理综物理部分

1、高考模拟试题理科综合能力测试（物理部分）本试卷分为第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。考试时间150分钟第卷一、选择题（每小题6分，每小题分别给出四个选项，只有一个选项符合题意。）14. 人造地球卫星绕地球旋转时，既具有动能又具有引力势能（引力势能实际上是卫星与地球共有的，简略地说此势能是人造卫星所具有的）。设地球的质量为M，半径为R，取离地无限远处为引力势能零点，则距离地心为r，质量为m的物体引力势能为（G为万有引力常量),假设质量为m飞船在距地心r1的近地点速度为v1,则下列说法中正确的是（ ）A. 飞船在椭圆轨道上正常运行时具有的机械能B. 飞船在椭圆轨道距离地心r2时的速度大小C.

2、 地球的第一宇宙速度D. 地球的第二宇宙速度( 物体在地球表面的速度等于或大于该速度时，物体就可以挣脱地球引力的束缚，成为绕太阳运动的人造行星)解析：B。由于飞船在椭圆轨道上机械能守恒，所以飞船在近地点所具有的机械能即所求机械能，飞船椭圆轨道上运动时所具有的机械能；根据机械能守恒得；第一宇宙速度得；物体脱离地球引力时，此时速度为零，由机械能守恒定律：（3分） 得：(考点：天体运动)15.汽车在平直的公路 以恒定加速度启动，达到额定功率后以额定功率行驶，设阻力恒定，则各量随时间变化的关系，正确的是（ ）VtooooFFttta A B C D解析：由于汽车以恒定加速度启动，速度光均匀增

3、加，达到额定功率后，作加速度减少的加速运动，最终匀速，A项错误，先匀加速，牵引力为恒力，达到额定功率后，由P=FV知，速度增加得慢，所以力减少得慢，最终牵引力与阻力相等匀速，所以B选项正确，C选项错误，加速度变化情况与力情况差不多只不过最终加速度为零，D选项错误（考点：机车启动）16.在匀变速直线运动中我们学到：极短时间内的变速可视为匀速，位移的累加得到总位移，这便是微元法。用该方法求得：一小球以25m/s竖直上抛，经4s落回原处，已知空气阻力大小与小球速率成正比，重力加速度g取10m/s2，则小球落回原处时的速度大小应为（ ）A.5m/s B.10m/s C.12.5m/s D.15m/s解

4、析：D。上升： 下降：等式两端同乘得 等式两边累积求和得 即 两式相加得（考点：牛顿运动定律）17、为了证明地球在自转，法国物理学家傅科于1851年做了一次成功的摆动实验，傅科摆由此而得名。实验在法国巴黎先贤祠最高的圆顶下方进行，摆长67米，摆锤重28公斤。在傅科摆试验中，人们看到，摆动过程中摆动平面沿顺时针方向缓缓转动，摆动方向不断变化。分析这种现象，摆在摆动平面方向上并没有受到外力作用，摆动的空间方向不会改变，因而可知，这种摆动方向的变化，是由于观察者所在的地球沿着逆时针方向转动的结果，地球上的观察者看到相对运动现象，从而有力地证明了地球是在自转。若地球突然停止自转，则关于傅科摆，以下说法

5、正确的是（ ）A、周期会变长 B、周期不变 C、周期约为16秒 D、仍能看到摆动平面缓缓转动解析：选C。根据万有引力定律，当地球停止自转时，重力加速度会略微增大，则单摆的周期应该变小，故A、B错；根据单摆周期公式，估算得此单摆周期约为16秒，故C正确； 有题意可推出，地球停止自转后，摆动平面不再转动，故D错。（考点：单摆运动）18.一个带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0x2段是对称的曲线，段是直线，则下列说法中不正确的是（ ）A处电场强度为零x2x1OxEx3B、处电势、的关系为C粒子在0段做非匀变速运动，段做匀变速直线运动；D段是非匀强电

6、场。【答案解析】D.解析： A、根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：E=，得：E=由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确B、根据电势能与电势的关系：Ep=q，因粒子带负电，q0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：123故B正确C、D、由图看出在0x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动x2x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀

7、变速直线运动，故C正确，D错误故选：D（考点：电场）19、某折射率为2的玻璃制成的立方体，其中心有一可发出白光的点光源，则观察该立方体表面的光斑，以下说法正确的是（ ） A、光斑为正方形 B、光斑为圆形 C、光斑边缘一定是白色 D、光斑边缘可能是紫色解析：选B。由折射定律，光线在该种介质中的全反射临界角为，故会在立方体表面形成一个半径为的圆形亮斑，a为立方体边长，故A错，B正确。白光是由多种颜色光复合而成，不同色光在同一介质中的折射率不同，红光最小，紫光最大，故红光的全反射临界角最大，故光斑边缘应该呈现红色。（考点：光学）20.如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗

8、糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中 （ ）A甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C乙物块与斜面之间的摩擦力保持不变D乙物块与斜面之间的摩擦力不断增大【答案解析】A 解析：对整体，分析受力情况：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上，则由牛顿第二定律得：m总gsin-f=ma     FN=m总gcos-F洛 随着速度的增大，洛伦兹力增大，则由知：FN减小，乙所受的滑动摩擦力f=FN减小，故C、D错误；以

9、乙为研究对象，有：m乙gsin-f=m乙a  m乙gcos=FN+F洛  由知，f减小，加速度增大，因此根据可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大，故A正确，B错误； （考点：牛顿运动定律与磁场）第卷二、实验题21.（18分）、（2分）实验室中有下列几个长度测量仪器：最小刻度为毫米的刻度尺、10分度游标卡尺、20分度游标卡尺、50分度游标卡尺、螺旋测微器。一个同学用其中一种仪器测量某工件的长度为6.328cm，则他所使用的仪器为（填仪器序号）. 【解析】显然6.328cm=63.28mm，此时我们可以用试探法：最小刻度为毫米的刻度尺和10分度的卡尺只能估读到0.1mm数量级，

10、而螺旋测微器需估读到0.001 mm数量级，则这三者都不是。而20个等分刻度的卡尺其准确度为0.05mm，即在百分毫米位上只会出现“0”和“5”，故该尺也不是。但对于50分度的卡尺，其准确度为0.02 mm，所以在其最末一位只会出现偶数，故此题只能为。（考点：仪器读数）、（8分）在验证力的平行四边行定则的实验中，提供的器材有：方木板、白纸、弹簧秤一个、橡皮盘、细绳两条、三角板、刻度尺、图钉（几个）下面是主要实验步骤：在桌上平放一方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C._ _ _ 按照一

11、定的标度作出两个力F1和F2的图示. 用平行四边行定则求出合力F.用弹簧秤，通过细绳把橡皮条的结点拉到同一结点位置O，读出弹簧的示数F，记下细绳的方向. 比较力F与用平行四边形定则求得的合力F的大小和方向，看它们是否相等.改变两个分力的大小和夹角，再做两次实验，得出的结论是 _ .以上步骤中有的没有写全，请将不全的地方加以补充.【解析】本实验中一般提供两个弹簧秤，分别向不同的方向拉动，只要使得橡皮条的结点拉到原来的同一位置即可。由于此处仅仅提供一个弹簧秤，而拉力大小又必须测出，故我们可以分别测量拉力，再作力的图示，故有如下答案：用弹簧秤勾住绳套B，用手拉住绳套C，互成角度地拉橡胶条，使橡皮条伸

12、长，让结点到达某一位置O.用铅笔记下O点位置和两条细绳的方向，读出弹簧秤的读数F1 .用弹簧秤钩住绳套C，用手拉住绳套B，沿已记录的两细绳的方向拉橡皮条，仍使结点达到同样位置O，读出弹簧秤的示数F2 . 用同一标度作出这个力F的图示。在误差允许范围内，F与F大小相等，方向相同.（考点：平行四边形实验）、（8分）现有器材：量程为10.0mA、内阻约30-40的电流表一个，定值电阻R1=150，定值电阻R2=100，单刀单掷开关K，导线若干。要求利用这些器材测量一干电池（电动势约1.5V）的电动势。（1）按要求在实物图上连线。（2）用已知量和直接测得量表示的待测电动势的表达式为E=- ，式中各直接

13、测得量的意义是-.。【解析】根据提供的器材，可任取一个定值电阻与电流表、干电池、开关接成一个串联电路，用欧姆定律建立方程组进行测量。但在本题中，电流表量程为10.0mA，干电池的电动势约为1.5V，如果把定值电阻R1与电流表、干电池、开关接成一个串联电路，则回路中总电阻约为180，回路中电流约为1.5V /180=8.3mA，而如果把定值电阻R2与电流表、干电池、开关接成一个串联电路，则回路中总电阻约为130，回路中电流约为1.5V /130=11.5mA，显然，该电流已超过电流表的量程。考虑到实验的可行性，此时用定值电阻R2与R1串联即可，故有如下解答：（1）连图：左图只用R1接入电路；右图

14、用R1和R2串联接入电路。(连线如图) （2）设I1是外电阻为R1时的电流，I2是外电阻为R1和R2串联时的电流，则有，解之，可解得干电池电动势为：. 评分标准：、每空2分。（1）3分，两种连线只画一种即可得分，但左图只用R2接入电路, 右图用R1和R2并联接入电路不得分。（2）第一空3分，第二空2分。（考点：电学实验）三、解答及计算题EK/J22.（14分）质量m2kg的物块放在粗糙水平面上，已知物块与水平面间的动摩擦因数为在水平拉力的作用下由静止开始运动，物块动能Ek与其发生位移x之间的关系如图所示。16重力加速度g取10m/s2，求(1) 物块在x=3m时的加速度(2)物块在前4m位移中

15、所经历的时间4(3)在前4m位移过程中拉力对物块做的功240x/m解析：在24m位移内由动能定理得 (2分)得 (2分)由平均速度法得 (2分) (2分) 得 (2分)前4m位移内由动能定理得 (2分)得 (2分)（考点：运动学与能量）23、(16分)带有1/4圆弧轨道质量为m的滑车静止于光滑水平面上，圆弧半径为R，如图示，一质量为m的小球以速度v水平冲上滑车，从圆弧顶端飞出后，经过时间t再次后落到圆弧上，求：如何判断小车上表面是否光滑？若圆弧光滑，则小球从左边离开小车时的速度多大？ vmm若圆弧不光滑，则小球从冲上小车到飞离小车顶端的过程中，因摩擦产生了多少热能？解析：设小球到达圆弧顶端时的

16、水平分速度为，由动量守恒，解得2分竖直分速度为，若圆弧光滑， 则由机械能守恒：2分解得: 1分则，解得：1分所以，若则小车光滑，若则小车粗糙1分由动量守恒：2分机械能守恒：2分解得：1分小球到达圆弧顶端时的竖直分速度1分由能量守恒定律：2分解得：1分（考点：动量守恒定律）24.（20分）如图所示，在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场，电场强度为E。在x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为By轴下方的A点与O点的距离为d一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场粒子的重力不计（1）求粒子在磁场中运动的轨道半径r（2）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0求E0（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，求粒子经过x轴时的位置【答案解析】(1)(2) (3) x=解析：（1）粒子在电场中加速，由动能定理得qEd= (2分)粒子进入磁场后做圆周运动，有qvB=m(2分)解得粒子在磁场中运动的半径  r= (2分)（2）要使粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，运动情况如图,由几何知识可得  R=，(2分)由以上各式解得