山东省济南市第一中学2019届高三一轮复习知识点复习原子核

1、.原子核一、单项选择题1.国家大科学工程-中国散裂中子源CSNS于2019年8月28日首次打靶成功，获得中子束流，可以为诸多领域的研究和工业应用提供先进的研究平台以下核反响中放出的粒子为中子的是A. 714N俘获一个粒子，产生817O并放出一个粒子B. 1327Al俘获一个粒子，产生1530P并放出一个粒子C. 511B俘获一个质子，产生48Be并放出一个粒子D. 36Li俘获一个质子，产生23He并放出一个粒子2.以下说法中正确的选项是A. 射线与射线一样是电磁波，但穿透本领远比射线弱B. 氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C. 质子、中子、粒子的质量分

2、别为m1、m2、m3，那么，质子和中子结合成一个粒子，释放的能量是(2m1+2m2-m3)c2D. 放射性元素发生射线时所释放的电子是原子核外的电子发生电离产生的3.用中子轰击铝1327Al，产生钠1124Na和X粒子，钠1124Na具有放射性，它衰变后变成镁1224Mg，那么X 粒子和钠的衰变过程分别是A. 质子衰变B. 粒子衰变C. 电子衰变D. 正电子衰变4.我国正在自主研发新型聚变-裂变混合反响堆工程。假如此工程得以研究开发并付诸实现，有可能使核资源寿命延长数倍。关于聚变和裂变，以下看法正确的选项是A. 12H+13H24He+01n是裂变反响B. 聚变和裂变反响中都存在质量亏损C.

3、裂变反响以释放核能为主，聚变反响以吸收核能为主D. 核越重，比结合能越大5.2019年中国散裂中子源CSNS将迎来验收，目前已建立的3台谱仪也将启动首批实验。有关中子的研究，以下说法正确的选项是A. Th核发生一次衰变，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4B. 一个氘核和一个氚核经过核反响后生成氦核和中子是裂变反响C. 卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子D. 中子和其他微观粒子，都具有波粒二象性二、多项选择题6.关于核反响方程，以下说法正确的选项是A. 13H+12H24He+01n是核聚变反响B. 铀核裂变的核反响为：92235U56141Ba+3692Kr+201nC. 在

4、衰变方程94239PuX+He+中，X原子核的质量数是234D. 卢瑟福发现了质子的核反响方程为：24H+714N817O+11H7.云室能显示射线的径迹，把云室放在磁场中，从带电粒子运动轨迹的弯曲方向和半径大小就能判断粒子的属性放射性元素A的原子核静止放在磁感应强度B=2.5T的匀强磁场中发生衰变，放射出粒子并变成新原子核B，放射出的粒子与新核运动轨迹如下图，测得两圆的半径之比R1：R2=42：1，且R1=0.2m粒子质量m =6.64×10-27kg，粒子质量m=9.1×10-31kg，普朗克常量取h=6.6×10-34Js，以下说法正确的选项是A. 新原子核

5、B的核电荷数为84B. 放射性元素A原子核发生的是衰变C. 衰变放射出的粒子的速度大小为2.4×107m/sD. 假如A原子核衰变时释放出一种频率为1.2×1015Hz的光子，那么这种光子能使逸出功为4.54eV的金属钨发生光电效应8.以下说法正确的选项是A. 方程式92238U90234Th+24He是重核裂变反响方程B. 钚核(94239Pu)的比结合能小于铁核(2656Fe)的比结合能C. 衰变所释放的电子是原子核内的中子转变成质子时所产生的D. 核力是短程力，与核子间的间隔 有关，始终表现为引力9.核能具有高效、清洁等优点，利用核能是当今世界解决能源问题的一个重要方

6、向。原子核的比结合能曲线如下图，根据该曲线判断以下说法正确的选项是A. 24He核的比结合能大于36Li核的比结合能，因此36Li核更稳定B. 两个12H核结合成24He核时释放能量C. 24He核的结合能约为7MeVD. 47107Ag的比结合能大于83209Bi的比结合能三、填空题10.如图，R为真空室内一放射源，LL为一张薄纸板，MN为荧光屏，放射源正对荧光屏的中心O点射出、三种射线假设在虚线框内加上垂直于线框平面的匀强磁场时，荧光屏上只观察到O、P两个亮点，那么打在O点的是_射线，虚线框内磁场的方向_选填“向里或“向外四、计算题11.用速度为v的中子轰击静止的锂核36Li，发生核反响后

7、生成氚核和粒子，生成的氚核速度方向与中子的初速度方向相反，氚核与粒子的速度之比为7：8，中子的质量为m，质子的质量也可近似看作m，普朗克常量为h。写出核反响方程；该核反响中粒子对应的物质波的波长为多少？12.在用铀235作燃料的核反响堆中，铀235核吸收一个慢中子后，可发生裂变反响，放出能量和快中子，而快中子不利于铀235的裂变为了能使裂变反响继续下去，需要将反响中放出的快中子减速有一种减速的方法是使用石墨碳12作减速剂，让铀核裂变所产生的快中子通过和碳核不断碰撞而被减速假设中子与碳核的碰撞是完全弹性碰撞，并在碰撞前碳核是静止的，碰撞后中子和碳核的速度都跟碰撞前中子的速度沿同一直线碳核的质量近

8、似为中子质量的12倍，中子原来的能量为E0192235U的裂变方程为92235U+01n56144Ba+3689Kr+x01n，那么x值为多少？假设反响过程中放出的能量为E，那么反响前后的质量差m为多少？2经过一次碰撞后，中子的能量为多少？3假设经过n次碰撞后，一个动能为E0的快中子能减速成为能量为En的慢中子，请写出En与E0和n的关系式13.在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次衰变。放射出的粒子24He在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R。以m、q分别表示粒子的质量和电荷量。1放射性原子核用ZAX表示，新核的元素符号用Y表示，写出该衰变的核反响方程；2粒

9、子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求圆周运动的周期和环形电流大小；3设该衰变过程释放的核能都转为粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量亏损m。1.B解：A.N俘获一个粒子，产生O后，新粒子的质量数为14+4-17=1，电荷数为：7+2-8=1，所以粒子为质子故A错误；B.Al俘获一个粒子，产生P后，粒子的质量数为27+4-30=1，电荷数为：13+2-15=0，所以粒子为中子故B正确；C.B俘获一个质子，产生Be后，粒子的质量数为11+1-8=4，电荷数为：5+1-4=2，所以粒子为粒子故C错误；D.Li俘获一个质子，产生He后，粒子的质量数为6+1-3=4，电荷数为：3+1-2

10、=2，所以粒子为粒子故D错误。故选：B。根据质量数与电荷数守恒；裂变是较重的原子核分裂成较轻的原子核的反应。考查核反应书写规律，掌握常见的人工核反应的规律，知道质量数与电荷数守恒是解答的关键。2.C解：A、射线不属于电磁波，而射线的本质是电磁波，射线的穿透本领比较强，故A错误；B、半衰期是统计规律，对少数原子核不适用，故B正确。C、质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3，两个质子和两个中子结合成一个粒子，减小的质量是2m1+2m2-m3，根据质能方程得：释放的能量是2m1+2m2-m3c2，故C正确。D、衰变时，原子核中的一个中子，转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，射线的本质是电子

11、流，故D错误；故选：C。射线的本质是电子流，射线的本质是电磁波；半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用；衰变的电子来自原子核中的中子转化为质子时产生的。质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3，质子和中子结合成一个粒子，释放的能量是2m1+2m2-m3c2，从而即可求解。解决本题的关键知道衰变的本质，知道在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒；掌握半衰期适用条件，及理解射线与射线区别。3.B解：根据质量数和电荷数守恒有： 10n+2713AL2411Na+42He 2411Na2412Mg+0-1e 故x是粒子，钠的衰变过程是衰变，故B正确。 故选B。根据核反应方程中的质量数和电荷数守恒可正

12、确解答。本题考查了核反应方程的书写，注意平时加强练习。4.B解：A、H+HHe+n是属于小质量的原子核聚变成中等质量的原子核，是聚变反应，故A错误。 BC、裂变反应、聚变反应都存在质量亏损，释放核能，故B正确，C错误。 D、中等质量的原子核的比结合能最大，故D错误。 故选：B。由较重的核分裂成几个较轻的核的过程为重核裂变，由较轻的核结合成中等核的过程为轻核聚变；核聚变和核裂变过程都释放出宏大能量；比结合能大小不是质量数大小来确定。解决本题的关键知道重核裂变、轻核聚变的区别，注意比结合能与质量数大小无关，理解质量亏损的含义。5.D解：A、衰变的本质是发生衰变的核中减小2个质子和2个中子形成氦核，

13、所以一次衰变，新核与原来的核相比，中子数减小了2，故A错误； B、裂变是较重的原子核分裂成较轻的原子核的反应，而该反应是较轻的原子核的聚变反应，故B错误； C、卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型，查德威克通过粒子轰击铍核获得碳核的实验发现了中子，故C错误； D、所有粒子都具有波粒二象性，故D正确； 故选：D。根据质量数与质子数守恒；裂变是较重的原子核分裂成较轻的原子核的反应；卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型；所有粒子都具有波粒二象性，即可求解。考查核反应书写规律，掌握裂变与聚变的区别，知道质子和中子的发现者。6.AD解：A、根据核反应的特点可知，H

14、+HHe+n是核聚变反应。故A正确。 B、铀核裂变的核反应是用一个中子轰击铀核得到三个中子，但是方程式中中子不能约去。故B错误。 C、在衰变方程PuX+He+中，He核的质量数是4，所以X原子核的质量数是239-4=235故C错误。 D、卢瑟福通过粒子轰击氮核得到质子，根据电荷数守恒、质量守恒，知方程式正确。故D正确； 故选：AD核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，根据电荷数守恒、质量数守恒判断核反应方程式的正误等。 铀核裂变的核反应是用一个中子轰击铀核得到三个中子，中子不能约去。本题综合考查了常见的核反应方程以及核反应方程的特点等这些知识点，难度不大，关键掌握这些知识点的根本规律7.ACD解

15、：A、由动量守恒0=mv-mv，粒子做圆周运动向心力等于洛伦兹力qvB=， 又q=2e，R1：R2=42：1，由以上关系得该放射性元素的电荷量q=84e，即衰变前原子核的电荷数为84，故A正确。 B、衰变过程中动量守恒，因初动量为零，故衰变后两粒子动量大小相等，方向相反。粒子轨迹为外切圆，说明两粒子所受的洛伦兹力方向相反，均带正电，故发生的是衰变，故B错误。 C、因R1=，得 v=m/s2.4×107 m/s，故C正确。 D、A原子核衰变时释放出一种频率为1.2×1015Hz的光子，根据E=h=6.6×10-34×1.2×1015J=

16、7.92×10-19 J=4.95eV4.54 eV，因此能使金属钨发生光电效应，故D正确； 故选：ACD。通过轨迹圆外切，结合速度的方向和洛伦兹力的方向判断出粒子的带电性质，从而判断出是何种衰变 结合洛伦兹力提供向心力，通过半径公式，动量守恒定律求出衰变后的粒子电荷的比值，从而确定衰变前原子核的电荷数，得出原子核的种类 结合半径公式，求出放出粒子的速度大小； 根据E=h，结合光电效应发生条件，入射光的能量大于或等于逸出功即可本题考查了动量守恒定律、粒子在磁场中做圆周运动的半径公式等知识点，难度中等，综合性较强，需加强这方面的训练，同时掌握光电效应产生条件，及注意电子伏特与焦耳的单位

17、转换8.BC解：A、裂变是重的原子核主要是指铀核或钚核分裂成两个或多个质量较小的原子的一种核反应形式，而方程式UTh+He是放射性元素的衰变反应方程. 故A错误；B、由原子核的平均结合能的曲线可知，钚核Pu的比结合能小于铁核Fe的比结合能. 故B正确；C、衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的. 故C正确；D、核力是短程力，在其作用范围内，随核子间间隔 的变化，可以表现为引力，也可以表现为斥力. 故D错误；故选：BC. 裂变是质量较重的核裂变为质量中等的核，聚变是质量较轻的核转化为质量较大的核；衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的；核力随核子间间隔 的变

18、化可以表现为引力也可以表现为斥力；核子在结合成原子核的过程中会释放能量，产生质量亏损.该题考查到原子物理学的多个知识点的内容，都是一些记忆性的知识点的内容，在平时的学习过程中多加积累即可. 9.BD解：A、He核的比结合能大于Li核的比结合能，因此He核更稳定，故A错误；B、C、He核的比结合能约为7 MeV，H核的比结合能约为1 MeV，那么两个H核结合成He核时释放能量，故B正确，C错误；D、由图可知Ag的比结合能大于Bi的比结合能，故D正确，故选：BD。由图得出氦核的比结合能，抓住比结合能等于结合能与核子数的比值得出氦核的结合能；比结合能越大，原子核越稳定，

19、通过图示得出比结合能的大小。本题考查了结合能和比结合能的根本运用，知道结合能与比结合能的关系，知道比结合能越大，原子核越稳定。10.；向里解：、三种射线中，射线穿透性最弱，一张纸板就能挡住，所以能穿透LL'的是、两种射线，射线不带电，在磁场中不偏转，打在O点是射线；打到P点的是射线，根据左手定那么，磁场方向垂直纸面向里故答案为：    向里根据、三种射线的穿透性，射线一张薄纸板就能挡住，根据左手定那么判断磁场方向本题考查了三种射线的特点，知道、和电离本领依次减弱，贯穿本领依次增强，射线不带电11.解：由题意可得，核反响方程为  01n+

20、36Li13H+24He取中子的速度方向为正方向，由动量守恒定律得 mv=-3mv1+4mv2又v1：v2=7：8解得v1=711v，v2=811v1分粒子对应的物质波的波长为=hp=h4m811v=11h32mv答：核反响方程为01n+36Li13H+24He；该核反响中粒子对应的物质波的波长为11h32mv。根据质量数和电荷数守恒，书写核反应方程；根据动量守恒定律求解粒子的速度，根据=求粒子对应的物质波的波长。核反应遵守两大根本规律：能量守恒定律和动量守恒定律。要注意动量守恒定律的矢量性。12.解：1根据质量数守恒有：235+1=144+89+x，解得x=3，根据质能方程：E=m

21、C2，那么反响前后的质量差m=EC22设中子的质量为m，碳核的质量为12m，中子与碳核碰撞过程中动量守恒和机械能守恒，那么有：mv0=mv1+12mv2；12mv02=12mv12+12×12mv22解得：v1=-1113v0，v2=213v0由于E0=12mv02，E1=12m(-1113v0)2=11132E0；3第1次碰撞后，E1=11132E0；第2次碰撞后，E2=11134E0；第3次碰撞后，E3=11136E0；第n次碰撞后，En=11132nE0；答：192235U的裂变方程为92235U+01n56144Ba+3689Kr+x01n，那么x值为3，假设反响过程中放出的能量为E，那么反响前后的质量差m为EC2；2经过一次碰撞后，中子的能量为11132E0；3假设经过n次碰撞后，一个动能为E0的快中子能减速成为能量为En的慢中子，那么En与E