2017年安徽省中考物理试卷(解析版)

1、2021年安徽省中考物理试卷一、填空题每空2分,共26分1 .在音乐中,中音C调“K do 的频率是262Hz, D调“1do 的频律是294Hz, 由此可知D调“1化C调1的 高选填乐音的三要素.2 .如下图,在蹄形磁铁的磁场中放置一根导体棒 AB,它的两端跟电流表连接, 使导体棒快速向右运动,观察到电流表的指针发生偏转.从能量转化的角度来分 析,该实验过程中是 能转化成了电能.3 .当晶体被加热时,其分子运动更加剧烈,分子间的束缚随之减弱,以致有的分子能较自由地 游动,呈流动性,其宏观表现就是晶体的 选填物态 变化名称.4,摩擦起电实际上是电子在物体之间的转移.与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电,

2、 是由于在摩擦过程中玻璃棒 了电子选填 得到“或失去.5 .力可以用带箭头的线段表示：线段是按一定比例标度画出的,它的长短表示力的大小,箭头的指向表示力的方向,箭尾通常表示力的作用点,此即为力 的图示.如下图,物体A同时受到水平向右的拉力 Fi=40N和与水平方向成30 角的斜向右上方的拉力F2=60N的作用.请根据图中力Fi的图示,用相同的比例标度在图中画出F2的图示.20N标度AFi=40N8 .如下图,将一把薄木尺的段长度用多层报纸紧密地覆盖在水平桌面上,已 知报纸的上外表积为 0.25m2,那么大气对报纸上外表的压力为 N；在木尺 右端快速施加竖直向下的力F,要将报纸掀开,那么力F至少

3、为 N 假设报纸对木尺的压力全部作用在木尺的最左端,大气压取1.0X105pa,报纸和薄木尺的重力忽略不计.I.9 .如下图,电源电压保持不变,a是从电压表的负接线柱引出的导线接头.a 与b处相接时,电压表示数为6.0V；使a与b处断开,然后与c处相接,闭合开 关S后,电压表示数为4.5V,这时灯泡L2两端的电压为 V.10 .车床照明灯的额定电压是36V,它正常工作时灯丝的电阻是24Q,那么该照明 灯正常工作时,消耗的电功率是 W,工作30min,电流通过灯丝产生的 热量是 J.二、选择题每题3分,共21分,每题给出的四个选项中,只有一个选项 符合题意11 .冬季,在家里洗澡时会发现浴室墙壁

4、上的镜子很快模糊起来,洗澡结束一段时间后,镜子又变得清楚.这个过程发生的物态变化是A.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的液化,镜面上水滴的汽化B.热水的蒸发,水蒸气在附近空气中的凝华,冰晶的熔化和水滴的汽化C.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的凝华,镜面上冰晶的升华D.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的凝华,镜面上冰晶的熔化和水滴的汽化12 .物理学中,一些物理量间的变化关系,常用图象来表示,以下图象表示正确A.汽车做匀速直线运动时其速度与运动时间之间的关系B.通过恒定电阻的电流与其两端电压之间的关系C.同种液体内部的压强与其深度之间的关系D.凸透镜成实像时像距v随物距u变化的关系13 .如下图,物块A静止在固

5、定的斜面上.此时物块的重力产生两方面的作用 效果：使物块压紧斜面以及使物块有沿斜面向下滑动的趋势, 因而可将物块的重 力沿斜面方向和垂直斜面的方向进行分解. 实际解决问题时,就可以用这两个方 向上的分力来等效替代物块的重力.以下说法正确的选项是 A.物块受到斜面的支持力和物块的重力是一对相互作用力B.物块受到斜面的支持力和物块的重力沿斜面方向的分力是一对相互作用力C.物块受到斜面的摩擦力和物块的重力是一对平衡力D.物块受到斜面的摩擦力和物块的重力沿斜面方向的分力是一对平衡力14 .带电体之间的静电力是通过电场产生的. 如下图,两个相距一定距离的带 同种电荷的物体A和B,可以这样分析A带电体所受

6、的静电力；A处于B激发的 电场中,就受到了由B指向A的作用力.关于B带电体受到的静电力,以下分 析正确的选项是ABA. B处于A激发的电场中,就受到了由A指向B的作用力B. B处于自身激发的电场中,就受到了由 A指向B的作用力C. A处于B激发的电场中,就对B产生了由B指向A的作用力D. A处于自身激发的电场中,就对 B产生了由B指向A的作用力15.如下图的装置中,当开关 S闭合后,以下判断正确的选项是i.TOWi星A.通电螺线管外A点的磁场方向向左B.通电螺线管的左端为N极C.向左移动滑片P,通电螺线管的磁性减弱D.小磁针静止后,其N极的指向沿水平向右16 .如下图,当水平拉力F=50N时,

7、恰好可以使物体 A沿水平地面向右做匀 速直线运动.物体重为200N,所受地面的摩擦力约为80N,假设在5s时间 内,物体水平移动了 0.6m,不计纯和滑轮的自重,那么在此过程中F 乡A.拉力F做功为30J B.物体重力做功为120JC.拉力F做功的功率为12W D.该装置的机械效率约为60%17 .如下图,滑动变阻器的滑片 P处于中间位置,闭合开关S,两个灯泡均能 发光假设灯丝电阻不变,此时,将滑动变阻器的滑片P向右移动,那么A. Li和L2都变亮 B. Li变暗,L2变亮C. Li变亮,L2变暗D. Li和L2都变暗三、实验题每空2分,共22分18 .同学们通过以下实验步骤测量未知液体的密度

8、：1取一只烧杯,向其中倒入适量的待测液体,用托盘天平测出此时烧杯包括其中的液体的质量为76.4g;2另取一只100mL的量筒,将烧杯中的局部液体缓慢倒入量筒中,如图 a所示,量筒内液体的体积为 mL;3再用托盘天平测量此时烧杯包括剩余液体的质量,如图 b所示,托盘 天平的读数为 g;那么该液体的密度p =kg/m3.题图a20g 己5g| r|o 1 24 5g19 .如下图的实验装置,可以用来研究光从水中斜射到与空气的分界面时所发 生的光现象.1使入射角i在一定范围内由小变大,会发现折射角 y 填写变化规 律,且折射角总是大于相应的入射角；2当入射角i增大到某一值时,折射角丫会到达最大值,该

9、最大值是;3假设继续增大入射角i,将会发现不再有 光线,而只存在 光线.20 .如下图,现要组装一个由热敏电阻限制的报警系统, 要求当热敏电阻的温 度到达或超过60c时,系统报警.提供的器材有：热敏电阻其阻值随温度的 升高而减小,在60c时阻值为650.0.,报警器内阻很小,通过的电流Ig超过 10mA时就会报警,超过20mA时可能被损坏,电阻箱最大阻值为999.9 9 , 在此范围内可调节出阻值准确可读的电阻值,电源输出电压U约为18V,内 阻不计,滑动变阻器R 最大阻值为2000Q,单刀双掷开关S,导线假设干.1根据系统工作要求,电路接通前,应先将滑动变阻器滑片置于 选 填“破b端,再将电

10、阻箱调到一定的阻值,这一阻值为 q2将开关S向选填瞰嫉端闭合,缓慢移动滑动变阻器的滑片, 直至;报警器(3)保持滑动变阻器的滑片位置不变,将开关 S向另一端闭合,报警系统即可 正常使用.电阻箱热就电阻四、计算题(第21小题6分,第22小题6分,第23小题9分,共21分)；解 答要有必要的公式和解答过程,只有最后答案的不能得分)21 .物体的重力势能表达式为 Ep=mgh,动能表达式为EK=1mv2;其中m为 物体的质量,h为物体距离水平地面的高度,v为物体的运动速度,g为常量, 取10N/kg .如下图,将一质量为0.4kg的物体从距离地面1.5m的高度沿水平 方向以2m/s的速度抛出.不计空

11、气阻力,物体从被抛出到落地的瞬间,整个过 程中机械能守恒.求：(1)物体被抛出时的重力势能Ep和动能Eki；(2)物体从被抛出点至落地的过程中,其重力所做的功W；(3)物体落地前瞬间的动能Ek2.22 .如图a所示,一长方体木块质量为0.12kg,高为4.0cm；将木块平稳地放在 水面上,静止时木块露出水面的高度为 2.0cm,如图b所示,利用金属块和细线, 使木块浸没水中且保持静止状态.水的密度Pzk=1.0x 103kg/m3,g取10N/kg, 求：卜木块«<<：木块L图a(1)木块的密度p木(2)细线对木块的拉力F.23 .现一只满偏电流Ig=3mA的电流计G,其

12、电阻Rg=100Q,现在需要把它 改装成一只量程Ic=3A的电流表,如图a所示.题图口题图6求(1)电阻Rx的阻值；(2)求改装后的电流表电阻Rc的阻值；(3)如图b所示,将改装后的电流表接入电路中.电源电压U=10V,电阻Ri=5Q闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,使电流表的示数I=1.0A.求此时 滑动变阻器接入电路中的阻值 R,以及通过原电流计G的电流I,2021年安徽省中考物理试卷参考答案与试题解析一、填空题(每空2分,共26分)1.在音乐中,中音C调 "do) 的频率是262Hz, D调“ 1(do) 的频律是294Hz, 由此可知D调“1E匕C调“1的 音调 高(选填乐

13、音的三要素).【考点】9I：音调、响度与音色的区分.【分析】音调是指声音的上下,与物体振动的频率有关,即物体振动越快,频率 越大,音调越高；【解答】解：在音乐中,中音 C调“1( do) 的频率是262Hz, D调“l(do) 的 频律是294Hz,即D调的频率比C调的频率高,所以音调高； 故答案为：音调.2 .如下图,在蹄形磁铁的磁场中放置一根导体棒 AB,它的两端跟电流表连接, 使导体棒快速向右运动,观察到电流表的指针发生偏转.从能量转化的角度来分 析,该实验过程中是 机械 能转化成了电能.【考点】CP电磁感应.【分析】要解答此题需掌握：电磁感应现象的条件,以及电磁感应现象中是消耗 了机械

14、能,得到了电能；【解答】解：据图可知,在蹄形磁铁的磁场中放置一根导体棒 AB,它的两端跟 电流表连接,使导体棒快速向右运动,此时电路中就会产生感应电流, 在此过程 中消耗了机械能,得到了电能,即机械能转化为电能.故答案为：机械；3 .当晶体被加热时,其分子运动更加剧烈,分子间的束缚随之减弱,以致有的分子能较自由地 游动,呈流动性,其宏观表现就是晶体的熔化 选埴物态变化名称.【考点】G2:分子动理论与热现象的缘由.【分析】1所有的分子都在运动,所以具有动能；2分子之间存在引力与斥力,所以当分子要摆脱其他分子的约束,克服引力 做功,所以需要比拟大的动能；3分子热运动的水平中势能局部使分子趋于团聚,

15、动能局部使它们趋于飞 散.大体来说平均动能胜过势能时,物体处于气态；势能胜于平均动能时,物体 处于固态；当势能与平均动能势均力敌,物质处于液态.【解答】解：晶体熔化时会吸热外界的热,外界的热都用来减小分子间的束缚, 局部分子能较自由地 游动,呈流动性,其宏观表现就是晶体的熔化.故答案为：熔化.4,摩擦起电实际上是电子在物体之间的转移.与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电, 是由于在摩擦过程中玻璃棒失去 了电子选填 得到或失去.【考点】H7:摩擦起电的实质.【分析】摩擦起电并不是创造了电荷,也不是消灭了电荷.摩擦起电的实质是电 荷的转移,失去电子的物体带正电,得到电子的物体带负电.【解答】解：用绸子摩擦过

16、的玻璃棒带正电,是由于摩擦过程中玻璃棒失去了电子.故答案为：失去.5 .力可以用带箭头的线段表示：线段是按一定比例标度画出的,它的长短 表示力的大小,箭头的指向表示力的方向,箭尾通常表示力的作用点,此即为力 的图示.如下图,物体A同时受到水平向右的拉力 R=40N和与水平方向成30 角的斜向右上方的拉力 E=60N的作用.请根据图中力Fi的图示,用相同的比例标度在图中画出F2的图示.20N I1Fi=40N标度【考点】6H：力的示意图.【分析】画力的图示与画力的示意图不同, 在表示出力的三要素的同时,还一定 要附上标度.故据题目中实例的 Fi的图示,做出F2的图示即可.【解答】解：据题意可知,

17、标度,和作用点,而后从Fi的作用点,沿水平方向成30°角的斜向右上方的位置,画出三段标度的长的线段,说明拉力F2=60N即可,如以下图所示：6 .一个质量为500g的货物,随关舟一号货运飞船升入太空.与发射前相比拟, 该货物的惯性 不变 选填 变大"、变小"或 不变.【考点】6L:惯性.【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质, 该性质称为惯性,惯性的 大小只与物体的质量有关；【解答】解：一切物体都有保持原来运动状态不变的形状,该性质称为惯性,惯性的大小只与物体的质量有关,与物体的运动速度无关,所以该物体与发射前相 比拟质量是不变的,故该货物的惯性不变；故答

18、案为：不变.7 .农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤.完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出1.05X 107 J的热量;假设这些热量完全被质量为 100kg,初温为20c的水吸收, 可使水温升高到 45 C q秸秆煤=2.1x107J/kg, C水=4.2x 103J/ kg?C.【考点】GG热量的计算.【分析】1知道秸秆煤的质量和秸秆煤的热值,利用公式Q放=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量；2知道水的质量、水的比热容,根据 Q放=QfR=cmt可计算水升高的温度, 再计算水的末温注意水的末温为 100C,水沸腾时,吸热但温度不变.【解答】解：秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q放=m秸秆煤q=0.5k

19、gx 2.1 乂 107J/kg=1.05X 107J.由题意可知,水吸收的热量为：Q»=Q放=1.05X 107J, 由Q吸=cm t可得,水升高的温度： tJ：=25 C,5 4. 2X 1 03J/kg-D X 100kg那么水的末温：t=t0+At=20C+25C=45C.故答案为：1.05X 107； 45.8 .如下图,将一把薄木尺的?长度用多层报纸紧密地覆盖在水平桌面上,已 知报纸的上外表积为0.25m2,那么大气对报纸上外表的压力为2.5X104 N；在木尺右端快速施加竖直向下的力F,要将报纸掀开,那么力 F至少为1.25X104N 假设报纸对木尺的压力全部作用在木尺

20、的最左端,大气压取1.0X105pa,报纸和薄木尺的重力忽略不计.【考点】8E:大气压强的存在；7N:杠杆的平衡条件.【分析】根据大气压的数值,利用压强公式变形 F=Ps即可求出大气对报纸的上 外表的压力；然后根据杠杆的平衡条件计算施加在木尺右端的力.【解答】解：由压强pq可得：大气对报纸上外表的压 Fd=P0S=1.OX 105paX0.25m2=2,5X 104N;设木尺的长度为L,根据杠杆的平衡条件可知：Fo那么施加在木尺010右端的力 F=iFo=x2.5x104N=1.25x 104N.故答案为：2.5X104；1.25X 104.9 .如下图,电源电压保持不变,a是从电压表的负接线

21、柱引出的导线接头.a 与b处相接时,电压表示数为6.0V；使a与b处断开,然后与c处相接,闭合开 关S后,电压表示数为4.5V,这时灯泡L2两端的电压为 1.5 V.【考点】I6:串联电路的电压规律.【分析】从图可知,灯Li和L?串联,a接b时,电压表与灯Li和L2并联,测量 的是灯Li和L2两端的电压,即为电源电压,a接c时,电压表测量的是灯Li两 端的电压Ui,那么灯Li两端电压,可利用串联电路中电压的特点求出灯 L2两 端电压.【解答】解：a接b时,电压表测量的是电源电压为：U=6V,a接c时,电压表测量灯Li两端电压为：Ui=4.5V,据串联电路中电压的规律可知,灯 L2两端电压为：U

22、2=U - Ui=6V- 4.5V=1.5V. 故答案为：1510 .车床照明灯的额定电压是36V,它正常工作时灯丝的电阻是24Q,那么该照明 灯正常工作时,消耗的电功率是 54 W.工作30min,电流通过灯丝产生的热 量是 97200 J.【考点】JA电功率白计算；JI:焦耳定律的计算公式及其应用.【分析】照明灯正常工作时的电压和额定电压相等,根据P=UI正求出消耗的电R功率,根据Q=W=Pt求出工作30min电流通过灯丝产生的热量.【解答】解：照明灯正常工作时,消耗的电功率：P=UI=：=Jii±L_=54W, R 24.工作30min,电流通过灯丝产生的热量：Q=W=Pt=5

23、4WX 30 X 60s=97200J故答案为：54; 97200.二、选择题每题3分,共21分,每题给出的四个选项中,只有一个选项 符合题意11 .冬季,在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来,洗澡结束一段时间后,镜子又变得清楚.这个过程发生的物态变化是A.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的液化,镜面上水滴的汽化B.热水的蒸发,水蒸气在附近空气中的凝华,冰晶的熔化和水滴的汽化C.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的凝华,镜面上冰晶的升华D.热水的蒸发,水蒸气在镜面上的凝华,镜面上冰晶的熔化和水滴的汽化【考点】1K:蒸发及其现象；1M:液化及液化现象.【分析】要解答此题需掌握：液化和汽化是两个相反的

24、过程,汽化吸热,液化放 热.【解答】解：洗澡的时候,水大量蒸发,有许多水蒸气遇到冷的镜子液化形成小水滴,镜子变得模糊不清；过一段时间,镜面上的小水滴又汽化成水蒸气,镜子又变得清楚了； 此过程经过了先液化后汽化的过程,故 A正确.应选A.12.物理学中,一些物理量间的变化关系,常用图象来表示,以下图象表示正确 的是A.汽车做匀速直线运动时其速度与运动时间之间的关系B.通过恒定电阻的电流与其两端电压之间的关系C.同种液体内部的压强与其深度之间的关系D.凸透镜成实像时像距v随物距u变化的关系【考点】6C:匀速直线运动；88:液体的压强的特点；B8:凸透镜成像的应用； I9：电阻.【分析】(1)物体做

25、匀速直线运动时,速度保持不变；(2)在电阻一定时,导体的电流与电压成正比； (3)液体内部压强与深度和液体密度有关；(4)凸透镜成实像时,物距变大,像距变小.【解答】解：A、汽车做匀速直线运动时,速度是保持不变的,与时间无关,而图示的速度是 变化的,故A错误；B、在电阻一定时,导体的电流与电压成正比,电压变大,电流变大,图示的是 电流与电压成反比,故B错误；C同种液体内部的压强与其深度之间成正比关系,深度越深,压强越大,故 C 正确；D、凸透镜成实像时,物距变大,像距变小,图示显示的是物距变大,像距变大, 故D错误.应选C.13.如下图,物块A静止在固定的斜面上.此时物块的重力产生两方面的作用

26、 效果：使物块压紧斜面以及使物块有沿斜面向下滑动的趋势, 因而可将物块的重 力沿斜面方向和垂直斜面的方向进行分解. 实际解决问题时,就可以用这两个方 向上的分力来等效替代物块的重力.以下说法正确的选项是()A.物块受到斜面的支持力和物块的重力是一对相互作用力B.物块受到斜面的支持力和物块的重力沿斜面方向的分力是一对相互作用力C.物块受到斜面的摩擦力和物块的重力是一对平衡力D.物块受到斜面的摩擦力和物块的重力沿斜面方向的分力是一对平衡力【考点】6S:平衡力和相互作用力的区分.【分析】1二力平衡的特点：作用在同一个物体上,大小相等、方向相反、作 用在同一直线上；2相互作用力的特点：作用在两个不同的

27、物体上,大小相等、方向相反、作 用在同一直线上.【解答】解：A、物块受到斜面的支持力和物块的重力不在同一条直线上,不是一对相互作用 力,故A错误；B、物块受到斜面的支持力和物块的重力7&斜面方向的分力方向不相反,故 B错 误；C、物块受到斜面的摩擦力和物块的重力不在同一条直线上,不是一对平衡力, 故C错误；D、物块受到斜面的摩擦力和物块的重力沿斜面方向的分力大小相等、方向相反、同一直线、同一物体,是一对平衡力,故 D正确.应选D.14.带电体之间的静电力是通过电场产生的. 如下图,两个相距一定距离的带 同种电荷的物体A和B,可以这样分析A带电体所受的静电力；A处于B激发的 电场中,就受

28、到了由B指向A的作用力.关于B带电体受到的静电力,以下分 析正确的选项是ABA. B处于A激发的电场中,就受到了由A指向B的作用力B. B处于自身激发的电场中,就受到了由 A指向B的作用力C. A处于B激发的电场中,就对B产生了由B指向A的作用力D. A处于自身激发的电场中,就对 B产生了由B指向A的作用力【考点】H1:物体带电现象.【分析】物体问力的作用是相互的,A对B产生一个力的作用,B也会对A产生 一个力的作用；一个物体是施力物体的同时,还是受力物体,单独一个物体不能 产生力的作用.【解答】解：AB、A处于B激发的电场中,就受到了由 B指向A的作用力,物体间力的作用 是相互的,那么A处于

29、B激发的电场中,就受到了由B指向A的作用力,故A正 确,B错误；C、A处于B激发的电场中,就对B产生了由A指向B的作用力,故C错误；D、A处于自身激发的电场中,不会产生对 B的作用力,故D错误.应选A.15.如下图的装置中,当开关 S闭合后,以下判断正确的选项是()I叩式叫?J £RA.通电螺线管外A点的磁场方向向左B.通电螺线管的左端为N极C.向左移动滑片P,通电螺线管的磁性减弱D.小磁针静止后,其N极的指向沿水平向右【考点】CA通电螺线管的磁场；CE影响电磁铁磁性强弱的因素.【分析】(1)磁场中某点的磁场方向与该点的磁感线方向是一致的；(2)据电流的方向,结合安培定那么判断出该通

30、电螺线管的 NS极即可；(3)通电螺线管的磁场的强弱与电流的强弱有关；【解答】解：AB、由于右端是电源的正极,所以电流从右端流入,故据安培定 那么可知,该螺线管的左端是N极,右端是S极,所以磁感线的方向应该从左向右, 故通电螺线管外A点的磁场方向向右,故 A错误,B正确；C滑片向左移动,接入电路的电阻变小,故电路的电流变大,磁性变强,故 C错误；D、据上面的分析可知,该螺线管的右端是S极,所以小磁针的左端应该是 N极, 故N极的指向沿水平向左,故D错误；应选B.16 .如下图,当水平拉力F=50N时,恰好可以使物体 A沿水平地面向右做匀 速直线运动.物体重为200N,所受地面的摩擦力约为80N

31、,假设在5s时间 内,物体水平移动了 0.6m,不计纯和滑轮的自重,那么在此过程中A.拉力F做功为30J B.物体重力做功为120JC.拉力F做功的功率为12W D.该装置的机械效率约为60%【考点】EC功的计算；F4:滑轮组白机械效率；FF:功率的计算.【分析】1物体水平运动,在重力的方向竖直向下上没有移动距离,据此判断重力是否做功；2由图可知,该滑轮为动滑轮,绳子的有效股数 n=2,根据$绳中$物求出纯端移动的距离,根据W,*Fs绳求出拉力F做的功,根据P4求出拉力F做功的功率,W有根据W有二fs求出拉力做的有用功,利用 “五一X 100%出该装置的机械效率.【解答】解:1由于物体水平移动

32、,物体在重力的方向上竖直向下没有移动距离,所以重力不做功,即重力做功为 0J,故B错误;2由图可知,该滑轮为动滑轮,绳子的有效股数n=2,那么纯端移动的距离：$绳=门$物=2x 0.6m=1.2m,拉力F做的功：亚总=5$绳=50NX1.2m=60J,故A错误;拉力F做功的功率:P=12W,故C正确;所受地面的摩擦力约为80N,那么有用功约为:W 有"fs物=80NX 0.6m=48J,该装置的机械效率约为：“警X100%WX100%=8O% 故 D 错误WhbU I禺g应选C.17 .如下图,滑动变阻器的滑片 P处于中间位置,闭合开关S,两个灯泡均能 发光假设灯丝电阻不变,此时,将

33、滑动变阻器的滑片P向右移动,那么 JJr A. Li和L2都变亮 B. Li变暗,L变亮C. Li变亮,L2变暗D. Li和L2都变暗【考点】IZ电路的动态分析；IH:欧姆定律的应用；JA电功率的计算.【分析】由电路图可知,灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联,根据 滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联局部电阻的变化以及总电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 Li两端的电压变化,根据P=UI可知 Li实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化；根据申联电路的电压特点可知并 联局部电压的变化,根据并联电路的电压特点和P=UI*可知L2实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化.【解

34、答】解：由电路图可知,灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联, 将滑动变阻器的滑片P向右移动,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,并联局部 的电阻变大,电路的总电阻变大,由I=1可知,干路中的电流变小,由U=IR可知,Li两端的电压变小,因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=UI可知,灯泡Li的实际功率变小,Li的亮度变暗,故AC错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,并联局部的电压变大,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,灯泡L2两端的电压变大,由P=L可知,匕的实际功率变大,凫度变凫,故 B正确、D错误. R应选B.三、实验题(每空2分,共22分)18.同学们通过以

35、下实验步骤测量未知液体的密度：(1)取一只烧杯,向其中倒入适量的待测液体,用托盘天平测出此时烧杯(包括其中的液体)的质量为76.4g；(2)另取一只100mL的量筒,将烧杯中的局部液体缓慢倒入量筒中,如图 a所示,量筒内液体的体积为60 mL；(3)再用托盘天平测量此时烧杯(包括剩余液体)的质量,如图 b所示,托盘 天平的读数为 28.2 g；那么该液体的密度p=0.803X 103 kg/m3.20g 155gr |ini|iiii|iiii|rni|irii|-I. ！ 3 $4 5g题图a题图b【考点】2L:液体的密度测量实验.【分析】(2)量筒在读数时,要和量筒内凹液面的底部相平；(3

36、)天平在读数时应将整码的质量与游码的示数相加,再利用密度的公式可计算出液体的密度；【解答】解：(2)读图a可知,量筒中液体的体积,V=60mL;(3)由图b可知,烧杯和剩余液体的质量： m2=20g+5g+3.2g=28.2g量筒中液体的质量：m=m2- m1=76.4g-28.2g=48.2g,液体的密度 p hTr=0.803g/cm3=0.803x 103kg/m3 v 60cin故答案为：(1) 60; (2) 28.2; 0.803X 103.19.如下图的实验装置,可以用来研究光从水中斜射到与空气的分界面时所发 生的光现象.1使入射角i在一定范围内由小变大,会发现折射角 丫由小变大

37、 填写变 化规律,且折射角总是大于相应的入射角；2当入射角i增大到某一值时,折射角丫会到达最大值,该最大值是 90.； 3假设继续增大入射角i,将会发现不再有折射光线,而只存在反射光 线.【考点】AK光的折射规律.【分析】1光在折射时,折射角随入射角的变化而变化,结合不同介质中的折 射特点可做出解答；2当入射角到达一定程度时,折射会增大到最大,其最大值为90.；3折射角到达最大值后,继续增大入射角,那么不再有折射光线.【解答】解：1由光的折射规律可知,使入射角i在一定范围内由小变大,会 发现折射角丫也由小变大,且折射角总是大于相应的入射角；2当入射角i增大到某一值时,折射角丫会到达最大值,该最

38、大值是90.； 3假设继续增大入射角i,将会发现不再有折射光线,而只存在反射光线.故答案为：1由小变大；2 90° 3折射；反射.20.如下图,现要组装一个由热敏电阻限制的报警系统, 要求当热敏电阻的温 度到达或超过60c时,系统报警.提供的器材有：热敏电阻其阻值随温度的 升高而减小,在60c时阻值为650.0.,报警器内阻很小,通过的电流Ig超过 10mA时就会报警,超过20mA时可能被损坏,电阻箱最大阻值为999.9 9 , 在此范围内可调节出阻值准确可读的电阻值,电源输出电压U约为18V,内 阻不计,滑动变阻器R 最大阻值为2000Q,单刀双掷开关S,导线假设干.1根据系统工作

39、要求,电路接通前,应先将滑动变阻器滑片置于b 选填“破“b端,再将电阻箱调到一定的阻值,这一阻值为650.0 Q2将开关S向c 选填“瞰df端闭合,缓慢移动滑动变阻器的滑片, 直至报警器开始报警：报警器(3)保持滑动变阻器的滑片位置不变,将开关 S向另一端闭合,报警系统即可 正常使用.电阻箱热城电阻【考点】IH:欧姆定律的应用.【分析】根据仪器原理进行分析,明确电阻箱的作用以及实验过程和实验平安的 分析,那么可以明确滑动变阻器的调节和实验现象.【解答】解：(1)因要求热敏电阻到达60°时报警；此时电阻为650Q;故应将电 阻箱调节至650Q;然后由最大调节滑动变阻器,直至报警器报警；

40、故开始时滑片应在b端；目的是 让电流由小到大调节,保证报警器的平安使用；(2)将开关接到c端与电阻箱连接,调节滑动变阻器直至报警器开始报警即可；然后再接入热敏电阻,电路即可正常工作； 故答案为：(1) b; 650.0; (2) c；报警器开始报警.四、计算题(第21小题6分,第22小题6分,第23小题9分,共21分)；解 答要有必要的公式和解答过程,只有最后答案的不能得分)21.物体的重力势能表达式为 Ep=mgh,动能表达式为B<=1mv2;其中m为 物体的质量,h为物体距离水平地面的高度,v为物体的运动速度,g为常量, 取10N/kg .如下图,将一质量为0.4kg的物体从距离地面

41、1.5m的高度沿水平 方向以2m/s的速度抛出.不计空气阻力,物体从被抛出到落地的瞬间,整个过 程中机械能守恒.求：(1)物体被抛出时的重力势能Ep和动能E<1；(2)物体从被抛出点至落地的过程中,其重力所做的功W；(3)物体落地前瞬间的动能Ek2.【考点】FK动能和势能的概念；EC功的计算.【分析】(1)由重力势能和动能公式计算物体被抛出时的重力势能Ep和动能Eki；(2)由W=Gh=mgh计算重力做功；(3)根据能量转化和守恒分析解答.【解答】解：(1)由题知,物体质量和被抛出时的高度和速度,物体的重力势能：§=mgh=0.4kgx 10N/kg x 1.5m=6J;动能

42、EKi=mv2=2x 0.4kgX (2m/s) 2-0.8J;(2)物体从被抛出点至落地的过程中,其重力所做的功：Gh=mgh=0.4kgx 10N/kgX 1.5m=6J;(3)物体下落时高度减小,速度增大,所以重力势能转化为动能,落地时高度为0,重力势能全部转化为动能,所以物体落地前瞬间的动能：Ek2=EKi+Eo=0.8J+6J=6.8J答：(1)物体被抛出时的重力势能Ep为6J,动能Eki为0.8J;(2)物体从被抛出点至落地的过程中,其重力所做的功W为6J;(3)物体落地前瞬间的动能8为6.8J.22.如图a所示,一长方体木块质量为0.12kg,高为4.0cm；将木块平稳地放在 水

43、面上,静止时木块露出水面的高度为 2.0cm,如图b所示,利用金属块和细线, 使木块浸没水中且保持静止状态.水的密度p水=1.0X 103kg/m3,g取10N/kg, 求：f 木块 一一I_二一一二一二二二二二 -X- JHH:二二二二二二二二二二二二二二：二"不好图a图b(1)木块的密度p木(2)细线对木块的拉力F.【考点】2A:密度的计算；6W:力的合成与应用；8P:浮力大小的计算.【分析】(1)木块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等,根据阿基米德原理和G=mg=)Vgff出等式结合排开水的体积即可求出木块的密度；(2)物块浸没时排开水的体积是漂浮时排开水体积的 2倍,根据阿基米德原理 求出浸没时受到的浮力,对木块受力分析,然后结合力的平衡条件得出绳子的拉 力,然后结合G=mg求出其大小.【解答】解：(1)因木块漂浮时,受到的浮力和自身的重力相等,所以,受到的浮力和自身的重力相等,即 F浮=G木,由F浮=p gV和F浮=6木=m木g= p木V木g可得： p gV- p木 V 木 g,由题意可知,木块排