高考物理模拟试题精编及答案解析(七)

1、精选优质文档-倾情为你奉上最新高考物理模拟试题精编及答案解析(七)(考试用时：60分钟试卷满分：110分)第卷(选择题共48分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)14如图所示，很小的木块由静止开始从斜面下滑，经时间t后进入一水平面，两轨道之间用长度可忽略的圆弧连接，再经2t时间停下，关于木块在斜面上与在水平面上位移大小之比和加速度大小之比，下列说法正确的是()A1221B1212C2121 D211215如图所示，倾角为30°的足够长光滑斜面下端O点与一足够长光滑水平面平滑相接，斜面上距水平面高度分别为h1和h20.

2、2 m(h1>h2)的两点上分别固定小球A和小球B.现将小球A、B从斜面所在位置处同时由静止释放，且小球A到达水平面后追上小球B，取重力加速度g10 m/s2，则下列说法正确的是()A小球B运动到O点时的速度大小为4 m/sB当h10.8 m时，小球A运动到O点所用的时间为0.4 sC当h10.8 m时，小球A追上小球B所用的时间为0.8 sD当h10.8 m时，小球A追上小球B时的位置到O点的距离为1.6 m16下列叙述正确的是()A同种金属产生光电效应时，逸出光电子的最大初动能与照射光的强度为线性关系B一块纯净的放射性矿石，经过一个半衰期，它的总质量仅剩下一半C太阳辐射能量的主要来源

3、是太阳中发生的重核裂变D黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关17如图所示，xOy坐标系位于纸面内，匀强磁场仅存在于第一象限，方向垂直纸面指向纸里某带电粒子从y轴上A点沿x方向射入磁场，经过时间t从x轴上某点离开磁场，离开磁场时速度的方向与x轴垂直如该带电粒子从OA的中点以同样的速度射入磁场，则粒子在磁场中运动的时间为()A. B.C. Dt18如图所示，导体直导轨OM和PN平行且OM与x轴重合，两导轨间距为d，两导轨间垂直纸面向里的匀强磁场沿y轴方向的宽度按yd|sin x|的规律分布，两金属圆环固定在同一绝缘平面内，内、外圆环与两导轨接触良好，与两导轨接触良好的导体棒从OP开始

4、始终垂直导轨沿x轴正方向以速度v做匀速运动，规定内圆环a端电势高于b端时，a、b间的电压uab为正，下列uabx图象可能正确的是()二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分)19如图所示，人在岸上以恒定速度v拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为时，人的拉力大小为F，则()A. 此时船的速度为B此时水对船的浮力为mgFsin C此时船的加速度为D随着轻绳与水平面的夹角的增大，船的速度一定减小，加速度一定减小20如图所示，BOD是半圆的水平直径，OC为竖直半径，半圆半径为R.现有质量相同的a、b两个小球分别从

5、A、B两点以一定的初速度水平抛出，分别击中半圆轨道上的D点和C点，已知b球击中C点时动能为Ek，A点在B点正上方且A、B间距为R，不计空气阻力，则()Aa球击中D点时动能为1.6EkBa球击中D点时动能为1.25 EkCa、b两球初速度之比为11Da、b小球与轨道碰撞瞬间，重力的瞬时功率之比为1121如图所示为两平行金属极板P、Q，在P、Q两极板上加直流电压U0，极板Q的右侧有一个边长为 L的正方形匀强磁场区域abcd，匀强磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里P极板上中心O处有一粒子源，可发射出初速度为零、比荷为k的带电粒子，Q极板中心有一小孔，可使粒子射出后垂直磁场方向从a点沿对角线a

6、c方向进入匀强磁场区域，则下列说法正确的是()A如果带电粒子恰好从d点射出，则满足U0kB2L2B如果带电粒子恰好从b点射出，则粒子源发射的粒子可能带负电C带电粒子在匀强磁场中运动的速度为 D带电粒子在匀强磁场中运动的轨迹半径为 选 择 题 答 题 栏题号14151617答案题号18192021答案第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答第3334题为选考题，考生根据要求作答22(6分)某同学使用有透光狭缝的钢条和光电计时器的装置测量重力加速度(图甲)在钢条下落过程中，钢条挡住光源发出的光时，计时器开始计时，透光时停止计时，若再次挡光，计

7、时器将重新计时实验中该同学将钢条竖直置于一定高度(下端A高于光控开关)，由静止释放，测得先后两段挡光时间t1和t2.(1)用游标卡尺测量AB、AC的长度，其中AB的长度如图乙所示，其值为_ mm.(2)若狭缝宽度忽略，则该同学利用vAB、vBC，求出vAB和vBC后，则重力加速度g_.(3)若狭缝宽度不能忽略，仍然按照(2)的方法得到的重力加速度值比其真实值_(填“偏大”或“偏小”)23(9分)发光二极管(LED)是一种被广泛应用到显示器、照明等各领域的非纯电阻元器件，它把电能转化为光能和热能某兴趣小组为探究工作电压是“1.44 V”、最大正向直流电流是“520 mA”的LED管的IU曲线，并

8、依此实验计算发光二极管效率达最大时其电阻和辐射的光功率，设计了如图甲所示的实验电路实验室备有以下器材：电流表A1：量程025 mA，内阻约为50 ；电流表A2：量程0200 mA，内阻约为10 ；电压表V：量程05 V，内阻约为102 k；滑动变阻器R1：阻值范围015 ，最大电流1 A；滑动变阻器R2：阻值范围01 k，最大电流100 mA；直流电源E：输出电压6 V，内阻不计；开关S、导线若干(1)为了提高实验结果的准确性，电流表应选择_；滑动变阻器应选用_(以上填器材代号)(2)实验小组根据实验得到的数据描点绘出了如图乙所示的IU图象，而发光二极管(LED)的效率与通过二极管的电流I的关

9、系曲线如图丙所示其中发光二极管的效率是指辐射的全部光功率与供给发光二极管的电功率的比值则发光二极管效率达最大时其电阻RL_ ，辐射的光功率_ W.24(14分)如图所示，位于竖直平面内的轨道由抛物线ab、圆心为O的圆弧bcd和斜杆de组成，ab、de分别与圆弧平滑连接且相切于b、d两点，a点为抛物线顶点，b、d两点等高，c点为圆弧的最低点已知a、b两点间的竖直高度h1.5 m，水平距离x2.25 m，圆弧的半径R0.8 m现将一质量m1 kg的小圆环套在轨道上，从a点以初速度v0水平向右抛出，小圆环与ab轨道间恰好没有相互作用力，小圆环第一次到达的最高点P与a点等高，小圆环与斜杆de间的动摩擦

10、因数恒为，其他位置摩擦不计，重力加速度g10 m/s2.(1)求v0的值；(2)求的值；(3)若将一劲度系数为k的光滑轻弹簧套在斜杆上，弹簧上端固定在P点，下端(自由端)恰好在d点，现将小圆环从a点以v0的初速度水平向右抛出，小圆环压缩弹簧，弹簧的最大压缩量xm0.2 m，弹簧的弹性势能Epkx2(x为弹簧的形变量)，求小圆环经过c点时对轨道压力的最小值以及k的值25(18分)如图甲所示，足够长的光滑平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°，宽度为L，电阻忽略不计，其上端接一电阻，阻值为R.一质量为m的导体棒MN垂直于导轨放置，两端与导轨接触良好，接入电路的电阻为r，与导轨上端的距离为L.

11、在导轨间存在着垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小随时间变化的图象如图乙所示已知导体棒在平行于导轨的拉力作用下始终处于静止状态，sin 37°0.6，cos 37°0.8，重力加速度为g.(1)求拉力随时间变化的关系；(2)如果在tt0时撤去拉力，求导体棒运动状态达到稳定时的速度大小和此时电阻R上消耗的电功率；(3)如果在tt0时撤去拉力，导体棒从释放到速度达到稳定时的位移为x，求导体棒在这一过程中运动的时间请考生在第33、34两道物理题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分33(15分)【物理选修33】(1)(5分)下列说法中正确的是_(选对1个得2分，选对

12、2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A一定质量理想气体膨胀对外做功100 J，同时从外界吸收120 J的热量，则它的内能增大20 JB满足能量守恒定律的宏观过程一定能自发地进行C晶体熔化时要吸热而温度保持不变，说明晶体在熔化过程中分子势能增加D布朗运动就是液体分子或者气体分子的热运动E若已知汞的摩尔质量M，密度为，阿伏加德罗常数为NA，则可估算出汞原子的直径(2)(10分)如图所示为一竖直放置、上粗下细且上端开口的薄壁玻璃管，上部和下部的横截面积之比为21，上管足够长，下管长度l34 cm.在管内用长度h4 cm的水银封闭一定质量的理想气体，气柱长度l120 cm.大

13、气压强p076 cmHg，气体初始温度为T1300 K求：若缓慢升高气体温度，使水银上端面到达粗管和细管交界处，求此时的温度T2；继续缓慢升高温度至水银恰好全部进入粗管，求此时的温度T3.34(15分)【物理选修34】(1)(5分)下列说法中正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A医院中用于体检的B超利用了电磁波的反射原理B在干涉图样中，振动加强区域的质点，其位移始终保持最大C电磁波可以通过电缆、光缆进行有线传输，也可以实现无线传输，但光缆传递的信息量最大D发射电磁波的振荡电路必须有足够高的频率，并采用开放电路E电磁波具有偏振

14、现象(2)(10分)一半径为 m的半圆柱玻璃砖，上方有平行横截面直径AB的固定直轨道，轨道上有一小车，车上固定一与轨道成45°角的激光笔，发出的细激光束始终在与横截面平行的平面上打开激光笔，并使小车从左侧足够远的地方以恒定速度向右运动，结果在半圆柱玻璃砖的弧面有激光射出的时间持续了1 s不考虑光在AB面上的反射，已知该激光在该玻璃砖中的折射率为 ，光在空气中的传播速度大小为c.求：该激光在玻璃砖中传播的速度大小；小车向右匀速运动的速度v0的大小答案解析14解析：选A.设木块到达斜面底端时的速度为v，根据vat得，加速度之比；根据平均速度的推论知，s1t，s2·2t，所以s1

15、s212.选项A正确15解析：选D.两小球在斜面上运动的加速度均为agsin 30°5 m/s2，则小球B运动到O点时，由at，得t10.4 s，则v1at12 m/s，A错误；当h10.8 m时，同理由at，得t20.8 s，v2at24 m/s，B错误；小球A到达O点时，小球B在水平面上已经运动了x0v1(t2t1)0.8 m，故小球A追上小球B时，根据位移关系有v2tx0v1t，得t0.4 s，故小球A追上小球B所用的总时间为t总t2t1.2 s，C错误；小球A追上小球B时的位置到O点的距离为sv2t1.6 m，D正确16解析：选D.根据光电效应方程EkmhW0，可知逸出光电子

16、的最大初动能Ekm与照射光的频率为线性关系，与照射光的强度无关，故选项A错误；经过一个半衰期以后，有一半质量的放射性矿石发生衰变，但同时产生新核，故选项B错误；太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变，选项C错误；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，选项D正确17解析：选C.由题意画出带电粒子两次进入磁场的轨迹，由几何关系可知第一次轨迹所对应的圆心角为190°，第二次轨迹所对应的圆心角为260°，则两次所用时间的比值为，则t2，C正确18解析：选D.导体棒在匀强磁场的第一个区域内运动时，前半个区域，通过大圆环的电流为顺时针方向，且根据法拉第电磁感应定律，

17、内圆环a端电势高于b端，后半个区域，内圆环a端电势低于b端，可能正确的是图D.19解析：选ABC.设船的速度为v1，把v1沿绳的方向和垂直于绳的方向分解，有vv1cos ，vv1sin ，解得v1，选项A正确；对船受力分析如图所示，在竖直方向，由平衡条件，有Fsin F浮力mg，解得F浮力mgFsin ，选项B正确；在水平方向，由牛顿第二定律有Fcos Ffma，船的加速度为a，选项C正确；由v1可知，随着轻绳与水平面的夹角的增大，船的速度一定增大，由a可知，随着轻绳与水平面的夹角的增大，加速度一定减小，选项D错误20解析：选AD.由平抛运动规律有：水平位移xv0t，竖直位移ygt2R，知运动

18、时间t相同，而xA2R2xB，则vyvA2vB；竖直方向速度满足v2gR，解得vy 、vgR；a、b小球与轨道碰撞瞬间，重力的瞬时功率为Pmgvy相等，比值为11，则选项C错误，D正确；b小球击中C点时的动能Ekmv B2mvmvmgRmgR，a小球击中D点时的动能EkAmvmvmvmgR2mgR1.6Ek，则选项A正确，B错误21解析：选ACD.当带电粒子恰好从d点射出时，根据图中几何关系可知，轨道半径rL.设带电粒子射入磁场时速度为v，由qvBm，解得v.由qU0mv2，解得U0kB2L2，选项A正确；由左手定则，如果带电粒子恰好从b点射出，则粒子源发射的粒子一定带正电，选项B错误；由qU

19、0mv2，解得v ，选项C正确；由qvBm，解得r ，选项D正确22解析：(1)AB的长度为7 cm4 mm3×0.1 mm74.3 mm.(2)AB中间时刻的速度v1vAB，BC中间时刻的速度v2vBC，由公式g.(3)若狭缝宽度不能忽略，则实际运动时间会延长，故按(2)的方法得到的重力加速度比其真实值偏大答案：(1)74.3(2分)(2)(2分)(3)偏大(2分)23解析：(1)由于发光二极管中电流为520 mA，为了提高实验结果的准确性，电流表应该选择量程为025 mA的A1.由于实验电路采用滑动变阻器分压接法，滑动变阻器应该选择阻值范围小的R1.(2)根据题图丙，发光二极管效

20、率达到最大时对应的电流为6 mA，根据题图乙电流为6 mA对应的电压为1.6 V，发光二极管输入功率PUI9.6×103W，由×100%，解得P光P×60%5.76×103W.由于发光二极管是非纯电阻元件，故不能用R求解二极管的电阻，发光二极管效率最大时P热PP光3.84×103W，由P热I2RL，解得RL106.7 .答案：(1)A1(2分)R1(2分)(2)106.7(3分)5.76×103(2分)24解析：(1)由题意知小圆环在ab轨道上运动时只受重力作用，即小圆环在ab轨道上做平抛运动，初速度为v0，则xv0t，hgt2(2分

21、)得v0 m/s(1分)(2)设小圆环到达b点时竖直分速度为vy，过b点时速度方向与水平方向的夹角为，斜杆的倾角也为，则tan ，v2gh(1分)得sin 0.8，cos 0.6(1分)小圆环从a点第一次到达P点的过程中，根据能量守恒定律有mvmgcos ·(1分)得0.75(1分)(3)小圆环最终到达b点、d点时速度为零，即小环最终在圆弧bcd间运动，则从b点到c点的过程，根据机械能守恒定律有mg(RRcos )mv(1分)小圆环过c点时，根据牛顿第二定律有Nmgm(1分)根据牛顿第三定律知，小球过c点时对轨道的压力大小NN得N18 N(1分)小圆环从a点以v0的初速度水平向右抛出

22、到弹簧的最大压缩量为xm的过程中，根据动能定理有mg(hxmsin )mgcos ·xmW0m(v0)2(2分)其中克服弹簧弹力做的功Wkx(1分)解得k812.5 N/m(1分)答案：(1) m/s(2)0.75(3)18 N812.5 N/m25解析：(1)在0t0时间内，磁感应强度大小的变化率，由法拉第电磁感应定律得回路中产生的感应电动势EL2(1分)由闭合电路欧姆定律得感应电流I，根据楞次定律判断感应电流的方向由N指向M，由左手定则可判断导体棒所受安培力方向平行导轨向上(1分)规定平行导轨向上为拉力F的正方向，则根据平衡条件有Fmgsin 37°BILmgBL(2分

23、)在0t0时间内，Bt，所以在0t0时间内Fmgt(2分)在t0之后磁感应强度不变，感应电流为零，Fmg(1分)(2)在tt0后磁感应强度保持B0不变，撤去拉力后，在重力的作用下，导体棒先做加速度减小的加速运动，加速度为零时速度达到最大，此时有mgsin 37°B0ImL，解得Im(2分)又Im，解得vm(Rr)(2分)电阻R上消耗的电功率PIRR(1分)(3)设导体棒下滑过程中任意一段极短时间t内通过的位移为x，则由动量定理可得(mgsin 37°B0IL)tmv(2分)瞬时电流I(1分)综上可得mgtB0Lmv(1分)等式两侧对整个过程求和得mgtB0Lmvm，解得导体棒在这一过程中运动的时间t(2分)答案：(1)0t0时间内：Fmgt；t0以后：Fmg(2)(Rr)R(3)33解析：(1)根据热力学第一定律得：UWQ20 J，故A选项正确