鲁教版九年级上册物理第十三章 欧姆定律 单元练习题

1、.第十三章 欧姆定律一、选择题1.由欧姆定律公式可知   A. 同一导体两端的电压跟通过导体的电流成反比B. 导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零C. 导体中的电流越大，导体的电阻就越小D. 导体电阻的大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示2.现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2 ， 为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了如下图的四种电路，其中不可行的是图 A.           

2、0;                    B. C.                           D.

3、0;3.如图甲所示为一个天然气泄漏检测电路，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，那么以下说法正确的选项是   A. 天然气浓度增大，电压表示数变小                  B. 天然气浓度减小，电流表示数变大C. 天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小     

4、  D. 天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变4.某同学用电流表和电压表测甲、乙两段导体的电阻后作出如下图的图象，由此可判断A. R甲=R乙                       B. R甲R乙          &

5、#160;           C. R甲R乙                      D. 条件缺乏，无法确定5.用“伏安法测电阻的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U-I的图象，如图甲、乙所示.对

6、于图象的分析，以下说法错误的选项是   A. 由甲图可知，定值电阻的阻值为1B. 由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变C. 为了减小误差，应该用屡次测量求平均值的方法，计算小灯泡的电阻D. 由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大6. 如下图的电路中，电源电压不变，只闭合开关S1时，电压表V1与V2的示数之比为3：2，只闭合开关S2时，电压表V1与V2的示数之比为5：3，那么R1与R2的电阻之比为  A. 4：3      

7、                              B. 2：3                  &

8、#160;                 C. 3：5                              &#

9、160;     D. 5：37.如下图的电路中，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，示数之比U甲：U乙=3：2；当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，那么两表的示数之比I甲：I乙为A. 1：2                            &

10、#160;       B. 1：3                                    C. 2：3  

11、60;                                 D. 3：18.如下图，A1、A2是完全一样的两个电流表，都有3A和0.6A两个量程，闭合开关后，发现两个电流表指针偏转的角度一样，那么A. R1：R2=4：1 

12、60;               B. R1：R2=1：4                 C. R1：R2=1：5            

13、;     D. R1：R2=5：19.如下图，电源两端电压不变。当滑动变阻器滑片P向左滑动的过程中，以下说法正确的选项是A. 总电阻变小          B. 电压表V1的示数变小          C. 电压表V2的示数变小      

14、0;   D. 电流表A示数变小10.在如下图的电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和 U3表示，电表示数的变化量分别用I、U1、U2和U3表示那么在滑片P向下滑动的过程中，以下说法错误的选项是A. 不变，不变              B. U2=U1+U3  

15、            C. 不变              D. |U2|=|U1|+|U3|11.对“探究电流跟电阻的关系和“伏安法测量电阻这两个实验，说法不正确的选项是    A. 它们都是采用控制变量的研究方法B. 它们的实验电路图在教科书中是一样的C.

16、0;前者屡次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D. 后者屡次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差12.图为某同学在做电学实验时的电路的一部分，根据此电路图，你可以判断该同学正在做的实验是A. 肯定是测定小灯泡的电功率                             &#

17、160;  B. 肯定是测定小灯泡的灯丝电阻C. 肯定是研究小灯泡的电流、电压关系                  D. 以上三个实验均有可能二、填空题 13.将6V的电压加在用电器两端时，通过的电流是0.2A，该用电器的电阻是_；将3V的电压加在同一用电器两端时，通过电路的电流是_A。 14.某导体两端的电压为3V，通过它的电流为0.6A时，其电阻为_当加在该导体

18、两端的电压为0V时，其电阻为_ 15.如下图的电路中，电源电压不变，开关S1闭合后，开关S2由断开到闭合，电路中的总电阻将 _.假设S1仍闭合，S2断开，将滑片P向左挪动，那么电压表和电流表的示数的比值将 _均选填“变大、“不变或“变小16.如下图，图甲是额定电压为6V的小灯泡L的IU图象，现把它与定值电阻R0和滑动变阻器R组成串联电路，如乙图所示，电源电压保持12V不变无论变阻器滑片怎样挪动，小灯泡两端电压都不超过3V6V的范围那么小灯泡L额定电流是_A；定值电阻R0的阻值_；滑动变阻器的最大阻值为_17.小明用图所示的电路探究“电阻上的电流跟它两端电压的关系。1连接电路时，开关要_ ；2闭

19、合开关后，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都发现电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是电阻R_ 选填“断路或“短路；3排除故障后，小明在实验中通过调节滑动变阻器的滑片，测出电阻R在不同电压下的电流值，如表所示：UV0.51.01.61.92.53.0IA0.10.20.30.40.50.6小明在实验中所用电阻R的阻值约为_；分析表中的数据得出结论是：_。18.图是关于电阻A、B的IU图象由图可知，电阻值较小的电阻是_假设将A、B两电阻并联后接在电压为3V的电源两端，那么并联电路干路中的电流是_ A 19.电阻R1=10，R2=20，将它们串联在同一电路中，当电路闭合时，通过

20、它们的电流之比I1：I2=_，它们两端的电压之比U1：U2=_ 20.如下图，电源电压等于6V且保持不变，灯L1的电阻等于10，灯L2的电阻等于20。那么闭合开关S，电压表示数为_ V，电流表示数为_ A；断开开关S，电压表示数为_ V。三、实验探究题 21.小明想利用一块电流表和阻值的电阻R0测量电阻RX的阻值小明选择了满足实验要求的电源、电流表，并连接了部分实验电路，如下图1请你添加一根导线帮助小明完成实验电路的连接 2当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为I1；当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I2 请用I1、I2和R0表示RX ， RX=_ 22

21、. 在“测量小灯泡电阻的实验中，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V1实验前在检查实验器材时，发现电压表的指针指在了零刻线的左侧，接下来的操作是：_ 2请你用笔画线代替导线把图甲中的电压表连入电路 3在一次实验中，为使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为_V，此时电流表示数如图乙所示，那么小灯泡正常发光时的电阻为_ 4假设使小灯泡两端电压逐次降低，应将滑动变阻器的滑片向_端挪动下表是改变滑动变阻器滑片位置后得到的另外两组数据，发现每次测得的电阻值都不一样你认为产生这种现象的原因是_实验次数小灯泡两端电压U/V通过小灯泡的电流I/A灯丝的电阻R/1220.25831.50

22、.27.523.在测量电阻约为10的定值电阻Rx的实验中，小明和小亮用如下图的器材进展实验1用笔画线代替导线在甲图中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时连入电路的电阻变小 2小明把最后一根导线连接完毕后，看到电压表和电流表立即有较大示数小亮认为在实验操作中有两处错误，其中一处是滑动变阻器的滑片没有滑到电阻最大的位置，还有一处是_ 3改正错误后，小明改变Rx两端的电压和电流，两次测得的电阻值分别为R1=10.1，R2=10.2，第三次测量时，电流表的示数为0.26A，电压表的示数如图乙所示为_V根据以上三次实验数据，最后得出Rx=_ 4测量完毕后，小亮提出利用这个电路还可以测量小灯泡

23、的电功率，于是小明把定值电阻换成额定电压为2.5V、电阻约为10的小灯泡进展实验闭合开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，使电压表的示数为2.5V时，此时灯泡的电功率_填“大于、“小于或“等于它的额定功率 四、综合题 24.如下图，把15的电阻R1和10的电阻R2并联起来闭合开关S后，电流表的示数为0.3A求： 1电源电压； 2通过电阻R1的电流 25.在如图1所示电路中，电源电压4.5伏保持不变，变阻器上标有“20，2A字样闭合开关S后，电流表和电压表指针的位置分别如图2所示 1求此时变阻器R2连入电路的电阻值 2求电流在1min内通过电阻R1所做的功 3通过计算说明，在电路平安工作前提下，挪动

24、变阻器滑片P，电表示数能否到达所选量程的最大值 26.为防止酒驾事故的出现，酒精测试仪被广泛应用有一种由酒精气体传感器制成的呼气酒精测试仪，当接触到的酒精气体浓度增加时，其电阻值降低，如图甲所示当酒精气体的浓度为0时，R1的电阻为60在图乙所示的工作电路中，电源电压恒定不变，定值电阻R2=40求：1当被检测者的酒精气体的浓度为0时，电压表的示数是3.6V求电源电压是多少；   2如今国际公认的酒驾标准是0.2mg/ml酒精气体浓度0.8mg/ml，当电流表的示数为0.18A时，试通过计算判断被检测者是否酒驾 答案解析 一、选择题1.【答案】D 【解析】 ： A、电压是形成的

25、电流的原因，不会随电流的变化而变化此选项错误；B、导体两端的电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零此选项错误；C、导体中的电流越大，说明两端电压越大，但电阻不变此选项错误；D、在物理学中，导体的电阻等于两端的电压与通过的电流的比值此选项正确应选D【分析】电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比2.【答案】A 【解析】 ：A、两电阻串联，电流表测量通过电路的电流，无法比较两电阻阻值的大小，故A不可行，符合题意；B、两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻

26、两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小，故B可行，不符合题意；C、两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故C可行，不符合题意；D、两个电阻并联，一个电流表测干路电流，一个测支路电流，根据并联电路的电流特点求出另一支路的电流大小，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故D可行，不符合题意。应选A。【分析】1串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；2并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大。3.【答案】D 【解析】 AB、由图乙可知

27、气敏电阻的阻值随天然气浓度的增大而减小，故由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，由U0=IR0可知，定值电阻两端的电压会增大，即电压表的示数会变大；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大；A、B不符合题意；CD、由图乙可知气敏电阻的阻值随天然气浓度的减小而升高，故由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，但是根据欧姆定律知电压表与电流表示数的比值为R0的阻值，而R0为定值电阻阻值不变，C不符合题意，D符合题意故答案为：D【分析】根据电路图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；由图乙可知气敏电阻的性质，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据P=UI可知电路

28、消耗总功率的变化，根据欧姆定律结合R0的阻值可知电压表与电流表示数的比值变化4.【答案】C 【解析】【分析】根据控制变量法和欧姆定律分析电流与电压的关系图即可得出正确答案【解答】根据欧姆定律可知：在导体两端的电压一样时，通过导体的电流越大，导体的电阻就越小；或者在通过导体的电流一样时，导体两端的电压越大，导体的电阻就越大由图可知：在电压一样时，通过甲导体的电流比乙大，所以乙的电阻比较大或者在电流一样时，乙导体两端的电压比甲大，所以乙的电阻比较大应选C【点评】此题考察了欧姆定律的实际应用，侧重考察了控制变量法控制变量法是我们初中阶段学习的最重要方法之一，所以我们要好好掌握5.【答案】C 【解析】

29、【解答】AB、根据图甲可知，电压与电流成正比，因此该电阻为定值电阻，即电阻是导体自身的性质，它不随导体两端的电压和导体中的电流改变而改变，根据图示可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为3A，由I=U/R可知，定值的电阻：R=U/I3V/3A=1，AB不符合题意；C、测定小灯泡的电阻时，屡次测量是为了寻找灯丝电阻与温度的关系，不能求平均值减小误差，C符合题意；D、由乙图可知，电压与电流不成正比，即当灯泡两端电压发光改变时，灯泡的阻值也随之发生变化，且电压变化比电流变化快，因此小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大，D不符合题意，故答案为：C.【分析】1电阻一定时，电流与电压成正比；根据图甲判断该

30、电阻是否为定值电阻，然后利用图中数据以及欧姆定律的变形公式求出定值电阻的阻值；2根据图乙判断灯丝电阻的特点，然后分析屡次测量小灯泡电阻的目的6.【答案】A 【解析】【解答】解：由电路图可知，只闭合开关S1时，R0与R1串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测电源的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：= = = ，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I= 可得，两电阻的阻值之比为：= = = ，即R1=2R0；只闭合开关S2时，R0与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测电源的电压，两电阻两端的电压之比：= = = ，两电阻的阻值之比：= =

31、= ，即R2= R0 ， R1与R2的电阻之比：R1：R2=2R0： R0=4：3。应选A。【分析】由电路图可知，只闭合开关S1时，R0与R1串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测电源的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；只闭合开关S2时，R0与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测电源的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，然后得出R1与R2的电阻之比。此题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清两种情况下电路的连接方式是解题的关

32、键，要注意各量之间的关系，不要颠倒。7.【答案】B 【解析】【解答】当开关S闭合，甲，乙两表是电压表时，两电阻R1 ， R2串联，甲表测总电压，乙表侧R2两端的电压。在串联电路中，电压之比与电阻之比成正比，故R1/R2=1/2.      当开关S断开，甲，乙两表是电流表时，R1 ， R2并联，乙表测总电流，甲表测通过R2的电流。在并联电路中，电流之比与电阻之比成反比， 故I甲：I乙=1：3应选：B8.【答案】A 【解析】【解答】解：A1测量R1的电流，A2测量干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，指针偏转角度一样，两个电流表

33、使用的量程一定不同A2是使用03A的量程，A1是使用的00.6A的量程A2的示数是A1示数的5倍，所以I=5I1 ， 根据并联电路干路电流等于各支路电流之和得：I2=4I1 ， 根据R=得：R1：R2=I2：I1=4I1：I1=4：1应选A【分析】1并联电路干路电流等于各支路电流之和并联电流各支路电流之比等于各电阻比的倒数2电流表的两个量程的刻度盘一样，代表的示数不同，大量程是小量程的5倍9.【答案】D 【解析】【分析】1当滑片滑到a端时，灯泡L被短路，滑动变阻器全部接入，由欧姆定律可求得电源电压；2当滑片滑到b端时，灯泡正常发光，灯泡两端电压等于电源电压，由并联电路的电流规律可求得通过灯泡L

34、的电流，那么由电功公式可求得1min内消耗的电能；3直接利用P=UI即可求出电路的总功率【解答】1电源电压：U=I1R1=0.3A×20=6V；2通过灯泡的电流：IL=I2-I1=0.8A-0.3A=0.5A；灯泡消耗的电能：W=UILt=6V×0.5A×60s=180J；3电路的总功率：P=UI=6V×0.8A=4.8W；应选择：D10.【答案】B 【解析】【解答】解：由电路图可知，R0、R1、R2串联，R0、R1为定值电阻；滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知电路中电流变小；由U=IR可得，R0、R1两端的

35、电压变小；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：滑动变阻器两端的电压变大；A、由I=可知R1=，由于R1为定值电阻，所以不变；U1=U1U1=IR1 ， 由于R1是定值电阻，所以的比值不变，故A正确；B、根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：U3=U1+U2 ， 故B错误；C、由I=可知：U3=U3U3=IR0 ， 由于R0是定值电阻，所以的比值不变，故C正确；D、U3=U3U3=IR0U1=U1U1=IR1U2=U2U2=IR0+R1IR0+IR1显然|U2|=|U1|+|U3|；故D正确应选B【分析】由电路图可知，R0、R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两

36、端的电压，电压表V3测R1与R2串联电路两端电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，根据串联电路中电流的特点和电压特点，及欧姆定律逐项判断即可得出答案11.【答案】A 【解析】【分析】这两个实验都需要测量出通过电阻的电流和其两端的电压，实验电路图都是一样的，并且在做“探究电流跟电阻的关系时，要控制电阻两端的电压不变；实验过程都需要采用屡次测量取平均值的方法来减小误差【解答】A、在“探究电流跟电阻的关系时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻时不需要利用控制变量法，不正确，符合题意；B、这两个实验的实验电路图都一样，说法正确，不符合题意；实验过程为了减小误差，常采用屡次测

37、量取平均值的方法进展分析解答，故CD都正确，不符合题意；应选A【点评】此题结合两个电学实验进展分析考察对物理学方法的理解与应用情况12.【答案】D 【解析】【解答】解：由电路图可知，图示电路可以测出灯泡两端电压U与通过灯泡的电流I，由P=UI可以求出灯泡功率，由欧姆定律可以求出灯泡电阻，可以探究灯泡电压与电流的关系，因此A、B、C均可能，但到底是做什么实验，我们无法确定，故ABC错误，D正确；应选D【分析】由电路图可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，再根据选项中的实验原理进展判断二、填空题13.【答案】30；0.1 【解析】【解答】用电器的电阻 ，3V的电压加在同一用电器两端

38、时，电阻仍是30，电流 .故答案为：30；0.1.【分析】此题是有关欧姆定律的应用，要纯熟掌握欧姆定律的根本公式，并可以灵敏应用.14.【答案】5；5 【解析】【解答】解：由I= 可得，导体的电阻： R= = =5，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当加在该导体两端的电压为0V时，导体的阻值仍为5不变故答案为：5；5【分析】1知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的阻值；2电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关15.【答案】变小；不变 【解析】【解答】开关S1 闭合后开关S2 断开，两电阻串联

39、在电路中，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流，开关S2 闭合后，滑动变阻器被短路，电路中的总电阻将变小；S1 仍闭合，S2 断开，将滑片P向左挪动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，结合欧姆定律可知电路电流变大，定值电阻的阻值不变其两端电压变大，所以电压表和电流表的示数的比值将不变.故答案为：变小；不变【分析】此题考察了动态电路的分析，开关S2 闭合后，滑动变阻器被短路，电压表和电流表的示数的比值反映的是定值电阻的阻值，正确分析电路是解题的关键.16.【答案】0.6；10；8 【解析】【解答】解：1灯泡正常发光时的电压为6V，由图甲可知通过灯泡的电流IL=0.6A，那么小灯泡的额定功率PL

40、=ULIL=6V×0.6A=3.6W；2当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，灯泡两端的电压UL=6V， 根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知此时定值电阻两端的电压：U0=UUL=12V6V=6V，根据串联电路中各处的电流相等可知：I0=IL=0.6A，由I= 可得：R0= = =10；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡两端的电压UL=3V，由图甲可知，此时电路中的电流I=0.5A，此时定值电阻R0和滑动变阻器两端的电压之和：U=UUL=12V3V=9V，由I= 可得定值电阻R0和滑动变阻器最大阻值之和：R= = =18，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器的

41、最大阻值R=RR0=1810=8故答案为：0.6；10；8【分析】1灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据甲图读出通过灯泡的电流；2当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时灯泡两端的电压最大，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律定值电阻R0的阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡两端的电压最小，根据图甲读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再利用电阻的串联特点求出滑动变阻器的最大阻值17.【答案】断开；断路；5；在电阻一定时，通过导体的电流与它两端的电压成正比 【解析】【解答】解：1为防止连接电路时出现短路等情况，造成电

42、路中电流过大损坏元件，开关应断开；2电流表无示数，说明电路中某处发生了断路，电压表始终有示数，说明与电压表并联的电路发生了断路，即R断路；3探究“电阻上的电流跟两端电压的关系要控制电阻R不变，由表格第一次数据，R=5；由表格数据每次实验电压与电流的比值根本相等，说明电阻一定时，电流与电压成正比。故答案为：1断开；2断路；35；在电阻一定时，通过导体的电流与它两端的电压成正比。【分析】1连接电路时，开关应断开；2根据电流表和电压表的示数情况进展判断，电流表无示数，可能发生了断路，根据电压表的示数得知是哪儿发生了断路；3探究“电阻上的电流跟两端电压的关系要控制电阻R不变，改变R两端电压，由表格数据

43、，根据R=计算R的阻值；根据表格数据分析电流随电压变化情况得出结论。18.【答案】5；0.9 【解析】【解答】解：1由欧姆定律I= ，以及IU图象得：电阻A的阻值RA= = =5，电阻B的阻值RB= = =10；故电阻值较小的是A，阻值为5；2由图象可知，将A、B两电阻并联后接在电压为3V的电源两端，那么A的电流为0.6A，B的电流为0.3A，由并联电路特点知，干路电流I=IA+IB=0.6A+0.3A=0.9A故答案为：5；0.9 【分析】1由IU图象找出对应的电压电流值，由欧姆定律可求出电阻的阻值；2根据并联电路特点及欧姆定律可求出干路电流19.【答案】1：1；1：2 【解析】【解答】因为

44、串联电路中电流处处相等，所以两电阻串联在同一电路中时，通过它们的电流之比：I1：I2=1：1；由I= 知U=IR，所以它们两端的电压之比：U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=10：20=1：2.故答案为：1：1；1：2【分析】此题考察了串联电路的电流特点，以及欧姆定律的灵敏运用，根据串联电路的电流特点可知两电阻串联时通过的电流之比，根据U=IR可知电阻分得的电压之比20.【答案】4；0.2；6 【解析】【解答】从电路图可知，闭合开关S，两灯泡串联，电压表测量灯泡L2两端的电压，电流表测量总电流，根据公式可求电路总电流，R为串联总电阻，灯泡L2两端的电压根据公式U2=IR2可求，断开开关后，

45、电路中只有灯泡L1 ， 电压表测量电源电压闭合开关S，两灯泡串联，电路总电流也就是电流表的示数灯泡L2两端的电压也就是电压表示数为U2=IR2=0.2A×20=4V，断开开关S，电压表测量电源电压，示数为6V【分析】解决此题的关键是熟知电流、电压的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵敏运用，难点是开关断开与闭合时电路的连接情况，重点是知道电流表和电压表各是测量哪一个用电器的电流和电压三、实验探究题21.【答案】1电路图如以下图所示： 2【解析】【解答】解：1实验中没有电压表，要测Rx的阻值，应利用并联电路的电压特点进展测量，即R0与Rx并联，开关S1和电流表位于干路，开关S2控制R0支路

46、， 2当开关S1闭合、S2断开时，电路为Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流I1；当开关S1、S2都闭合时，Rx与R0并联，电流表测干路电流I2； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R0的电流：I0=I2I1 ， 因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I= 可得，电源的电压：U=I0R0=IxRx ， 那么Rx= = 故答案为：1如上图所示；2 【分析】实验中没有电压表，要测Rx的阻值，应利用并联电路的电压特点进展测量，通过开关闭合与断开，测出Rx的电流和干路电流，利用并联电路的电流特点求出通过R0的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出电阻Rx的阻值22

47、.【答案】1沿顺时针旋动调零螺母将指针调零2如图32.5；8.34右；灯丝电阻随温度的升高而增大 【解析】【解答】解：1实验前在检查实验器材时，发现电压表的指针指在了零刻线的左侧，应沿顺时针旋动调零螺母将指针调零；2电压表应与小灯泡并联，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表量程可选择03V的量程，如下图：；3小灯泡的额定电压为2.5V，为使小灯泡正常发光，应调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为2.5V；由图知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；R= = 8.3；4由图知，滑动变阻器接了下面左边的接线柱，假设使小灯泡两端电压逐次降低，应将滑动变阻

48、器的滑片向右端挪动，增大滑动变阻器的阻值而增大其分得的电压；由表格中数据知，小灯泡的电压越高、电流越大，灯丝的电阻越大，是因为灯丝温度升高而造成的故答案为：1沿顺时针旋动调零螺母将指针调零；2见上图；32.5；8.3；4右；灯丝电阻随温度的升高而增大【分析】1在使用电压表测量电压前，要进展调零；2掌握电压的连接，测灯泡的电阻需用电压表测出灯泡两端的电压，所以电压表应与灯泡并联，根据电源电压判断出电压表的量程；3当灯泡两端的电压等于额定电压时，小灯泡正常发光；确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据公式R= 计算出电阻值；4根据串分压的特点判断滑动变阻器阻值的变化，从而判断出滑片的挪动方向；灯丝

49、的电阻随温度的升高而增大23.【答案】12连接电路时开关没有断开32.6；10.14等于 【解析】【解答】解：1电源的电压为4.5V，根据欧姆定律可得， 当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的最大电流：I= = =0.45A0.6A，所以电流表的量程为00.6A，且与定值电阻Rx串联；滑动变阻器的右下方接线柱与开关的右接线柱相连时，滑片向右滑动时连入电路的电阻变小，如以下图所示：2接完最后一根导线，电表有示数说明开关闭合；电流表示数较大，说明电路电阻较小，滑动变阻器滑片没有置于阻值最大位置因此实验操作中的两处错误是：连接电路时开关没有断开；没有把滑动变阻器的滑片置于阻值最大的位置3由图乙可知，电压表选择的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.6V，由I得，第三次测量时定值电阻的阻值：R3= = =10，那么定值电阻的阻值：Rx= = =10.14改变滑动变阻器滑片P的位置，使电压表的示