【推荐】2017-2019三年高考真题化学分项汇编专题13有机化合物(解析版)

1、专题13 有机化合物1. 2019新课标I 关于化合物2-苯基丙烯（）,下列说法正确的是A.不能使稀高镒酸钾溶液褪色B.可以发生加成聚合反应C.分子中所有原子共平面D.易溶于水及甲苯【答案】B【解析】【分析】2-苯基丙烯的分子式为 C9H10,官能团为碳碳双键，能够发生加成反应、氧化反应和加聚反应。【详解】A项、2-苯基丙烯的官能团为碳碳双键，能够与高镒酸钾溶液发生氧化反应，使酸性高镒酸钾溶液褪色，故A错误；B项、2-苯基丙烯的官能团为碳碳双键，一定条件下能够发生加聚反应生成聚2-苯基丙烯，故 B正确；C项、有机物分子中含有饱和碳原子，所有原子不可能在同一平面。2-苯基丙烯中含有甲基， 所有原

2、子不可能在同一平面上，故 C错误；D项、2-苯基丙烯为烧类，分子中不含羟基、竣基等亲水基团，难溶于水，易溶于有机溶剂，则2-苯基丙烯难溶于水，易溶于有机溶剂甲苯，故 D错误。故选B。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重分析与应用能力的考查，注意把握有机物的结构，掌握各 类反应的特点，并会根据物质分子结构特点进行判断是解答关键。2. 2019新课标H 分子式为C4H 8BrCl的有机物共有（不含立体异构）A. 8 种B. 10 种C. 12 种D. 14 种【答案】C【解析】【分析】C4H8ClBr可以看成丁烷中的2个H原子分别被1个Cl、1个Br原子取代，丁烷只有 2种结构， 氯原子与澳原

3、子可以取代同一碳原子上的H原子，可以取代不同碳原子上的H原子，据此书写判断。CCC【详解】先分析碳骨架异构，分别为 C-C-C-C与2种情况，然后分别对 2种碳骨架采用“定ciCla 2 3移一的万法分析，其中骨架 C-C-C-C有CC-CC f一寸共8种，骨架 E 有 JCC ；3 3 4，1 2 3屋Ci和1_j；c, 4种，综上所述，分子式为 C4H8BrCl的有机物种类共 8+4=12种，LC项正确；答案选Co【点睛】本题考查同分异构体的书写，难度中等，学会利用同分异构体的判断方法解题是关键。3. 2019新课标出下列化合物的分子中，所有原子可能共平面的是A.甲苯B.乙烷C.丙快D.

4、1, 3- 丁二烯【答案】D【解析】A、甲苯中含有饱和碳原子，所有原子不可能共平面，A不选；B、乙烷是烷烧，所有原子不可能共平面，B不选；C、丙快中含有饱和碳原子，所有原子不可能共平面，C不选；D、碳碳双键是平面形结构，因此 1, 3丁二烯分子中所有原子共平面，D选。答案选D。4. 2019浙江4月选考下列说法不正胸.的是A.正丁烷的沸点比异丁烷的高，乙醇的沸点比二甲醛的高B.甲烷、苯、葡萄糖均不能使滨水或酸性高镒酸钾溶液褪色C.羊毛、蚕丝、塑料、合成橡胶都属于有机高分子材料D.天然植物油没有恒定的熔、沸点，常温下难溶于水【答案】B【解析】A.对于分子式相同的烷煌，支链越多，沸点越低，因而正丁

5、烷的沸点比异丁烷的高。而对于相对分子质量相近的有机物，含羟基越多，沸点越高，原因在于 -OH可形成分子间的氢键，使得沸点升高，因而乙醇的沸点比二甲醛的高，A项正确；B.葡萄糖为多羟基醛，含有醛基，能使滨水或者酸性高镒酸钾溶液褪色，甲苯也可使酸性高镒酸钾溶液褪色，B项错误；C.羊毛、蚕丝主要成分是蛋白质，为天然高分子化合物，塑料、合成橡胶都属于人工合成的高分子材料，C项正确；常温下难溶于水，D项正确。D.天然植物油是混合物，无固定熔、沸点，另外，植物油故答案选Bo5. 2019浙江4月选考下列表述正确的是A.苯和氯气生成 C6H6c16的反应是取代反应B.乙烯与滨水发生加成反应的产物是CH2CH

6、2Br2C.等物质的量的甲烷与氯气反应的产物是CH3C1D.硫酸作催化剂，CH3CO18OCH2CH3水解所得乙醇分子中有 18O【答案】DCL【解析】A.苯和氯气生成农药六六六，其反应方程式为I 处二 :',反应类型是加成反应，3cr" ri(A项错误；B.乙烯与滨水发生加成反应的产物是CHzBrCHzBr, B项错误；C.甲烷和氯气反应为连续反应，甲烷和氯气生成CH3Cl和HCl,接着CH3Cl和氯气生成 CH2cl2和HCl,之后生成CHCl3和CCl4,因而产物除了 4种有机物，还有 HCl, C项错误；D.酯类水解断裂 C-18O单键，该18O原子结合水中H,即生成

7、乙醇 H18OCH2CH3,因而，D项正确。故答案选D。6. 2019T苏双选化合物Y具有抗菌、消炎作用，可由制得。o HC下列有关化合物、.Y的说法正确的是A . 1 mol最多能与2 mol NaOH反应8. Y与乙醇发生酯化反应可得到C.、Y均能与酸性MnO4溶液反应D.室温下、Y分别与足量B2加成的产物分子中手性碳原子数目相等【答案】CD【解析】A.分子中，1mol竣基消耗ImolNaOH , 1mol由酚羟基形成的酯基消耗2molNaOH ,所以1mol最多能与3molNaOH反应，故A错误;B.比较与Y的结构可知，Y与乙酸发生酯化反应可得到，故 B错误；C.和Y分子中都含有碳碳双键

8、，所以均能与酸性高镒酸钾溶液反应，故 C正确；D.和Y分子中碳碳双键的位置相同，分别与足量B2加成后产物的结构相似，所以具有相同数目的手性碳原子，都有3个，故D正确；故选CD。7. 2019北京交联聚合物P的结构片段如图所示。下列说法不正确的是（图中 5r表示链延长）A.聚合物P中有酯基，能水解B.聚合物P的合成反应为缩聚反应C.聚合物wY为IP的原料之一丙三醇可由油脂水解获得D.邻苯二甲酸和乙二醇在聚合过程中也可形成类似聚合物P的交联结构【分析】将为、Y为带入到交联聚合物 P的结构中可知，聚合物P是由邻苯二甲酸和丙三醇通过缩聚反应制备的，据此解题;【详解】A.根据为与Y直接相连构成了酯基,酯

9、基能在酸性或碱性条件下水解，故A不符合题意;B.聚合物P是由邻苯二甲酸和丙三醇通过缩聚反应制备的，故B不符合题意;C.油脂为脂肪酸甘油酯，其在碱性条件下水解可生成脂肪酸盐和甘油即丙三醇，故C,不符合题意;D.乙二醇的结构简式为 HO-CH 2CH2-OH ,与邻苯二甲酸在聚合过程中只能形成链状结构，故D符合题心、）综上所述，本题应选 D。【点睛】本题侧重考查有机物的结构和性质，涉及高聚物单体以及性质的判断，注意把握官能团的性质，缩聚反应的判断，题目有利于培养学生的分析能力，难度不大。8. 2018新课标I卷下列说法错误的是A.蔗糖、果糖和麦芽糖均为双糖B.酶是一类具有高选择催化性能的蛋白质C.

10、植物油含不饱和脂肪酸酯，能使 Br? /CC14褪色D.淀粉和纤维素水解的最终产物均为葡萄糖【答案】AB【解析】分析：A、双糖又名二糖，是由两个单糖分子组成的糖类化合物；B、根据酶的性质特点解答；C、植物油中含.有碳碳不饱和键；D、淀粉和纤维素均是多糖。详解：A、果糖不能再发生水解，属于单糖，A错误；B、酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数酶是蛋白质，B错误；C、植物油属于油脂，其中含有碳碳不饱和键，因此能使Br2/CCl4溶液褪色，C正确；D、淀粉和纤维素均是多糖，其水解的最终产物均为葡萄糖，D正确。答案选A。点睛：本题主要是考查糖类、油脂和蛋白质的性质，平时注意相关基础知识的

11、积累即可解答，题目难度不大。9. 2018新课标I卷环之间共用一个碳原子的化合物称为螺环化合物，螺2, 2戊烷（AV ）是最简单的一种。下列关于该化合物的说法错误的是A.与环戊烯互为同分异构体B.二氯代物超过两种C.所有碳原子均处同一平面D.生成1 mol C5H12至少需要2 mol H2【答案】C【解析】A、螺2, 2戊烷的分子式为 C5H8,环戊烯的分子式也是 C5H8,结构不同，互为同分异构体，A正确；B、分子中的8个氢原子完全相同，二氯代物中可以取代同一个碳原子上的氢原子，也可以是相邻碳原子上或者不相邻的碳原子上，因此其二氯代物超过两种，B正确；C、由于分子中4个碳原子均是饱和碳原子

12、，而与饱和碳原子相连的4个原子一定构成四面体，所以分子中所有碳原子不可能均处在同一平面上，C错误；D、戊烷比螺2, 2戊烷多4个氢原子，所以生成 1 mol C5H12至少需要2 mol H2, D正确。答案选 C。点睛：选项B与C是解答的易错点和难点，对于二元取代物同分异构体的数目判断，可固定一个取代基的位置，再移动另一取代基的位置以确定同分异构体的数目。关于有机物分子中共面问题的判断需要从已知甲烷、乙烯、乙快和苯的结构特点进行知识的迁移灵活应用。10. 2018新课标出卷苯乙烯是重要的化工原料。下列有关苯乙烯的说法错误的是A.与液澳混合后加入铁粉可发生取代反应B.能使酸性高镒酸钾溶液褪色C

13、.与氯化氢反应可以生成氯代苯乙烯D .在催化剂存在下可以制得聚苯乙烯【答案】C【解析】分析：本题考查的是有机物的化学性质，应该先确定物质中含有的官能团或特定结构（苯环等非官能团），再根据以上结构判断其性质。详解：A.苯乙烯中有苯环，液澳和铁粉作用下，澳取代苯环上的氢原子，所以选项A正确。B.苯乙烯中有碳碳双键可以被酸性高镒酸钾溶液氧化，所以能使酸性高镒酸钾溶液褪色，选项B正确。C.苯乙烯与HCl应该发生加成反应，得到的是氯代苯乙烷，选项 C错误。D.苯乙烯中有碳碳双键，可以通过加聚反应得到聚苯乙烯，选项 D正确。点睛：本题需要注意的是选项A,题目说将苯乙烯与液澳混合，再加入铁粉，能发生取代，这

14、里的问题是，会不会发生加成反应。碳碳双键和液澳是可以发生加成的，但是反应的速率较慢，加入的铁粉与液澳反应得到澳化铁，在澳化铁催化下，发生苯环上的氢原子与澳的取代会比较快；或者也可以认为澳过量，发生加成以后再进行取代。11. 2018海南卷实验室常用乙酸与过量的乙醇在浓硫酸催化下合成乙酸乙酯。下列说法正确的是A.该反应的类型为加成反应B.乙酸乙酯的同分异构体共有三种C.可用饱和的碳酸氢钠溶液鉴定体系中是否有未反应的乙酸D.该反应为可逆反应，加大乙醇的量可提高乙酸的转化率【答案】D【解析】A.乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯，是酯化反应，也是取代反应，不符合题意；B.乙酸乙酯的同分异构体中属于酯类的有甲

15、酸丙酯、甲酸异丙酯，还有丙酸甲酯共三种，但乙酸乙酯的 同分异构体不只是酯类，还可能是竣酸类等，因此同分异构体大于三种，不符合题意；C.由于该反应需要在加热的情况下进行，本身会挥发出乙酸到饱和碳酸钠溶液中，因此不能鉴定，不符 合题意；D.该反应为可逆反应，加大乙醇的量平衡正向移动，乙酸的转化率升高，符合题意；故答案为Do12. 2018北京卷一种芳纶纤维的拉伸强度比钢丝还高，广泛用作防护材料。其结构片段如下图表示氢键卜列关于该高分子的说法正确的是A.完全水解产物的单个分子中，苯环上的氢原子具有不同的化学环境B.完全水解产物的单个分子中，含有官能团一COOH或一NH2C.氢键对该高分子的性能没有影

16、响【解析】A项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，完全水解产物的单个分子为HOOCCOOHx=/,、=/中苯环都只有项错误；B项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，完全水解产物的单个分子为1种化学环境的氢原子，AhoocOcooh .含有的官能团为-COOH 或-NH2, B项正确;C项，氢键对该分子的性能有影响，如影响沸点、密度、硬度等， C项错误；D项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，采用切割法分析其单体为HOOC-fVcOOHHOOC-TVcOOHJ/ 、 x=/，该高分子化合物由J 、- x=zO O通过缩聚反应形成，其结构简式为H H,口项错误；答案选 Bo点睛：本题考查肽键的水解、氢原子化学环境的

17、分析、氢键对物质性质的影响、高分子化合物的书写。注意掌握单体的判断方法，首先根据高聚物判断是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断：（1）加聚产物单体的推断常用“弯箭头法”，单键变双键，C上多余的键断开；（2）缩聚产物单体的推断常用“切割法”，找到断键点，断键后在相应部位补上-OH或-H。13. 2018江苏卷化合物Y能用于高性能光学树脂的合成，可由化合物与2 -甲基丙烯酰氯在一定条件下反应制得：下列有关化合物、Y的说法正确的是A.分子中所有原子一定在同一平面上B. Y与B2的加成产物分子中含有手性碳原子C.、Y均不能使酸性 MnO 4溶液褪色D. -Y的反应为取代反应【答案】B

18、D【解析】A项，中与苯环直接相连的 2个H、3个Br、1个O和苯环碳原子一定在同一平面上，由于单键可以旋转，分子中羟基氢与其它原子不一定在同一平面上，A项错误；B项，Y与Br2的加成产物为*”碳为手性碳原子，B项正确；C项，中含酚羟基，能与酸性MnO4溶液反应，丫中含碳碳双键，丫能使酸性MnO4溶液褪色，C项错误；D项，对比、2-甲基丙烯酰氯和 Y的结构简式，+2 -甲基丙烯酰氯一 Y+HCl ,反应类型为取代反应，D项正确；答案选BD。点睛：本题考查有机物的结构和性质、手性碳原子的判断、有机物共面原子的判断。难点是分子中共面原子的确定，分子中共面原子的判断需要注意：联想典型有机物的结构，如C

19、H4、乙烯、乙快、苯、甲醛等；单键可以旋转，双键和三键不能旋转；任意三个原子一定共平面。14. 2017新课标I 下列生活用品中主要由合成纤维制造的是A.尼龙绳B.宣纸C.羊绒衫【答案】A【解析】合成纤维是化学纤维的一种，是用合成高分子化合物做原料而制得的化学纤维的统称。它以小 分子的有机化合物为原料，经加聚反应或缩聚反应合成的线型有机高分子化合物，如聚丙烯睛、聚酯、 聚酰胺等。A.尼龙绳的主要成分是聚酯类合成纤维，A正确；B.宣纸的的主要成分是纤维素，B错误;C.羊绒衫的主要成分是蛋白质，C错误；D.棉衬衫的主要成分是纤维素，D错误。答案选 Ao【名师点睛】掌握常见物质的组成以及合成纤维的含

20、义是解答本题的关键，题目难度不大，注意羊绒衫 和棉衬衣的区别。15. 2017新课标I 已知。（b）、。（d）、 （p）的分子式均为 C6H6,下列说法正确的是A. b的同分异构体只有 d和p两种B. b、d、p的二氯代物均只有三种C. b、d、p均可与酸性高镒酸钾溶液反应D . b、d、p中只有b的所有原子处于同一平面【答案】D【解析】A. b是苯，其同分异构体有多种，不止 d和p两种，A错误；B. d分子中氢原子分为 2类，根 据定一移一可知d的二氯代物是6种，B错误；C. b、p分子中不存在碳碳双键，不与酸性高镒酸钾溶液 发生反应，C错误；D.苯是平面形结构，所有原子共平面，d、p中均含

21、有饱和碳原子，所有原子不可能共平面，D正确。答案选D。【名师点睛】明确有机物的结构特点是解答的关键，难点是二氯取代物和共平面判断。二取代或多取代 产物数目的判断一般采用定一移一或定二移一法，即可固定一个取代基的位置，再移动另一取代基的位 置以确定同分异构体的数目，注意不要重复。关于共平面判断应注意从乙烯、苯和甲烷等结构分析进行 知识的迁移应用，解答是要注意单键可以旋转，双键不能旋转这一特点。16. 2017新课标H 下列说法错误的是A.糖类化合物也可称为碳水化合物B.维生素D可促进人体对钙的吸收C.蛋白质是仅由碳、氢、氧元素组成的物质D.硒是人体必需的微量元素，但不宜摄入过多【答案】C【解析】

22、A、糖类是由C、H、O三种元素组成的一类有机化合物，糖类也叫做碳水化合物，故 A说法正 确；B、维生素D可促进人体对钙的吸收，故 B说法正确；C、蛋白质基本组成元素是碳、氢、氧、氮，有些蛋白质还包括硫、磷等元素，故 C说法错误；D、硒是人体的微量元素，但不宜摄入过多，否则对人体有害，故D说法正确。【名师点睛】考查有机物的基础知识，本题的难度不大，注意蛋白质与糖类、油脂组成的差别，蛋白质 主要由碳、氢、氧、氮等元素组成，有的还含有硫、磷等元素，而糖类、油脂仅含有碳、氢、氧三种元 素，本题注重基础 知识的积累。17. 2017新课标出下列说法正确的是A.植物油氢化过程中发生了加成反应B.淀粉和纤维

23、素互为同分异构体C.环己烷与苯可用酸性 MnO4溶液鉴别D.水可以用分离澳苯和苯的混合物【答案】A【解析】A.组成植物油的高级脂肪酸为不饱和酸，含有碳碳双键，氢化过程为植物油与氢气发生加成反应，故A正确；B.淀粉和纤维素的聚合度不同，造成它们的分子量不等，所以不是同分异构体，故B错误；C.环己烷与苯都不与酸性 MnO4溶液反应，所以不能用该方法鉴别环己烷与苯，故C错误；D.澳苯与苯互溶，不能用水分离澳苯和苯的混合物，故 D错误。答案选 Ao【名师点睛】考查有机物的结构与性质，涉及油脂的氢化、糖类的组成结构及有机物的鉴别等；常见能 使酸性高镒酸钾溶液褪色的有机物有烯烧、快烧、苯的同系物、醇、酚、

24、醛等；而选择用水鉴别的有机 物通常可从水溶性及与水的密度比较角度分析，如存在与水混溶的，难溶于水但密度有比水大的、有比 水小的，即可用水鉴别。18. 2017海南双选下列叙述正确的是A.酒越陈越香与酯化反应有关B.乙烷、丙烷和丁烷都没有同分异构体C.乙烯和聚氯乙烯都能使澳的四氯化碳溶液褪色D.甲烷与足量氯气在光照下反应可生成难溶于水的油状液体【答案】AD【解析】A、乙醇被氧化成乙酸，乙醇和乙酸发生酯化反应，即CH3CH2OH + CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O,与酯化反应有关，故 A正确；B、乙烷和丙烷没有同分异构体，丁烷存在同分异构体，即正丁烷和异丁烷，故 B错误；C、乙烯中

25、含有碳碳双键，能使澳的四氯化碳溶液褪色，聚氯乙烯中不含碳碳双键，不能使澳的四氯化碳溶液褪色， 故C错误；D、甲烷和氯气发生取代反应， 生成CH3CI、CH2c12、CHCI3、CCI4, CH3CI为气体，CH2c12、CHC* CCI4为难溶于水的油状液体，故 D正确。【名师点睛】本题考查有机物的基础知识，平时学习中熟练掌握每种代表物的性质，包括化学性质和物理性质，本题中注意选项 C和选项D,选项C中的聚乙烯，名称为聚乙烯，但不含碳碳双键，是由乙烯 聚合而成，选项 D中注意文字，在光照条件下可生成难溶于水的油状液体，而不是都是难溶于水的油状 液体，此题属于基础题目，相对简单。19. 2017

26、北京我国在CO2催化加氢制取汽油方面取得突破性进展，CO2转化过程示意图如下:卜列说法不正确的是A.反应的产物中含有水B.反应中只有碳碳键形成C.汽油主要是C5Cii的烧类混合物D.图中a的名称是2-甲基丁烷【解析】A、通过图示可以得到反应为 CO2+H2-CO,根据原子守恒，得到反应为CO2+H 2=CO+H Q,A正确；B、反应生成（CHJn中含有碳氢键和碳碳键，B错误；C、汽油主要是C5Cii的烧类混合物，C正确；D、观察可以发现图中 a是（CH,2CHCH2CH3,其系统命名法名称是 2-甲基丁烷，D正确。答案选B。【名师点睛】选项 D是解答的难点，掌握有机物球棍模型的特点和烷烧的命名

27、方法是关键，球棍模型是用表现化学分子的三维空间分布。棍代表共价键，球表示构成有机物分子的原子，因此首先判断出有机 物的结构简式，然后根据烷煌的命名即可解答。20. 2017北京聚维酮碘的水溶液是一种常用的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与 HI 3形成聚维酮碘,其结构表示如下:©&-H-ch2-chO'n）工瓯W% （图中虚线表示氢键）卜列说法不正确的是A.聚维酮的单体是B.聚维酮分子由（m+n）个单体聚合而成C.聚维酮碘是一种水溶性物质D.聚维酮在一定条件下能发生水解反应【解析】A、因为聚维酮通过氢键与 HI 3形成聚维酮碘，则去除 HI 3、氢键，得化HCH CH

28、CH1HCHC% ,应写成长凡4H，可得聚维酮的单体是A正确；B、通过A分析研究，聚维酮分子由（2m+n）个单体聚合而成，B错误；C、“聚维酮碘的水溶 液是一种常用的碘伏类缓释消毒剂， 聚维酮通过氢键与 HI 3形成聚维酮碘”，可知聚维酮碘是一种水溶性 物质，从结构上看，聚维酮碘可以与水形成氢键使其易溶于水， C正确；D、聚维酮含有肽键 N 入。 在一定条件下能发生水解反应， D正确。正确选Bo【名师点睛】该题难度较大，本题的关键是找到高聚物聚维酮的单体，解题过程中不要被原给定复杂结 构迷惑，通过层层剥离就可以得到结论，注意题干选项的挖掘，例如氢键等。注意掌握单体的判断方法， 首先要根据高聚物

29、的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断：（1）加聚产物的单体推断方法：凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两个半键闭合即可；凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体；凡链节中主碳链为6个碳原子，含有碳碳双键结构，单体为两种（即单烯煌和二烯煌）；（2）缩聚产物的单体推断方法：断键，补原子，即找到断键点，断键后在相应部位加上-OH或-Ho21. 2017天津汉黄苓素是传统中草药黄苓的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用。下列有关汉黄苓素的叙述正确的是汉黄茅

30、素A.汉黄苓素的分子式为 Ci6H13O5B.该物质遇FeCb溶液显色C. 1 mol该物质与滨水反应，最多消耗1 mol Br2D.与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少【答案】B【解析】A、汉黄岑素的分子式为 Cl6H12O5, A错误；B、该物质中含有酚羟基，能与FeCl3溶液反应呈紫色，B正确；C、该物质酚羟基的邻、对位还可以与1 mol B2反应，碳碳双键可以与 1 mol B、发生加成反应，故1 mol该物质最多可以消耗 2 mol B2, C错误；D、该物质中含有羟基、厥基、碳碳双键、触键，与足量氢气加成后只剩余羟基和醒键，官能团种类减少2种，D错误。故选Bo【名师点

31、睛】本题以传统中草药黄苓有效成分“汉黄苓素”考查有机物的结构和性质。从试题素材、考核知识点以及情景设置等角度，着力引导考生关注我国社会、经济和科学技术的发展，弘扬社会主义核心价值观。通过挖掘历史文献和顶级科研论文寻找合适资料，以中国古代科技文明、我国科学家最新研究成果编制试题，体现中国传统科技文化对人类发展和社会进步的贡献，引导考生热爱化学，为国奉献。22. 2017江苏菇类化合物广泛存在于动植物体内，关于下列菇类化合物的说法正确的是A. a和b都属于芳香族化合物B. a和c分子中所有碳原子均处于同一平面上C. a、b和c均能使酸性 MnO4溶液褪色D. b和c均能与新制的Cu(OH) 2反应生成红色沉淀【答案】C【解析】A. a分子中没有苯环，所以 a不属于芳香族化合物， A错误；B. a、c分子中分别有 6个和9 个sp3杂化的碳原子，所以这两个分子中所有碳原子不可能处于同一平面内，B错误；C. a分子中有2个碳碳双键，b分子中苯环上连接有甲基，c分子