中考物理电功率测试题(解析版)

1、中考物理电功率测试题（解析版）一、选择题S,当滑动变阻器的滑片 P向右移动1.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，电路中保持不变的是（）A.用电器消耗的总功率B.电压表V的示数与电流表 A的示数的比值C.电流表A的示数与电流表 Ai的示数的差值 D.电压表V的示数与电流表 Ai的示数的乘积 【答案】D【解析】【解答】由电路图知道，Ri与2并联，电流表Ai测R的电流，电流表 A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动 变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符合题意；由图知道，电

2、压表V的示数与电流表 A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过Ri的电流不变，即电流表 Ai示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使 通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表 Ai的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表Ai示数不变，所以电压表 V的示数与电流表 Ai的示数的乘积不变，D符合题意， 故答案为：Do【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片P

3、向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进 行分析即可.2 .小明对教室中一些物理量的估测，合理的是（）A.黑板擦受到的重力约为i00Nm B.课桌的高度约为80cmC.教室内一盏日光灯的功率约为i000WD.教室内感觉比较舒适的温度约为37c【答案】B【解析】【解答】解：A、黑板擦受到的重力约为 iN,所以A不符合实际情况;B、课桌的高度约为80cm,所以B符合实际情况；C、教室内日光灯正常发光时的电流在0.2A左右，额定功率大约为P=UI=220V X 0.2A=44W左右.所以C不符合实际情况；D、人体正常体温在 37 c左右，感觉舒适的温度在 23

4、 c左右，所以D不符合实际情况.故选B.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进 行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.估测 是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科 学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用.3 .如图的电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。下列说法正确的是（）J -0-(A.开关闭合前，电压表和电流表均无示数B.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，电压表的示数变小C.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，R的功率变大D.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，电压

5、表与电流表示数的比值变小【答案】B【解析】【解答】解：（1）开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压 表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；A不符合题意；（2）开关闭合后，定值电阻 R与滑动变阻器串联，电流表 A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，总电阻变大，由I=Ti可知，电路中的电流变小；根据U=IR可知，定值电阻 R两端的电压变小，即电压表的示数变小，B符合题意；定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据P=UI知，R的功率变小，C不符合题由欧姆定律可知，电压

6、表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表 示数的比值不变，D不符合题意。故答案为：B【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据滑片的移动可知接入 电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的特点即可分别判断；根据定值电阻两端的 电压和电路的电流的变化，根据P=UI判断出R功率的变化；电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值.U - I图象4 .现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列

7、结论正确的是（）A.电源的电压为5VB.小灯泡的最大功率为 0.3WC.滑动变阻器的最大阻值为 20 QD.整个电路的最小功率是 1.8 W【答案】D【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端 的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：IL一©一 ； （2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为 0.3A,由图象得出此时灯泡两端的电压 Ul= 1V,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=U滑+Ul= 5V+1V= 6V, A不符合题意； 口由1=不可得，滑动变阻器的最大阻值：色工R滑=I =16.7 ,QC不符合题意; 整个电路的

8、最小功率：Pmin=UI=6VX 0.3A= 1.8W, D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯 泡两端的电压和电源的电压相等，由图象可知通过灯泡的电流 IU0.5A,则小灯泡的最大功率：PLmax= UI = 6Vx 0.5A= 3W, B 不符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减 小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或 同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，

9、根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定 律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率5 .如图所不，电源电压保持6V不变，电压表的量程为 0 3V,电流表的量程为0 0. 6A,定值电阻Ri的规格为“100. 5A"，滑动变阻器R2的规格为“209A”.闭合开关， 为了保证电路安全，下列说法正确的是（）<S>-nA.电流表示数允许的变化范围为0. 2A 0. 5A B. Ri消耗功率允许

10、的变化范围为0. 4W 0. 9WC. F2接入电路的阻值允许的变化范围为2 20 aD.电路消耗总功率允许的变化范围为 1 . 2W3W【答案】B【解析】【解答】当电压表的示数为最大值Ui=3V时，定值电阻Ri两端电压为R=3V,电路中电流Ii=" I=" I 2= Ui/ Ri=0. 3A<0. 6A,所以电路中最大电流只能为0. 3A;滑动变阻器6V - 3V广危二 _- - If）“、，一 , , r »接入电路中的最小电阻。.靠电路消耗的最大功率P=UI=6VX0. 3A=i . 8W,电阻Ri消耗的最大功率 Pi=UiIi=3VXQ 3A=0.

11、9W,所以B、C、D错误；滑动变阻器阻值6V口 , rr Znin _ *- = 0.2A一取大时，电路中电流取小3。a,电阻 r的最小电功率吊in = /1/用=自2A）- X 1QD = 0.毋所以Ri消耗的功率的变化范围为0 . 4W0. 9W。故答案为：B。【分析】由图可知：滑动变阻器Ri与定值电阻 R2串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小 时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻 最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同 时可以确定电压

12、表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化.6 .如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484 的保温电阻，Ri是规格为“220V800W的主加热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-t） ”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关 S, S自动接到a,同时S自动闭合，电压力锅进 入加热升压状态；当车内工作压强达80kPa时，Si自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强BI至60kPa时，Si又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b,减压进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升

13、压和保压状态共耗电0.25kW?h,下列说法正确的是（）二 h q !2 15 is f'tmii甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为 40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是 18min D.电压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时

14、间分别为 06min, 912min,15 18min ,即R1的工作时间t1=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h ,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率P=P+P2=800W+300W=1100W ,p nm由P=UI可得，|=/一 ?哪 =5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加 热升压和保压状态消

15、耗的电能，正确分析电路是解题的关键7 .如图所示电路，电源电压为 12V且保持不变。闭合开关 S,当，t片P置于变阻器的中点 时，电压表的示数为 4V;当，t片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V,在10s内定值电阻R1产生的热量为60J,则下列结果正确的是（）A.电路中的最小电流为 1.5A1B.滑片P在中点时，9s内滑动变阻器 R消耗的电能为60JC. R先后两次消耗的电功率之比为4: 3I D. R先后两次消耗的电功率之比为8: 9【答案】D【解析】【解答】解：根据电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器R串联，电压表测 R两端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中

16、点到b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了 2V,此时电压表示数为 4V+2V= 6V;所以 Ui=UUr= 12V 6V=6V,炉”相必由 Q= £ t 可得：R=6t= 60J x 10s6Q;£A、当滑片在 b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流：I最小=11=杷=6VS© = 1A, A不符合题意；U - % 12V - 41 4B、滑片在中点时，电路中的电流：l=li'=仍 ="=3 A,49s内滑动变阻器 R消耗的电能： Wr= URlt = 4VX/A X 9s48J, B不符合题意；pif y-qC

17、、由P= UI可得，Ri先后两次消耗的电功率之比：尸1= 比/ = 班' X 1b万，C不符合题意。C、由P= UI可得，R先后两次消耗的电功率之比:题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V,然后根据串联电路电压规律以及Q="t即可求出Ri的阻值；当滑片在 b点时，电路中的电流最小，根据串联电路电压规律 和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据 W=UIt求出9s内滑动变阻器 R消耗的电能；根据 P=UI即可求出Ri、R先后

18、两次消耗的电功率之比.8 .将标有“8 V8 W"的灯泡Li和“8 V16 W"的灯泡L2接串连在12 V的电路中，闭合开关,不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）®®A.灯泡Li、L2都能正常发光B.灯泡Li比灯泡L2亮iC.灯?包L2比灯泡Li亮 D.灯泡Li、L2 一样亮【答案】B【解析】【解答】根据规格计算电阻和电流分别为Pl8V1AUi 8V取丁石P2U2 8VR? 1 4Q。 24常发光，此时的电流为 iA , Li的功率为串联，L2的L1可以正功率为fRs -(产 X 4Q - 4,则Li比L2更亮，B符合题意。故答案为：B.【

19、分析】根据灯泡的规格计算电流和电阻，利用串联电路电流相等分析电流大小，结合电 流和电阻计算实际电功率，再比较亮度。9 .下列说法中正确的是（）A.折射角一定小于入射角B.电能表是测量电功的仪表C.导体的横截面积越大，电阻越大D.声音不能传递能量【答案】B【解析】 【解答】解：A、题中没有说光在哪两种介质中传播，所以折射角和入射角的大 小不能比较，A不符合题意。B、电能表是测量电功的仪表，B符合题意。C、在材料、长度和温度一定时，横截面积越大，电阻越小；没有前提条件，不能说导体电 阻和横截面积的关系， C不符合题意。D、声音可以传递能量，也可以传递信息，D不符合题意。故答案为：Bo【分析】光从空

20、气斜射入水或其他介质时，折射角小于入射角电能表是测量电功的仪表.决定电阻大小的因素：导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、 长度、横截面积和温度.（电阻与加在导体两端的电压和通过的电流无关） 声音可以传递能量，也可以传递信息.10 .关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A.白炽灯的正常工作电流约为0.iAB遥控器的干电池电压约为220VC.空调制冷时的功率约为 i0WD电扇正常工作ih耗电约为iKW?h【答案】A【解析】 【解答】解： A、白炽灯的额定功率为 40W,正常工作电流约为 I=Z =1而 =0.18A 0.1A相差不大，故 A符合实际； B、遥控器的干电

21、池电压约为 1.5V,故B不符合 实际；C、空调制冷时白功率约为 1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为 100W,正常工作 1h耗电约为 W=Pt=0.1KWX 1h=0.11KW?h故D不 符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要 的计算去判断题目的对错.11.如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是甲乙A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密

22、闭容器中的电阻丝产生热量之比为4: 1【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧 U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系

23、。C不符合题意；D、装置乙中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 I右=Ii+l2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2 ,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q= I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据温度计示数的变化

24、判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.12 .下列关于电能的说法正确的是（）A.可以通过电流表把电能直接测量出来B.电能的单位是 度”，学名叫做千瓦C.消耗电能越多的用电器，电功率就越大iD.消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同【答案】D【解析】【解答】A.电流表可以测量电流，不能测量电能，A不符合题意；B.电能的单位是 度”，又叫千瓦时，B不符合题意；C.电功率越大，表示电流做功快，C

25、不符合题意；D消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同，D符合题意。故答案为：D.【分析】电功率表示电流做功的快慢，不同用电器，转化成的热的效率不同。13 .现有一个电压不变的电源，两个定值电Ri、R2 .先将这两个电阻以某种形式连接到电源上，Ri消耗功率为P。；再将它们以另一种形式连接到该电源上，Ri消耗功率为9Po .两种连接形式中均有电流通过R2 ,则先后两种连接形式中（）A.出 两端的电压比为1: 2B1两端的电压比为 1: 3C昭消耗的功率比为1: 9D.凡消耗的功率比为 2: 9【答案】B【解析】【解答】（1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R消耗功率为：Po=心-N另一种形

26、式连接到该电源上R1消耗功率为：9Po=吊由可得：色=9"，解得R1两端的电压比为：U1： U1' = 13, A不符合题意、B符合题意；因为R、R2接到同一电源上，且第 2次R两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连接；第2次以并联方式连接，如下图：HZZHrHZZI-Ipx丹t u J I- u 则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压 U=U/ =3U因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压 U2=U-Ui=3Ui-Ui=2Ui ,并联时，R两端的电压 U2' =U=3>U则第一种连接时，R2消耗的功率：P2=心；第二种连接

27、时，R2消耗的功率：P2' =1 ；P2%2U14则Pi =砂=(%,)2=( 3口) 2= $ , c、d不符合题意。 故答案为：B。4【分析】根据 P=7"表示出两种情况下 R消耗的电功率，然后求出Ri两端的电压关系；根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知连接方式，根据串联电路的电压特点回求出串联时R2两端的电压，根据 P="表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比 .14 .如图所示电路中，电源电压不变，只闭合开关 舟，电流表的示数为 。加，再闭合开 关田，电流表示数变化了则同时闭合B，、应后，相同时间内 用、柚消耗的电能之比是A. 3: 4旧

28、.4: 3C. 7: 3uD. 4: 7【答案】A【解析】【解答】由电路图知道，若只闭合6 ,则是只有Ri的简单电路，电流表测的是Ri的电流，此时Ii =0.3A;当再闭合S2时，Ri、R2并联，电流表测干路中的电流，由于并 联电路中各电阻互不影响，所以通过Ri的电流仍然是Ii =0.3A,由于电流表示数变化了0.4A,则说明通过 R2的电流是|2=0.4A,又因为并联电路各支路两端的电压相等，即Ui=U2, 由W=UIt知道，在相同时间内 Ri、R2消耗的电能之比是：物Uli it也 3A" = = T畛如出色楂 <故答案为：A。【分析】结合电路图，理清开关通断时电路的连接方

29、式及电表的测量对象，利用并联电路 的电压关系、电功的计算公式求解即可.15 .小亮利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在6min内，消耗电能0.03kWh,这个用电器可能是（）A.柜式空调II B电视机II C电风扇Dfe饭锅【答案】B【解析】【解答】解：A、柜式空调的功率大于 1000W,故A不符合题意；B、电视机的功率小于 500W,故B符合题意；C、电风扇的电功率为 30100W,故C不符合题意；D、电饭锅的功率在 5001000W,故D不符合题意。 故选Bo得 0. 03 X 3. 6 *【分析】用电器的功率P=；, 一 6 X例为 =300W,柜式空调的

30、电功率远大于1000W,电视机的功率小于 500W,电风扇的电功率为 30100W,电饭锅的功率为 500 1000W。16 .如图甲所示，额定电压为 6V的灯泡L与滑动变阻器 R串联接入电路，电源电压一定。滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端时，灯泡 L的I-U图象如图乙所示，以下说法正确的是（）B.灯泡两端的电压为 3V时，它消耗的电功DI变阻器接入电路的阻值为2.5 时，灯A.灯泡正常发光时的电流为 0.5A率为1.5WC.滑动变阻器最大值为 10 a泡的实际功率为 3.2W【答案】D【解析】【解答】A、由图乙知，当灯泡两端的电压为 6V时，灯泡的电流为1A, A不符合题意;B、由图乙知

31、，当灯泡两端的电压为3V时，灯泡中的电流大于 0.5A,由P= UI可知，此时灯泡消耗的电功率大于1.5W, B不符合题意；C、由乙图知，当变阻器滑连入电阻最大时，电路中电流最小为0.5A,灯泡两端的电压是1.5V,根据串联电路的分压规律可知滑动变3.5V=7©,或 “人升一一.阻器分压 U滑=6V-1.5V= 3.5V,则R最大=仇64C不符合题意；D、当变阻器阻值为零时，灯泡两端的电压等于 6V,可知电源电压为 6V;设灯泡两端的电压为 U,此时电阻为6V - U b族R,根据题意可知：N5C -，1=3.2W，联立解得U =2V或U=4V,根据灯泡的实际功率，U=2V时，其实际

32、功率小于3.2W,不符合题意，所以U=4V,代入得R= 5Q, D符合题意。故答案为：Do【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；(2)注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位；(3)明确图象所表示的物理意义；(4)根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论17 .家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为如图所示的电路，Ri为定值电阻，R2为电热板，R1=3R2 , a、b是温控开关S的两个触点，调节 S可使饮水机处于加热或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时R消耗的电功率之比及有关说法正确的是()A. 4： 1, S与a点接触时处于保温状态B. 16:1, S与a点接触时处于保温状态C. 4: 1, S与b点接触时处于保温状态D. 16: 1, S与b点接触时处于保温状态【答案】BA - d【解析】【解答】当S接b时是加热状态，此时 R2电功率为 凭，当S接a时，电路串 联， 处 于 保 温 状 态，R2的 电 功 率 为故答案为：B.则P1：P2=16:1 , B符合题意。【分析】根据电阻串联时，总电