2019高考物理全程备考二轮复习课余挤时加餐训练：电学与原子物理学选择题押题练(二)含解析

1、电学与原子物理学选择题押题练常量为 k，则下列说法正确的是（）A .点电荷乙从 A 点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B.点电荷乙从 A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小fLo+ 2mv2D.在点电荷甲形成的电场中，AB 间电势差UAB=q-解析：选 C 点电荷乙在向甲运动的过程中，受到点电荷甲的库仑力和阻力,逐渐增大，由题意知，在B 点时速度最小，则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速，运动到 B 点时库仑力与阻力大小相等，加速度为零，根据库仑定律，有kQqz= f,所以roBroB=胆尹，选项 A 错误，C 正确；点电荷乙向甲运动的过程中，库仑力一直做正功， 点电荷乙的电势能

2、一直减小，选项B 错误；根据动能定理，qUAB fLo=fmv2-fmvo2,解1212fLo+ ?m v ?mvo得UAB=- - ，选项 D 错误。q2.如图所示，理想变压器原线圈两端A、B 接在电动势为E =“LK 8 V，内阻为 r= 2Q的交流电源上，理想变压器的副线圈两端与滑V动变阻器 Rx相连，变压器原、畐俊圈的匝数比为1 : 2，当电源输 :.出功率最大时（）A 滑动变阻器的阻值 Rx= 2QB.最大输出功率 P= 4 WC .变压器的输出电流 12= 2 AD 滑动变阻器的阻值 Rx= 8Q解析：选 D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大，即5= Ur，且 U1+U

3、r= 8 V，故 Ui= Ur= 4 V，根据欧姆定律可得 Ii=Ur= 2 A，故根据 =血可得副线圈中的rI2ni1.如图所示，一个带电荷量为一Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的 0 点。另一个带电荷量为+ q、质量为 m 的点电荷乙，从 A 点以初速度 vo沿它们的连线向甲运动，运动到 动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为-Q0RB 点时速度为v，且为运f,A、B 间距离为Lo,静电力且库仑力C . OB 间的距离为电流为 12= 1 A，根据U1=皿可得副线圈两端的电压U2= 8 V，故 Rx=严=8Q=8 愆最大U2n2121输出功率为 P= U2l2= 8 W，故

4、D 正确。3.如图所示，空间有一磁感应强度 B= 0.5 T 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，一质量 M = 0.2 kg 且足够长的绝缘塑料板静止在光 滑水平面上。在塑料板左端无初速度放上一质量m= 0.1 kg、电荷量q=+ 0.2 C 的滑块，滑块与塑料板之间的动摩擦因数尸 0.5，滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对塑料板施加方向水平向左、大小 F = 0.6 N 的恒力，g 取 10 m/s2，则（）A .塑料板和滑块一直做加速度为2 m/s2的匀加速运动B.滑块开始做匀加速运动，然后做加速度减小的加速运动，最后做匀速直线运动C .最终塑料板做加速度为2 m/s2的匀加速运动

5、，滑块做速度为10 m/s 的匀速运动D .最终塑料板做加速度为3 m/s2的匀加速运动，滑块做速度为6 m/s 的匀速运动解析：选 B 滑块随塑料板向左运动时，受到竖直向上的洛伦兹力，则滑块和塑料板之间的正压力逐渐减小。开始时塑料板和滑块加速度相同，由F = （M + m）a,得 a= 2 m/s2,对滑块有 mg qvB）= ma,当 v= 6 m/s 时，滑块恰好相对于塑料板有相对滑动，此后滑块做加速度减小的加速运动，当 mg= qvB,即 v = 10 m/s 时滑块对塑料板的压力FN= 0,此后滑块做匀速运动，塑料板所受的合力为0.6 N，由 F = Ma1,得 a1= 3 m/s2

6、, B 选项正确。4.如图所示，一对光滑的平行金属导轨（电阻不计）固定在同一水平面内，导轨足够长且间距为 L,左端接有阻值为 R 的电阻，一质量为 m、长 度为 L的匀质金属棒 cd 放置在导轨上，金属棒的电阻为r，整个装置置于方向竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为 B。金属棒在水平向右的拉力 F 作用下，由静止开始做加速度大小为a 的匀加速直线运动，经过的位移为 s 时,F 列说法正确的是（）A金属棒中感应电流方向为由d 到 cB.金属棒产生的感应电动势为BU asD .水平拉力 F 的大小为豐严解析：选 C 根据右手定则可知金属棒中感应电流的方向为由c 到 d,选项 A 错误；设金属

7、棒的位移为 s 时速度为 v,贝 U v2= 2as,金属棒产生的感应电动势E = BLv= BL 2as,* rr.*,-C 金属棒中感应电流为BL ,2asR+ rEBLx/2as选项 B 错误；金属棒中感应电流的大小I =-，解得 I = 一：一，选项 C 正确；金属棒R+ rR+r受到的女培力大小F安一 BIL，由牛顿第一疋律可得 F F安=ma,解得 F 一+ ma,R+ r选项 D 错误。5.图甲所示为氢原子的能级图，图乙为氢原子的光谱。已知 谱线b 是氢原子从 n= 5 的能级跃迁到 n= 2 的能级时的辐射光,则谱线 a 可能是氢原子（）n85432E/eV-1,51:X13.

8、6A .从 n = 2 的能级跃迁到B.从 n = 3 的能级跃迁到C .从 n = 4 的能级跃迁到D .从 n = 4 的能级跃迁到n=1 的能级时的辐射光n= 1 的能级时的辐射光n=1 的能级时的辐射光n=2 的能级时的辐射光解析：选 D 谱线 a 波长大于谱线 b 波长，所以 a 光的光子频率小于 b 光的光子频率,所以 a 光的光子能量小于 n=5 和 n= 2 间的能级差，辐射光的能量小于此能级差的只有n=4 和 n = 2 间的能级差，故 D 正确，A、B、C 错误。6.多选中国科学家发现了量子反常霍尔效应，杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级的成果。如图所示，厚度为 h，宽度为 d

9、的金属导体，当磁场方向与电流方向垂直时， 在导体上下表面会产生电势差， 这种现象称为霍尔效应。下列说法正确的是（A .上表面的电势高于下表面电势B.仅增大 h 时，上、下表面的电势差不变C .仅增大 d 时，上、下表面的电势差减小D .仅增大电流 I 时，上、下表面的电势差减小 解析：选 BC 根据左手定则可知自由电子向上偏转,则上表面带负电，下表面带正电，所以下表面电势咼于上表面电势，所以A 错误；最终稳定时，evB= ，解得 U = vBh,根据电流的微观表达式1=nesv, s=hd,故 u=nesBh=比，所以h增大时，上、下表面电势差不变，所以 B 正确；当 d 增大时，U 减小，所

10、以 C 正确；I 增大时，U 增大，所以 DIIII700 nut 600 nut 500 rnn400 inn350 tun缸加子的光诰.图下的数值和短维是波式的标尺 乙D N获得的最大速度为 m解析：选 BC M 刚开始运动时，回路中有逆时针方向的感应电流，随着电流的产生,M 受向左的安培力做减速运动， N 受到向右的安培力做加速运动，直到两者共速时回路中最大，根据动量守恒定律可得：I = 2mv，解得 v =十，选项 D 错误。2m8.多选如图所示，直角三角形 ABC 由三段细直杆连接而成，AB杆竖直，长为 2L 的 AC 杆粗糙且绝缘，其倾角为 30 D 为 AC 上一点，且 BD 垂

11、直于 AC,在 BC 杆中点 O 处放置一正点电荷Q, 套在细杆 上的带负电小球（未画出），以初速度 vo由 C 点沿 CA 上滑，滑到 D 点速率恰好为零，之后沿 AC 杆滑回 C 点。小球质量为 m、电荷量为 q,重力加速度为 g。则（）A 小球下滑过程中电场力先做负功后做正功B.小球再次滑回 C 点时的速率为 vC=3gL-vo2C 小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和减小D .小球上滑过程中和下滑过程中经过任意位置时的加速度大小都相等解析：选 BC 小球下滑过程中点电荷Q对小球的库仑力是吸引力，故电场力先做正功 后做负功，故 A 错误；小球从 C 到 D 的过程中，根据动能定理

12、得：0-mvo2=- mgh-Wf,错误。7.多选如图所示，两根相距为 d 的足够长的光滑金属导轨固定在水平面上，导轨电阻不计。磁感应强度为B 的匀强磁场与导轨平面垂直，长度等于 d 的两导体棒 M、N 平行地放在导轨上， 且电阻均为 R、质量均* N二为 m,开始时两导体棒静止。现给M 个平行导轨向右的瞬时冲量I，整个过程中 M、N均与导轨接触良好，下列说法正确的是（）A 回路中始终存在逆时针方向的电流B. N 的最大加速度为2 2Big2m2RC 回路中的最大电流为Bid2mR感应电流为零，安培力为零，两者做匀速运动，故选项A 错误；M 刚开始运动时，电路中的感应电流最大，N 所受安培力最大，加速度最大，则:I = mv0, Em= Bdvo,Em2R，F安=BImd= mam,解得am=2 2B2Id22m2R，BIdIm= 2mR，选项B、C 正确；当M、N 共速时 N 速度* 1