广东省2019年高考物理试题(含答案)

1、广东省 2019 年高考物理试题（含答案）一、单选题（本大题共 5 小题，共 30.0 分）1. 下列说法正确的是（）A. 轻核的聚变可以在常温下自发地完成B. 原子核发生一次衰变，原子的质量数增加1C. 是裂变反应D. 温度升高，放射性元素的衰变周期变短2. 如图所示是甲、乙两物体运动的速度一时间图象，下列说法正确的是（）A. 内甲物体的加速度大小为B. 3s 时乙物体的加速度大小为C. 内甲物体的位移大小为D. 内乙物体的位移大于3.如图所示，足够长的光滑平板AP与BP用钱链连接，平板AP与水平面成53角固定不动，平板BP可绕平轴在竖直面内自由转动，质量为m的均匀圆柱体O放在两板间，sin

2、53 =0.8 , cs53 =0.6 ,重力加速度为 g。在使BP板由水平位置缓慢转动到竖直位置的过程中，下列说法正确的是（）A.平板BP受到的最小压力为B.平板BP受到的最大压力为 mgC.平板AP受到的最小压力为D.平板AP受到的最大压力为 mg4.2019 年 1 月 3 日，“嫦娥四号”成功软着陆在月球背面，并通过“鹊桥”中继星传回了世界第一张近距离拍摄的月背影像图，揭开了古老月背的神秘面纱。若“嫦娥四号”在着月前绕月球沿椭圆轨道顺时针运动，如图所示，A为近月点，B为远月点，C, D为轨道短轴的两个端点。只考虑月球对“嫦娥四号”的作用，则“嫦娥四号”（）A. 在 A 点时受到的万有引

3、力最小B. 在 B 点的运动速率最大C.在从A点到C点的运动过程中，月球对其不做功D.在从B点到D点的运动过程中，动能逐渐变大5. 如图所示，某同学将三个完全相同的物体从A 点沿三条不同的路径抛出，最终落在与 A 点同高度的三个不同位置，三条路径的最高点是等高的，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A. 三个物体抛出时初速度的水平分量相等B. 沿路径 3 抛出的物体在空中运动的时间最长C. 该同学对三个物体做的功相等D. 三个物体落地时重力的瞬时功率一样大二、多选题（本大题共 5 小题，共 27.0 分）6. 如图甲所示，空间中存在一大小为 0.2T 、方向与竖直面（纸面）垂直的匀强磁场区域，磁

4、场的上、下边界（虚线）间的距离为 0.2m 且两边界均为水平面；纸面内磁场上方有一质量为 0.01kg 的正方形导线木g abcd,导线框的总电阻为0.002 Q,其上、下两边均与磁场边界平行。线框自由下落，从 ab 边进入磁场时开始，直至cd 边到达磁场上边界为止， 该过程中产生的感应电动势如图乙所示。 不计空气阻力， 重力加速度大小 为 10m/s2 ，下列判断正确的是（）A. 导线框的边长为B. ab 边刚进入磁场时，导线框的速度大小为C. ab 边刚离开磁场时，导线框的速度大小为D. ab 边刚离开磁场时，导线框的加速度大小为E. 某交变电路如图甲所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为5

5、: 1, R1=30Q , R2=20Q, 一示波器接在电阻 R1 两端，示波器上的电压变化图象如图乙所示。电压表和电流表均为理想电表，不计示波器的电流对电路的影响，下列说法正确的是（）A. 电压表的示数为B. 电流表的示数为C. 原线圈的输入电压D. 电阻消耗的电功率为15W8. 如图所示，点电荷Q1， Q2 固定于边长为L 的正三角形的两顶点上，将点电荷q （电荷量未知）固定于正三角形的中心，Q l , Q2的电荷量均为+q.在正三角形第三个顶点上放入另一点电荷Q,且Q的电荷量-q,点电荷Q恰好处于平衡状态。已知静电力常量为 k ，不计各电荷受到的重力，下列说法正确的是（）A.若撤去，则Q

6、将做匀加速直线运动B. 的电荷量为C.若不改变Q的电性，仅改变其电荷量，Q将不再受力平衡D.若将的电荷量改为，则Q受到的合力大小为9. 下列说法正确的是（）A. 一定质量的理想气体在压强不变、温度升高时，内能的增加量一定大于吸收的热量B. 叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C. 有些物质的状态可以在晶体和非晶体之间转化D. 当分子间距离减小时，引力增大，斥力也增大，两者的合力也一定增大E. 温度一定时，液体中悬浮的微粒越小，布朗运动越明显10. 下列说法正确的是（）A. 简谐横波的频率和波上质点的振动频率相同B. 变化的磁场能产生电场C. 做单色光的双缝干涉实验时，双缝到屏的距离一定

7、，双缝间距离越大亮条纹间的距 离越大D. 波长略大于障碍物的尺寸时，能发生明显的衍射现象E. 单摆的周期与摆长无关三、实验题探究题（本大题共 2 小题，共 15.0 分）11.如图所示，图甲是“验证力的平行四边形定则”的实验情况图，其中 A为固定橡皮条的图钉，。为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是某实验小组在白纸上根据实验结果画出的图。（ 1）本实验采用的科学方法是 。A.理想实验法B.控制变量法C.等效替代法 D.建立物理模型法（2）实验中，小张同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力F1和F2,图中小正方形的边长表示 2N, F为根据平行四边形定则作出的合力（图中未画出），F1

8、、F2与F的夹角分别为0 1和。2,下列说法正确的是 。A. F1=4N B. F=12N C. 9 1=35 D. 0 10,根据热力学第一定律 U=Q+WV内能的增加量一定小于吸收的热量。故A错误；日液体表面张力产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层， 表面层里的分子比液体内部稀疏， 分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力。就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势。 正是因为这种张力的存在，有些 小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如；故B正确；C晶体和非晶体在适当的条件下可以互相转化。例如天然石英是晶体，熔融过的石英 却是非晶体。把晶体硫加热熔

9、化（温度超过300C）再倒进冷水中，会变成柔软的非晶硫，再过一段时间又会转化为晶体硫。故 C正确;D分子间既存在引力也存在斥力，当分子间距小于平衡距离时，分子力表现为斥力； 当分子间距大于平衡距离时， 分子力表现为引力。 所以分子间距离减小时， 引力增大，斥力也增 大，但两者的合力也不一定增大，故D 错误；E、 温度一定时， 悬浮在液体中的固体颗粒越小， 同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少， 冲力越不平衡，布朗运动越明显；故E 正确。故选：BCE。一定质量的理想气体在压强不变、 温度升高时， 内能的增加量一定小于吸收的热量； 叶 面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用； 有些物质的状态可以在

10、晶体和非晶体之间转 化；当分子间距离减小时，引力增大，斥力也增大，两者的合力也不一定增大；温度一定时， 液体中悬浮的微粒越小，布朗运动越明显。本题考查了热力学第一定律、液体表面张力、 晶体和非晶体、 布朗运动等知识。关键点 一：会利用热力学第一定律 U=Q+WI决问题；关键点二：要牢记液体表面张力、晶体和非晶体 的基本概念；关键点三：熟悉布朗运动及其条件。10 . 【答案】 ABD【解析】解：A简谐横波在传播过程中波的频率不变，简谐横波的频率和波上质点的振动频率 相同，故 A 正确；日由麦克斯韦电磁理论可知，变化的磁场可以产生电场，故 B正确；C由干涉条纹公式： 乂=入可知，做单色光的双缝干涉

11、实验时，双缝到屏的距离L 一定，双缝间距d离越大亮条纹间的距离4 x越小，故C错误；D波长略大于障碍物的尺寸时，能发生明显的衍射现象，故 D正确；E、由单摆周期公式：T=2兀可知，单摆周期T与摆长L有关，故E错误；故选：ABD。质点做简谐运动的频率与简谐横波的频率相等；变化的电场可以产生磁场，变化的磁场可以产生电场；根据双缝干涉条纹间距公式分析答题；当波长与障碍物尺寸相差不多时可以发生明显的衍射现象;根据单摆周期公式分析判断周期与摆长的关系。本题涉及的知识点较多，但难度不大，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。11 .【答案】C B可以【解析】解：(1)合力与分力是等效替代的

12、关系，所以本实验采用的等效替代法。故C正确，ABD昔误故选：C(2)根据平行四边形定则，作出两个力的合力，如图。从图上可知，F1=N，合力F=12N.根 据几何关系知F1与F的夹角分别为。1=45 .从图上可知，0 1 0 2.故B正确，A C、D 错误。(3)同一次实验中，O点的位置不能改变， 但重复进行实验时，。点位置是允许变动的。故答案为：(1) C; (2) B; ( 3)可以(1)本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采 用“等效法”，注意该实验方法的应用。(2)本实验是要验证平行四边形定则，注意在理解实验的原理基础上，掌握实验的方 法和数据的处理方法以

13、及需要注意的事项，尤其是理解本实验的“等效”思想。明确“实验 值”和“实际值”的区别。根据平行四边形定则作出合力，从而确定合力的大小和分力与合 力的夹角。(3)实验过程需要记录拉力的大小与方向，需要记录橡皮筋结点位置，据此分析答题。本实验考查验证平行四边形定则的实验，采用的是“等效替代”的方法， 即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别。12 .【答案】乙R1 3.05 0.955【解析】解：(1)由题意可知，电流表量程太小，应把电流表与定值电阻并联扩大其量程，电 压表测路端电压，电流表测电路电流，滑动变阻器采用限流接法，应选择图乙所示电路图。（

14、2)为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1。（ 3)电流表内阻为3.6 Q,定值电阻阻值为 0.4流过定值电阻的电流为电流表电流的9倍，电流表量程扩大了 10倍，由图示电源U-I图象可知，电源电动势为：E=3.05V,电源内阻为：r=0.955 Q;故答案为：（ 1）乙；（2） R1；（ 3） 3.05 ， 0.955 。（ 1）根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理选择实验电路图。（ 2）为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器。（ 3）电源U-I 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象求出电源电动势与内阻。本题考查了实验电路选择、 实验数据处理， 知

15、道实验原理是解题的前提与关键， 要掌握图象法处理实验数据的方法； 电源 U-I 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势， 图象斜率的绝 对值是电源内阻。13 .【答案】解：（1） P沿光滑圆弧轨道下滑的过程，由机械能守恒定律得mgR=mQ12。解得 v Q1=6m/s两滑块碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律分别得mv Q1-mv=mv Q2+mv P2。mv Q12+mv2=mv Q22+mv P22解得 v Q2=-3m/s ， v P2=6m/s（2）两滑块相碰前的位移大小之和为=4.5m,则有（ v Q1+v ） t=4.5m可得滑块P向左运动的位移大小x P=vt=1.

16、5m ,滑块Q向右运动的位移大小 x Q=3m而两滑块相碰后，Q 向左运动=1s 后离开木板， P 向右运动 =1s 后与挡板相撞， 相撞过程中动量守恒，则有mv P2=（ m+M） v 共。碰后 P 与木板一起向右运动，由动能定理得-ijl （ m+M gx=0- （m+M v 共 2。解得 x =0.5m答：（ 1） P、 Q 发生弹性正碰后各自的速度为6m/s ，向右，以及3m/s ，向左；（ 2）长木板运动的位移大小是0.5m 。【解析】 1） 1） P 沿光滑圆弧轨道下滑的过程中，只有重力做功，其机械能守恒。根据机械能守恒定律求P与Q碰撞前瞬间的速度。对于 P、Q碰撞过程，利用动量守

17、恒定律和机械能守恒 定律列式，可求得碰后两者的速度。 2） 两滑块相碰前位移大小等于=4.5m， 根据位移等于速度乘以时间， 求出滑块 P 向左运动的位移， 以及 Q 向右运动的位移。 两滑块相碰后， Q 向左运动， 过一段时间后离开木板。而 P 过一段时间后与挡板粘在一起， 粘合过程 P 与木板的动量守恒， 由动量守恒定律求出粘合后的共同速度， 再由动能定理求长木板运动的位移大小。 解决本题时要理清两滑块的运动过程，注意判断P与挡板相碰时 Q是否离开木板。在运用动量守恒定律时要注意选取正方向， 用正负号表示速度方向。14.【答案】解：（1）设带电粒子在磁场中运动的半径为R,由几何关系得（3r

18、-R ） 2+（ r） 2=R2解得： R=2r由公式qvB=mU0q=解得：B=（ 2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，由几何关系知r cos30 =xr sin30 =vt解得： E=（ 3）粒子在加速电场中运动时有：qU=而 qv B= ， B=解得： U=当R1= 寸，粒了经过电场左边界，解得： U1 = R2= 寸，粒子经过电场右边界，解得： U2=所以加速电压的取值范围是：0WUW和w U答：（1 ）匀强磁场的磁感应强度的大小是；（ 2）偏转电场的电场场强的大小；（ 3）加速电压的取值范围 0WUK和 U【解析】（ 1）画出粒子在磁场中运动的轨迹示意图，由几何关系求得轨道半径，再由洛

19、伦兹力提供向心力可求得磁感应强度的大小；（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，由类平抛运动的规律结合几何关系可求得场强 的大小；（3）粒子在加速电场中由动能定理可写出加速电压的表达式，分析不同的临界情 况求得加速电压的取值范围。本题考查了粒子在电场和磁场中的类平抛运动和圆周运动，掌握类平抛运动和圆周运动的常规处理方法是求解的关键。（ 5.【答案】解：由题可知开始时气体的压强不变，开始时体积：V1=Sh1,最后：V2=Sh2由盖？吕萨克定律有：可得：T2=当活塞刚好与限位装置接触时，对活塞有：P0S+mg=P1S则有：当A、B处压力传感器的示数之和为 2mg时，对活塞有：P0S+mg=P2S+2mg可得：该过程