不能分析出流体流速的变化情况，这是因为对生活

11、常识的理解太少所致。8. 解：本实验是通过观察方桌陷入沙中的深浅来判断影响金属块的重力势能大小的因素；因重力势能的大小无法直接观察到，所以采用的是转换法，海绵的凹陷程度要比橡皮泥大，故用海绵代替沙子，现象要比橡皮泥明显；故答案为：乙；用海绵代替沙子，现象要比橡皮泥明显。掌握转换法在此实验中的应用，此实验通过小桌陷入沙子中的深度来判断重力势能的大小。探究重力势能与质量和高度的关系的实验中，注意转换法和控制变量法在该实验中的应用。9. 解：乒乓球在上升的过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度增高，重力势能增大，是动能转化为重力势能；假如不能忽略空气阻力，乒乓球上升的过程中抑制空气阻力做功，机械

12、能转化为内能，机械能减小。故答案为：重力势；减小。(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)机械能等于动能和势能之和；抑制摩擦做功，机械能转化为内能；不计阻力，机械能守恒。对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向。10. 【分析】对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向。在做能量的转化这种题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。【解答

13、】在弹簧被压缩的过程中，物体的速度减小，动能减小；弹簧的形变程度增大，弹性势能增大.正是减小的动能转化成了弹性势能。故答案为：动；弹性势。11. 解：长征三号乙运载火箭起飞过程中，燃料燃烧，把化学能转化为内能，而后火箭起飞，即将内能转化为机械能；由于火箭加速升空过程中，其质量不变，速度变大，故动能变大；同时其质量不变，高度增加，故重力势能增大；由于机械能等于动能加势能，故机械能也增大。故答案为：内；增大。(1)燃料燃烧是将化学能转化为内能的过程；(2)动能与物体的质量和速度有关，物体的质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与物体的质量和高度有关，物体的质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等

14、于动能加势能。知道动能、势能、机械能大小的影响因素，并能结合影响因素进展分析是解决该题的关键。12. 【分析】 (1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量不变时，速度越大，动能越大；(2)地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能；(3)没有空气阻力时，机械能是守恒的。此题考察了动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化，注意太空中由于物体之间有相对间隔 时，具有的是势能而不是重力势能。【解答】  (1)卫星在运行过程中质量不变，卫星在近地点和地球的相对间隔 最小，速度最大，近地点势能最小，动能最大；(2)卫星

15、在太空，运行过程中没有运行阻力，没有能量的损失，机械能是守恒的。故答案为：大于  不变。13. 解：由于新材料的使用，C919舱内噪音降到 60 分贝以下，这是从传播过程中减小噪音。C919 客机加速起飞过程中，质量不变，速度增大，动能增大；现代飞机根本都是前三点布局，重心在后，主轮在后，所以先着地，前轮仅起到在支撑和转向作用。故答案为：声源处；增大；后。(1)减弱噪声的途径包括在声源处、在传播中、在人耳处，据此判断；(2)动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。(3)现代飞机根本都是前三点布局，重心在后，主轮在后，所以先着地。此题

16、以新型客机为内容，考察了影响动能大小的因素，噪声的减弱途径等，有一定综合性，但难度不大。14. 解：(1)用力打气，在橡皮塞脱落前，对瓶内空气做功，空气的内能增加，温度升高；(2)堵在瓶口的橡皮塞脱落，水向后喷出，瓶内空气内能转化为水火箭的机械能，火箭向上飞行。故答案为：做功；机械。做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增大，其它形式的能转化为内能；物体对外界做功，物体本身的内能减小，内能转化为机械能。此题考察了做功可以改变物体的内能以及能量的转化，属于根底性题目。15. 解：物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规那么运动，所以分子在任何状态下都具有动能和势能，也就是具有内能；冬

17、天两手互搓之后手暖和，是抑制摩擦力做功，使手的内能增加，是通过做功的方式改变物体的内能；使用热水袋取暖，手从暖水袋吸热，属于热传递改变物体的内能。故答案为：内；做功；热传递。物体内部所有分子做无规那么运动具有的分子动能和分子势能的总和，叫内能。一切物体在任何情况下都具有内能；改变内能有两种方式：做功和热传递。此题考察了内能的存在和改变内能的方法，是一道根底题。16. 解：人们在冬天常常搓手取暖，是通过搓手将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，手暖和，这是通过做功的方式改变手的内能。这与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化一样，都是将机械能转化为内能。故答案为：做功；压缩。做功可以改变物体的内能；

18、汽油机的压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。此题考察了做功改变物体内能的利用以及汽油机中的能量转化，难度不大。17. 解：当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度也会随之升高，当温度到达棉花的燃点时，会看到硝化棉燃烧；故答案为：气体的内能增加，温度也会随之升高。解决此题要知道做功可以改变物体的内能，物体的内能与其本身的温度有关，温度越高内能越大。解决此类问题要结合做功可以改变物体内能进展分析解答。18. 解：温度一样的一小杯水与一大桶水，由于大桶水含有的水多，所以大桶水的内能较大；因为水的比热容大，一样质量的水和其它物质比较，升高一样的温度，水吸收的热量多，所

19、以汽车散热器常用水作为冷却剂；同质量的水和冰升高一样温度，根据Q吸=cmt可知，水的比热容大，那么水吸收的热量多故答案为：一大桶水；比热容；水内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；水的比热容大，常用水作为冷却剂水的比热容大：和质量一样的其它物质相比，升高一样的温度，水吸热多此题考察了学生对吸热公式Q吸=cmt、水的比热容大的理解与掌握，属于比较典型的题目19. 解：天然气不能源源不断地从自然界获得，也不可重复利用，故天然气属于不可再生能源；点燃天然气，将食用油倒入锅中，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高；炒菜日时常常可以闻到阵阵菜香，这是扩散现象。故答案为：不可再生；热传递；扩散。可以

20、源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源；不能源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源，叫不可再生能源。改变物体内能的方式有两种：做功与热传递。此题主要考察学生对：能源的分类，以及可再生能源特点的理解和掌握，要知道常见的可再生能源。20. 解：读图可知，是通过直接接触来传递，故可描绘为热传递中的传导；是通过运动来带动传递，可描绘为热传递中的对流；是在不接触的情况下，直接进展传递，可描绘为热传递中的辐射。故答案为：对流；辐射。热传递的三种方式是热传导、热对流和热辐射，根据图中的现象和三种方式的特点可做出解答。理解热传递的三种方式，同时会根据其特点分析图中的情形，有一定的新意。21

21、. 解：水需要吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/(kg)×2kg×(100-20)=6.72×105J；水从20烧到100，这一过程中水吸热，内能增大、温度升高。故答案为：6.72×105；增大。水的质量、比热、初温度和末温度，利用公式Q=cmt得到需要吸收的热量。物体吸收热量，通过热传递改变物体的内能。此题考察了学生对吸热公式Q吸=cmt的掌握和运用，难度不大，属于根底知识。22. 【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。解决此题要结合改变物体内能的方式去分析解答，属于根底

22、题。【解答】练习爬杆的同学从竿的顶端滑下时，抑制摩擦做功，机械能转化为内能，使手的内能增大、温度升高，这是通过做功的方法使手的内能发生改变的，炒菜时人们不断翻炒，这是通过热传递的方式改变菜的内能的。故答案为：变大；做功；热传递。23. 解：(1)用煤气灶烧水的过程中，能量发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加的；(2)水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/(kg)×2kg×(80-20)=5.04×105J；由公式=Q吸Q放可得煤气放出的总热量：Q放=Q吸=5.04×105J60%=8.4×105J；由公式Q放=mq可得

23、煤气的质量：m=Q放q=8.4×105J4.2×107J=0.02kg。故答案为：热传递； 增加； 0.02。(1)热传递可以改变物体的内能，其本质是能量的转移；(2)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量。根据=Q吸Q放可求出煤气放出的总热量；最后可利用公式m=Qq计算出煤气的质量。此题主要考察了热量公式的灵敏运用、热值公式以及热效率公式的运用等，有一定综合性。24. 解：液态的酒精极易汽化成为气态，所以我们可以闻到酒精味；将盒盖盖紧后启动电火花发生器，酒精瞬间剧烈燃烧，化学能转化为内能，产生高温高压的燃气，使

24、盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的运动状态，盒盖的机械能是由燃气的内能转化而来的。故答案为：汽化；运动状态；内。物质由液态变成气态的过程叫汽化，包括蒸发和沸腾两种方式；力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；酒精燃烧后的燃气具有内能，再通过做功转化为机械能。此题考察了物态变化、力的作用效果和能量的转化，难度不大，掌握根底知识即可正确解答。25. 解：(1)由题可知，同一加热器加热时间一样时，即两种液体吸收的热量一样，甲的温度升高的快；根据Q吸=cmt可知，在质量相等、初温一样、吸热也一样的情况下，比热容小的物质升温快；所以，甲的比热容小，乙的比热容大；(2)由Q=cm(t-t

25、0)得，乙液体的比热容：c=Qm(t-t0)=1.26×105J1kg×30C=4.2×103J/(kg)。故答案为：小于；4.2×103。(1)甲乙两种液体液体质量相等、初温一样、用两个完全一样的加热器加热时间一样时吸热也一样，利用热量的计算公式分析比热容关系；(2)物体的质量、初温和末温、吸收的热量，利用吸热公式Q吸=cmt的变形求物质的比热容。物理学中对于多因素(多变量)的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题。控制变量法是初中物理中常用的探究问题和分析解决问题的科学方法之一。26. 【分析】(1)知道秸秆煤的质量

26、和秸秆煤的热值，利用公式Q放=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量；(2)知道水的比热容、水的质量、初温和末温，根据吸热公式Q吸=cm(t-t0)求出出水吸收的热量；(3)根据效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。题考察了学生对吸热公式Q吸=cmt、燃料完全燃烧放热公式Q放=qm、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。【解答】解：秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q放=m秸秆煤q=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J。水吸收的热量：Q吸=c水m水(t-t0)=4.2×103J/(kg)×20kg×(70-20)=4.2&#

27、215;106J；此时烧水效率：=Q吸Q放×100%=4.2×106J1.05×107J×100%=40%。故答案为：1.05×107；4.2×106；40%。27. 解：(1)四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，活塞往复2次，四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，60个冲程，做功15次。(2)500g=0.5kg汽油完全燃烧产生的热量：Q放=mq=0.5kg×4.6×l07J/kg=2.3×l07J。故答案为：15；2.3&#

28、215;l07。(1)四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。(2)知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量。此题以常见的汽油机为载体综合考察了热机的工作过程和有关热机的计算，要求学生纯熟掌握所学知识。28. 解：汽车发动机是用水做冷却剂的，这是利用了水比热容大的性质，比热容是物质的属性，与温度变化无关，一杯水倒出一半后，剩下的半杯水的比热容不变。故答案为：大；不变。水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高一样的温度，从发动机吸收热量多；比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大

29、小都没有关系。此题考察的是比热容的有关知识，需要注意的是水比热容的物理意义，这是中考的一个重点。29. 解：给牛奶加热的过程中，牛奶吸收热量、内能增加，是通过热传递方式改变了牛奶的内能；由图乙可知，牛奶升高的温度：t=40-20=20，那么牛奶吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/(kg)×0.25kg×20=2.1×104J。故答案为：热传递；2.1×104。(1)改变内能的方法：一是做功，二是热传递，物体放出热量、内能减少、温度降低；(2)知道牛奶的质量、比热容，求出温度升高值，利用吸热公式Q吸=cmt求牛奶吸收的热量。此题考察了热量

30、的计算、内能的改变方法，计算时注意温度升高了(t)与升高到(末温)的区别。30. 解：(1)水吸收的热量：Q=cmt=4.2×103J/(kg)×1kg×(100-20)=3.36×105J；(2)电热水壶正常工作时，消耗的电能：W=Pt=840W×500s=4.2×105J；(3)电水壶加热的效率：=QW=3.36×105J4.2×105J×100%=80%。故答案为：3.36×105；4.2×105；80%。用电器正常工作时，其实际功率与额定功率相等，由热量公式Q=cmt计算吸收的

31、热量，根据W=Pt可以求消耗的电能，再利用效率公式=QW×100%计算效率。此题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确31. 解：(1)图中，汽油机的两个气阀都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；(2)汽油来源于石油，石油是经过几百万年的演变形成的，汽油是从石油中提炼出来的，属于不可再生能源；(3)完全燃烧0.1kg汽油放出的热量：Q放=m煤油q=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J；(4)根据Q吸=cmt=Q放可知水温度升高值：t=Q吸cm=4.6×106J4.2×1

32、03J/(kgC)×100kg11。故答案为：压缩；不可再生；4.6×106；11。(1)根据气门的关闭和活塞的运行情况判断是哪一个冲程；(2)可以短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；(3)知道汽油的质量和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求放出的热量；(4)由Q放=Q吸=cmt，得到t=Q吸cm后计算水升高的温度。此题考察了学生对汽油机四个冲程、水的比热容大的应用、公式Q放=mq和Q吸=cmt的理解与掌握，计算时注意升高了(t)、升高到(末温)和升高(t)的区别。32. 解：(1)昆明冬天的早晨，嘴里呼“白气，

33、是嘴里呼出的水蒸气遇冷的空气液化而成的；(2)c水=4.2×103J/(kg)=4.2J/(g)，根据卡的定义可得，1卡=4.2J。(3)在汽油机内完全燃烧1kg汽油能放出的热量：Q放=mq=1kg×4.6×107J/kg=4.6×107J，由=W有Q放可得W有=Q总×=4.6×107J×35%=1.61×107J，故汽油机转化为对外做的有用功为1.61×107J，故答案为：液化；4.2； 1.61×107。(1)物质由气态变为液态是液化；(2)1卡是这样规定的：在一个标准大气压下，1

34、克水温度升高1吸收的热量，计算1卡等于多少焦。(3)知道汽油的热值和燃烧的质量，根据Q=mq求出汽油放出的热量，根据=W有Q放×100%求出该汽油机转化为对外做的有用功；此题考察液化现象，卡的定义，以及机械效率公式，是一道综合题。33. 解：(1)飞机在空中飞行时，玻璃破裂，由于外界气体的流速大于飞机驾驶舱内部气体的流速，故外界气压要小于驾驶舱内部的气压，此时气流的方向是从驾驶舱到外界；(2)常见的太阳活动有太阳风、太阳黑子、耀斑、日珥等；(3)机外的冷空气吸人飞机后需要压缩，对空气做功使空气的内能增加，温度升高。故答案为：(1)从驾驶舱到外界；(2)耀斑(或太阳风)；(3)做功。(

35、1)流速越大的地方，压强越小，据此分析；(2)常见的太阳活动有太阳黑子、耀斑、日珥等；(3)改变内能的方法有两个：做功和热传递。此题考察了流体的压强与流速的关系、太阳活动、内能的改变等，属于根底知识。34. 解：燃烧汽油的质量为：m=12×2kg=1kg；汽油完全燃烧放出的热量为：Q=mq=1kg×4.6×107J/kg=4.6×107J，因为燃料的热值是燃料的属性，不会随着质量的改变而改变，所以汽油质量变少后，剩余汽油的热值不变，仍为4.6×107J/kg故答案为：4.6×107；4.6×107从题可知燃烧汽油的质量，知道

36、燃料的热值，可利用公式Q=mq计算燃料完全燃烧放出的热量，燃料的热值是燃料的属性，不会随着质量的改变而改变此题考察了学生对热量计算公式的理解和应用，以及燃料的热值是燃料的特性，与质量的多少无关35. 解：(1)由v=st可得，通过全程所需的时间：t=sv=4km50km/h=0.08h=4.8min；(2)因为匀速通过大桥，所以牵引力F=f=60N，牵引力所做的功W=Fs=60N×4×103m=2.4×105J；(3)汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=0.2kg×4.4×107J/kg=8.8×106J，汽油机的效率=WQ×1

37、00%=2.4×105J8.8×106J×100%27.3%。故答案为：4.8；2.4×105；27.3%。(1)根据速度的变形公式计算所需的时间；(2)利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用W=Fs可求得牵引力所做的功；(3)根据Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用=WQ可求得汽油机的效率。此题考察了重力的计算、速度公式及其应用、功的计算等，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进展求解，在计算过程中注意单位要统一。36. 解：小汽车以额定功率匀速直线行驶1h牵引力所做的功：W=Pt=3.5×104W×3600s=1.26×108J，完全燃烧汽油放出热量Q放=Vq，小汽车发动机的效率=WQ放，所以Q放=W，Vq=W，V=Wq=1.26×108J30%×3.5&