内蒙古包头市高三物理一模试卷(含解析)

1、内蒙古包头市2017届高三物理一模试卷二、选择题：本题共 8小题，每小题 6分.在每个小题给出的四个选项中，第 1-5题只有一个选项符合题目要求. 第6-8题有多项符合题目要求.全部选又的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得。分.1 .下列说法正确的是（）A. 3衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的B.对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大C.原子从较高的激发态向较低的激发态或基态跃迁的过程，是吸收能量的过程D.用能量等于笊核结合能的光子照射静止笊核，可使笊核分解为一个质子和一个中子2.如图，斜面 A放在水平地面上.物块 B放在斜面上，有一水平力

2、 F作用在B上时，A B均 保持静止.A受到水平地面的静摩擦力为 fi, B受到A的静摩擦力为f2,现使F逐渐增大，但 仍使A、B处于静止状态，则（）A. fi 一定增大B. fi、f 2都不一定增大C. fi、f2均增大 D. f 2一定增大3 .如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的物体提升到高处.滑轮的质量和摩擦均不计，物体获得的加速度.与绳子对物体竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示.由图可以判断图线与纵轴的交点 M的值aM=- g图线与横轴的交点 N的值TN=mg图线的斜率等于物体的质量m图线的斜率等于物体质量的倒数 以上判断正确的是（4 . 2016年10月17日7时30分神舟H

3、一号飞船发射升空.成功人轨后，经过5次远距离导引控制之后，飞船到达天官二号后下方52公里左右的位置（如图所示），两个航天器建立空空通信，转入到自主控制段.10月19日凌晨，神舟十一号飞船与天官二号自动交会对接成功，开始在太空中的连体飞行.与前几次交会对接任务不同，此次交会对接轨道和返回轨道高度比之前增加了 50公里，距地面高度为 393公里.下列说法正确的是（）A.神舟十一号飞船从图示状态下要与天官二号对接，应采取加速措施B.在图示状态时，天宫二号的向心加速度大于神舟十一号的向心加速度C.在图示状态时，天宫二号做匀速圆周运动的周期小于神舟十一号的周期D.天官二号和神舟十一号组合体绕地王做匀速圆

4、周运动的速度大于7.9km/s5 .如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径.一带电粒子从a点射入磁场，速度大小为 v、方向与ab成30角时，恰好从b点飞出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t ;若同一带电粒子从 a点沿ab方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（AB-C- QB的匀6 .如图所示，光滑金属导轨 AG AD固定在水平面内，并处在方向竖直向下、大小为强磁场中.有一质量为 m的导体棒以初速度 V0从某位置开始在导轨上水平向右运动，最终恰好静止在A点.在运动过程中，导体棒与导轨始终构成等边三角形回路，且通过 A点的总电荷量为Q.已知导体棒与导轨间白接触

5、电阻值恒为R,其余电阻不计，则（）XXXXXXJXX | AXAXXXXA.该过程中导体棒做匀减速运动B.当导体棒的速度为时，回路中感应电流小于初始时的一半2C.开始运动时，导体棒与导轨所构成回路的面积为S=1.2D.该过程中接触电阻产生的热量为87.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C,质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的 v-t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）.则下列说法正确的是 （）*4 *t*r m-i10K -O S 7 10 fl i甲乙A. B点为中垂线上电场强度最大的点

6、，场强 E=1V/mB.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C.由C点到A点电势逐渐升高D. A、B两点间的电势差 Uab=5V8 .如图所示，一个质量为 m的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端连在和圆环同一高度的墙壁上的 P、Q两点处，弹簧的劲度系数为 k,起初圆环处于 。点，弹簧处于原长状态且弹簧的原长为L,细杆上面的 A B两点到O点的距离都为L,将圆环拉至A点由静止释放,重力加速度为g,对于圆环从 A点运动到B点的过程，下列说法正确的是（A.圆环通过。点的加速度小于 gg+ 二“ g IQB.圆环

7、在O点的速度最大C.圆环在A点时的加速度大小为D.圆环在B点的速度为2日二、解答题（共4小题，满分47分）9 .某同学利用如图甲所示的实验装置测定铁块与木板之间的动摩擦因素，实验步骤如下：A.将斜槽轨道的末端调整水平B.使木板紧靠槽口末端 。点，其上表面与槽口在同一水平面上C.使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，铁块最终停在木板上的B点，测出OB间的距离LD.去掉木板，再使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，测出铁块做平抛运动的水平位移X和槽口离地面的高度 hE.改变挡板的位置，以获取多组L、X数据（填“是”或“否”）（1）本实验中，斜槽表面粗糙对实验结果是否有影响?（2）该同学根据测得的数据，

8、作出X2-1图象如图乙所示，如果图象的斜率为k,则铁块与木板间的动摩擦因素科=0,10 .为测定一节新干电池的电动势和内电阻（已知该干电池的内电阻相当小，额定电流为7A),可供选择的器材有:电压表：A.量程3V,内阻为10kQB.量程15V.内阻为20k .电流表：C.量程0.8A内阻约为0.5 Q D滑动变阻器：E.最大电阻10 a额定电流0.7A F.量程3A,内阻约为0.2 Q.最大电阻2KQ额定电流2AG.定值电阻R=1 Q .H.电键、导线若寸(1)要使实验误差较小且操作方便，可选择的器材是(填字母代号)(2)图甲中的电路图应选择 .(3)实验测得9组数据，已标在图乙的坐标中，请在图

9、乙中连线，从图中可得电池内阻r=Q (结果保留两位有效数字)图甲11 .如图所示，在竖直平面内一个带正电的小球质量为m,所带的电荷量为q用一根长为L且不可伸长的绝缘轻细线系在一匀强电场中的。点.匀强电场的方向水平向右，分布的区域足够大.现将带正电小球从 。点右方由水平位置 A点无初速度释放，小球到达最低点B时速度恰好为零.(1)求匀强电场的电场强度 E的大小.B所用的时间t(2)若小球从 O点的左方由水平位置 C点无初速度释放，则小球到达最低点是多少？(已知： 0A = OCL,重力加速度为 g)t=0时，两个质v- t图象如图乙12 .如图甲所示，质量为 M=3.0kg的平板小车C净止在光滑

10、的水平面上，在量均为1.0kg的小物体A和B同时从左右两端水平冲上小车，l.0s内它们的所示，g取l0m/s(1)试分析小车在l.0s内所做的运动，并说明理由？(2)要使A B在整个运动过程中不会相碰，车的长度至少为多少？(3)假设A、B两物体在运动过程中不会相碰，试在图乙中画出A、B在t=1.0s3.0s时间内的v-t图象.三、选择题(共2小题，每小题5分，满分15分)13 .下列说法中正确的是()A.做功和热传递在改变物体内能上是等效的B.温度和质量都相同的水、冰和水蒸气，它们的内能相等C.布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动D.当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而

11、增大E.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的14 .把一定质量的理想气体用活塞封闭在可导热的气缸内，活塞相对于底部的高度为h,可沿气缸无摩擦地滑动，整体放在冰水混合物中.取一小盒砂子缓慢地倒在活塞的上表面上.砂子倒完时，活塞下降了 h/4 .再取相同质量的一小盒砂子缓慢地倒在活塞的上表面上.外界的压强和温度始终保持不变，求第二次砂子倒完时活塞距气缸底部的高度是多少？在第二次倒砂子的过程中外界对气体做功145J,封闭气体吸热还是放热，热量是多少?【物理-选彳3-4 t=1.0s时刻的图象，图乙为图甲中15.图甲为某一简谐波在C点的振动图象.则下列说法正)A.波速 v=4m/sB

12、.图甲中B点的运动方向向右C.该波沿x轴负方向传播D.要使该波能够发生明显的衍射，则障碍物的尺寸应远大于4mE.若该波能与另一列波发生稳定的干涉，则另一列波的频率为1Hz16.高速公路上的标志牌都用"回归反射膜“，夜间行车时，它能把车灯射出的光逆向返回，这种“回归反射膜”是用球体反射元件制成的.如图，透明介质球的球心位于 。点，半径为R,光线DC平行于直径 AOBM到介质球的C点，DC与AB间的距离H=R,若DC光线进入介2质球折射后，经一次反射，再折射后射出的光线与入射光线CDH亍，试作出光路图，并计算出介质球的折射率.2017年内蒙古包头市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选

13、择题：本题共 8小题，每小题 6分.在每个小题给出的四个选项中，第 1-5题只有一个选项符合题目要求. 第6-8题有多项符合题目要求.全部选又的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得。分.1 .下列说法正确的是（）A. 3衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的B.对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大C.原子从较高的激发态向较低的激发态或基态跃迁的过程，是吸收能量的过程D.用能量等于笊核结合能的光子照射静止笊核，可使笊核分解为一个质子和一个中子【考点】IC:光电效应；J2:原子的核式结构.【分析】3衰变中产生的3射线实际上是原子核内的中子转化为质子同

14、时释放出电子；依据光电效应方程，即可判定；根据质能方程，结合质量亏损；核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等，从而即可一一判定.【解答】解：A、3衰变中产生的 3射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，故A错误；日对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大，故B正确；C原子从较高的激发态向较低的激发态或基态跃迁的过程，是释放能量的过程，故C错误；D核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等，故用能量等于笊核结合能的光子照射静止笊核，还要另给它们分离时所需要的足够的动能（光子方向有动

15、量），所以不可能使笊核分解为一个质子和一个中子，故 D错误； 故选：B.2.如图，斜面 A放在水平地面上.物块 B放在斜面上，有一水平力 F作用在B上时，A B均保持静止.A受到水平地面的静摩擦力为 fi, B受到A的静摩擦力为f2,现使F逐渐增大，但仍使A、B处于静止状态，则（）B JA. fi 一定增大B. fi、f 2都不一定增大C. fi、f2均增大 D. f 2一定增大【考点】2H:共点力平衡的条件及其应用；29:物体的弹性和弹力.【分析】先对物体 B受力分析，受推力、重力、支持力，可能有静摩擦力，按照效果讨论摩擦力f2情况；然后对整体受力分析，得到A与地面间摩擦力fi的变化情况.【

16、解答】解：对物体 B受力分析，受推力、重力、支持力，可能有静摩擦力.设B的质量为mi,斜面的倾角为 0当mgsin 0 > Fcos 0时，静摩擦力沿着斜面向上，大小为 f 2=mgsin 0 - Fcos 0 ,当F减小时，f2变大；当mgsin 0 =Fcos 0时，静摩擦力为零，当 F减小时，f2变大；当mgsin 0 < Fcos 0时，静摩擦力沿着斜面向下，大小为 f2=Fcos 0 - mgsin 0 , F减小时，f2变小;故f2不一定增大.对整体受力分析，则有 fi=F,则F增大，fi 一定增大；故 A正确、BCD昔误.故选：A.3 .如图甲，某人正通过定滑轮将质量

17、为m的物体提升到高处.滑轮的质量和摩擦均不计，物体获得的加速度.与绳子对物体竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示.由图可以判断图线与纵轴的交点 M的值aM=- g图线与横轴的交点 N的值TN=mg图线的斜率等于物体的质量m图线的斜率等于物体质量的倒数 以上判断正确的是（A.B .C .D.【考点】37:牛顿第二定律.【分析】（1）取物体为研究对象，根据牛顿第二定律写出a与T的数学表达式；（2）根据a与T的数学表达式结合 a- T图根据数学知识进行判断.【解答】解：取物体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：T- mg=ma一rT解得：a=皂.ID，一 T 一" 一 一.-根据a=-g

18、结合乙图，由数学知识可得正确、正确、正确如故选：D4 . 2016年10月17日7时30分神舟H一号飞船发射升空.成功人轨后，经过5次远距离导引控制之后，飞船到达天官二号后下方52公里左右的位置（如图所示），两个航天器建立空空通信，转入到自主控制段.10月19日凌晨，神舟十一号飞船与天官二号自动交会对接成功， 开始在太空中的连体飞行.与前几次交会对接任务不同，此次交会对接轨道和返回轨道高度比之前增加了 50公里，距地面高度为 393公里.下列说法正确的是（）天宫二号A.神舟十一号飞船从图示状态下要与天官二号对接，应采取加速措施B.在图示状态时，天宫二号的向心加速度大于神舟十一号的向心加速度C.

19、在图示状态时，天宫二号做匀速圆周运动的周期小于神舟十一号的周期D.天官二号和神舟十一号组合体绕地王做匀速圆周运动的速度大于7.9km/s【考点】4F:万有引力定律及其应用.【分析】根据万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以求出线速度、周期、角加速度表达式，再分析它们的大小.【解答】解：A、神舟十一号飞船在图示状态下要与天宫二号对接，需采取加速措施，做离心运动，与高轨道的天宫二号对接，故 A正确；日根据万有引力提供向心力,解得,因为天宫二号的轨道半rr径大于神舟十一号的轨道半径，所以天宫二号的向心加速度小于神舟十一号的向心加速度，故B错误；C根据万有引力提供向心力 G粤二DT,得

20、Tq 士上_工 TV GM因为天宫二号的轨道半径大，所以天宫二号做匀速圆周运动的周期大于神舟十一号的周期, 故C错误；D 7.9km/s是最大的运行速度，所以天宫二号和神州十一号组合体绕地球做圆周运动的速度小于7.9km/s ,故D错误；故选：A5 .如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径.一带电粒子从点射入磁场，速度大小为 v、方向与ab成30角时，恰好从b点飞出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t ;若同一带电粒子从 a点沿ab方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（)A.2B B.3【考点】CI:带电粒子在匀强磁场中的运动.【分析】粒子在磁场中运动，运动

21、的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的 情况，可以判断第二个粒子的运动轨迹半径，即可根据牛顿第二定律求出速度大小.【解答】解：设圆形区域的半径为R带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有：2qvB=m ,得 r=, r 8v.rqB当粒子从b点飞出磁场时，入射速度与出射速度与 ab的夹角相等，所以速度的偏转角为 60。，轨迹对应的圆心角为60° .当粒子从a点沿ab方向射入磁场时,经过磁场的时间也是t,说明轨迹对应的圆心角与第种情况相等，也是 60° .r 2= - R;根据几何知识得，粒子的轨迹半径为v则由得:故选：C5图1Vs则得，V,

22、=5根据几何知识得知：轨迹半径为r i=2R;6 .如图所示，光滑金属导轨AC AD固定在水平面内，并处在方向竖直向下、大小为 B的匀强磁场中.有一质量为 m的导体棒以初速度 V0从某位置开始在导轨上水平向右运动，最终恰好静止在A点.在运动过程中，导体棒与导轨始终构成等边三角形回路，且通过 A点的总电 荷量为Q.已知导体棒与导轨间白接触电阻值恒为R,其余电阻不计，则（）X X X XXXXX l XX XA.该过程中导体棒做匀减速运动B.当导体棒的速度为 时，回路中感应电流小于初始时的一半2C.开始运动时，导体棒与导轨所构成回路的面积为S=e2D.该过程中接触电阻产生的热量为8【考点】D9:导

23、体切割磁感线时的感应电动势；37:牛顿第二定律；8G:能量守f1定律；BH焦耳定律；CE:安培力白计算；D8:法拉第电磁感应定律.【分析】对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，根据切割公式、欧姆定律和牛顿第二定律列式分析加速度变化情况；根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析回路的面积；根据功能关系列式分析接触电阻产生的热量.【解答】解：A导体棒受安培力：F=BIL,甘木 .BLv其中：1=,2 2 故 f= B L v ,R 2 2 根据牛顿第二定律，有：a=EJLL_上，m mR 由于切割的有效长度 L减小，速度也减小，故加速度减小，故A错误；日感应电流1="上 ，当速度减小

24、为 三 时，切割的有效长度也减小了，故 I电流小于初 R2始时的一半，故B正确；c根据法拉第电磁感应定律，有：乏二鼠，故Q=t- ，K解得：S若，故C正确；D根据能量守恒定律，该过程中接触电阻产生的热量等于机械能的减小量，为,my；，故D错误；故选：BC7.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C,质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的 v-t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）.则下列说法正确的是 （）A. B点为中垂线上电场强度最大的点，场强 E=1V/mB.由C到A的过程中物块的电势能先减

25、小后变大C.由C点到A点电势逐渐升高D. A、B两点间的电势差 UAb=5V【考点】AA电场的叠加；AC:电势；AE:电势能.【分析】两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧；电量为2c仅在运动方向上受电场力作用从C点到B到A运动的过程中，根据V-t图可知在B点的加速度为2m/s2,物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电 场力大小变化情况和加速度变化情况.【解答】解：A据V-t图可知带电粒子在 B点的加速度最大为 2m/s2,所受的电场力最大为 F ,一一一2N,据E=- 知，B点的场强最大为1N/C,故A正确.日据V-t图可知带电粒子的速度

26、增大，电场力做正功，电势能减小，故B错误.C据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由。点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故 C错误.H据 V-t图可知 A、B两点的速度，在根据动能定理得电场力做的功VW=10J,再用UAb=二;*V=- 5V,故 D错误.q 2故选：A.8 .如图所示，一个质量为 m的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆 的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端连在和圆环同一高度的墙壁上的 P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k,起初圆环处于 。点，弹簧处于原长状态 且弹簧的原长为L,细杆上面的A、B两点

27、到O点的距离都为L,将圆环拉至A点由静止释放,重力加速度为g,对于圆环从 A点运动到B点的过程，下列说法正确的是（）1Qii0A.圆环通过。点的加速度小于 gB.圆环在O点的速度最大C.圆环在A点时的加速度大小为 g+&z亚也IDD.圆环在B点的速度为2yL【考点】37:牛顿第二定律；29:物体的弹性和弹力.【分析】以圆环为研究对象，圆环在初始位置速度为0,从A点到B点运动过程中，弹簧的形变量先减小后增加，弹簧与竖直方向的夹角先增加后减小，通过 O点时的速度和加速度，通 过受力情况来分析，根据牛顿第二定律可以求出圆环在A点的加速度，根据功能关系可以分析圆环在B点的速度.【解答】解：A、

28、圆环通过O点时，水平方向合力为零，竖直方向只受重力，故加速度等于 g,故A错误.日圆环受力平衡时速度最大，应在 。点下方，故B错误.C圆环在下滑过程中与粗糙细杆之间无压力，不受摩擦力，在A点对圆环进行受力分析如图，根据几何关系，在 A点弹簧伸长L-L）,根据牛顿第二定律，有（V2L-L）cos 45c解得 , .,故C正确.D圆环从A到B过程，根据功能关系，减少的重力势能转化为动能，mg2L=_mv解得仿2m ,故D正确.故选：CD二、解答题(共4小题，满分47分)9 .某同学利用如图甲所示的实验装置测定铁块与木板之间的动摩擦因素，实验步骤如下：A.将斜槽轨道的末端调整水平B.使木板紧靠槽口末

29、端 。点，其上表面与槽口在同一水平面上C.使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，铁块最终停在木板上的B点，测出OB间的距离LD.去掉木板，再使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，测出铁块做平抛运动的水平位移X和槽口离地面的高度 hE.改变挡板的位置，以获取多组L、X数据(1)本实验中，斜槽表面粗糙对实验结果是否有影响？否 (填“是”或“否”)(2)该同学根据测得的数据，作出X2-1图象如图乙所示，如果图象的斜率为k,则铁块与木板间的动摩擦因素 科二芸 .5ri【考点】M9:探究影响摩擦力的大小的因素.【分析】本实验中的注意事项，使铁块从斜槽上紧靠挡板处由静止释放的目的是，使铁块滑上木板的速度与平抛

30、的初速度相等，根据动能定理即可求得X2与L的关系，斜率为k;误差分析，斜槽表面粗糙对铁块滑上木板的速度与平抛的初速度相等无影响【解答】解：（1）斜槽表面粗糙对铁块滑上木板的速度与平抛的初速度相等无影响，故对实验结果是无影响（2）物体从。点作平抛运动，则 h=gt2, x=vt ,解得v=x/p若在木板上滑动，根据动能定理可知-|JlDgL=Omv2，解得x2=4hL,2斜率k=4科h,解得|X-4h故答案为：（l ）否（2） -10.为测定一节新干电池的电动势和内电阻（已知该干电池的内电阻相当小，额定电流为0,7A）,可供选择的器材有:电压表：A.量程3V,内阻为10kQB电流表：C.量程0.

31、8A内阻约为0.5 Q D.量程15V.内阻为20k .量程3A,内阻约为0.2 Q滑动变阻器：E.最大电阻10 a额定电流0.7A F.最大电阻2KQ额定电流2AG.定值电阻R=1 Q .H.电键、导线若寸(1)要使实验误差较小且操作方便，可选择的器材是ACEGH （填字母代号）（2）图甲中的电路图应选择Dr=（3）实验测得9组数据，已标在图乙的坐标中，请在图乙中连线，从图中可得电池内阻0.16 Q （结果保留两位有效数字）C图甲【考点】N3:测定电源的电动势和内阻.【分析】(1)根据电路最大电流选择电流表量程，根据电源电动势选择电压表量程，在保证安全的前提下，应选最大阻值较小的滑动变阻器.

32、(2)根据实验原理确定对应的电路图；(3)根据描点作图的基本规律得出对应的图象，再根据闭合电路欧姆定律进行分析，从而求出内阻.【解答】解：(1) 一节干电池的电动势约为 1.5V,则电压表选3V量程，应用伏安法测一节干电池电动势与内阻时， 最大电流约为零点几安培，则电流表选择0.8A量程，为方便实验操作，滑动变阻器应选 E;为了准确测量应接入定值电阻等效为电源内阻再进行测量；同时还需要开关和导线，故所用仪器为 ACEGH(2)本实验采用限流接法即可，将定值电阻与电源串联以增大等效内阻，因等效内阻较小，故应采用相对电源的外接法，故电路图应选择D;(3)用直线将各点连接，如图所示；由 U=E -

33、I ( R+r )可得，R+r 乜7 5“=1.16 故内阻 r=1.16 - 1=0.160. 6S故答案为：(1) ACEGH (2) D; (3)如图所示；0.1611 .如图所示，在竖直平面内一个带正电的小球质量为m,所带的电荷量为q用一根长为L且不可伸长的绝缘轻细线系在一匀强电场中的。点.匀强电场的方向水平向右，分布的区域足够大.现将带正电小球从 。点右方由水平位置 A点无初速度释放，小球到达最低点B时速度恰好为零.(1)求匀强电场的电场强度 E的大小.(2)若小球从 O点的左方由水平位置 C点无初速度释放，则小球到达最低点B所用的时间t是多少？(已知： 1 =-7 L,重力加速度为

34、g)o1C一 1【考点】66:动能定理的应用；1F:匀变速直线运动的速度与位移的关系；37:牛顿第二定律；A6:电场强度.【分析】(1)从A到B小球做变速运动，根据动能定理即可求解，注意电场力和重力做功特点.(2)当小球从C点释放时，电场力水平向右，因此绳子上作用力为零，故小球将沿合外力方向做匀变速直线运动，直至绳子被拉紧，根据数学关系可知恰好在最低点被拉紧.【解答】解：(1)对小球由A到B的过程，由动能定理得：mgL- EqL=0,故有：.q故匀强电场的电场强度 E的大小为：上喈 .(2)小球由C点释放后，将做匀加速直线运动，到B点速度大小为Vb,设小球做匀加速直线运动的加速度为a,则:又：

35、丁I-'得:故小球到达最低点B所用的时间12.如图甲所示，质量为 M=3.0kg的平板小车C净止在光滑的水平面上，在 t=0时，两个质量均为1.0kg的小物体A和B同时从左右两端水平冲上小车，l.0s内它们的v-t图象如图乙2所不，g取l0m/s .(1)试分析小车在l.0s内所做的运动，并说明理由？(2)要使A B在整个运动过程中不会相碰，车的长度至少为多少？(3)假设A、B两物体在运动过程中不会相碰，试在图乙中画出A、B在t=1.0s3.0s时间内的v-t图象.【考点】53:动量守恒定律；37:牛顿第二定律.【分析】(1)先根据图象的斜率等于加速度，求出A、B的加速度大小，再根据牛

36、顿第二定律求出A、B的合力，从而得知 A、B所受的摩擦力大小，最后根据牛顿第三定律，求出车 C所 受的合力，即可判断其状态.(2)根据动量守恒定律求出 A、B、C系统共同的速度，再根据能量守恒定律求出A、B的相对位移，从而求出车子的最小长度.(3) 1s后A继续向右减速滑行，小车与 B一起向右加速运动，最终达到共同速度，根据动量定理求出A减速到共同速度所需的时间，达到共同速度后，一起做匀速直线运动.【解答】解：(1)由v-t图可知，在第1s内，A、B的加速度大小相等，均为：a=2m/s2.根据牛顿第二定律得：物体 A、B所受的摩擦力均为f=ma=1 x 2N=2N方向相反.根据牛顿第三定律，车

37、 C受到A、B的摩擦力大小相等，方向相反，合力为零，故小车保持静止状态.(2)在t=1s时刻之后，B与C相对静止时B的最大加速度am=43=gID对BC整体，由牛顿第二定律得 a=t垩 gvam,说明之后BC相对静止2m 2以三个物体组成的系统为研究对象，取向右为正方向，设系统最终的速度为v,由系统动量守恒得： mA+mv= (2m+M v=2X1+3+ '+s=SA+SB=4.8m.=0.4m/s ,方向向右.1-z- vU代入数据，解得：v=三H2m+M由系统能量守恒得：f (Sa+Sb)=:'解得A、B的相对位移，即车的最小长度：(3) 1s后A继续向右减速滑行，小车与B

38、一起向右加速运动，最终达到共同速度v.在该过程中，对 A,运用动量定理得：-f4t=mv-ms;由图知v A=2m/s解得： t=IJ . ： i ：',=0.8sf2即系统在t=1.8s时达到共同速度，此后一起做匀速运动.在t=1.0s3.0s时间内的v-t图象如图所示.答：(1)小车在l.0s内保持静止状态.(2)要使A、B在整个运动过程中不会相碰，车的长度至少为4.8m.(3) A B在t=1.0s3.0s时间内的vt图象如图.A r/m三、选择题(共2小题，每小题5分，满分15分)13.下列说法中正确的是()A.做功和热传递在改变物体内能上是等效的B.温度和质量都相同的水、冰和

39、水蒸气，它们的内能相等C.布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动D.当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大E.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的【考点】8F:热力学第一定律；84:布朗运动；87:分子势能.【分析】明确做功和热传递在效果上是等效的；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温 度变化，也可能是状态的变化；布朗运动是悬浮于液体中的固体小颗粒的无规则运动；分子 力做正功时分子势能减小，分子力做负功时分子势能增大；气体压强是由大量分子对器壁不 断碰撞而产生的.【解答】解：A做功和热传递在改变物体白内能上是等效的，故A正确；日水结冰时要放出热量，而

40、变成水蒸气时要吸收热量，故温度和质量都相同的水、冰和水蒸气，它们的内能不相等，故 B错误；C布朗运动是指悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，故C错误；D当分子力表现为引力时，分子间距离增大时，分子力做负功，故分子势能随分子间距离的 增大而增大，故D正确；E、气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，故E正确.故选：ADE14.把一定质量的理想气体用活塞封闭在可导热的气缸内，活塞相对于底部的高度为h,可沿气缸无摩擦地滑动，整体放在冰水混合物中.取一小盒砂子缓慢地倒在活塞的上表面上.砂 子倒完时，活塞下降了 h/4 .再取相同质量的一小盒砂子缓慢地倒在活塞的上表面上.外界的 压强和温度始终保持不变，求第二次砂子倒完时