广东东莞高二物理上学期期末试卷B卷含解析

1、广东省东莞市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（B卷）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题的四个选项中只有一个选项符合题目要求。）1.（3分）如图所示，两个电荷量均为+q的小球用长为l的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上.两个小球的半径r?l,k表示静电力常量.则轻绳的张力大小为（）A.02.（3分）在下列各图中，已标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中符合左手定则的是（）xXX-XjKA.XB.C.3.（3分）如图，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目增多时，下面说法正确的是（）Irr1,/-T-6

2、6年A.B.C.D.外电路的总电阻逐渐变大,外电路的总电阻逐渐变大,外电路的总电阻逐渐变小,外电路的总电阻逐渐变小,电灯两端的电压逐渐变小电灯两端的电压不变电灯两端的电压不变电灯两端的电压逐渐变小4.（3分）某电场的电场线如图所示，对电场中AB两点的电场强度和电势的判断，正确的是（）A.Ea>Eb,（|）A>（|）BB.EaVEb,（I）A<（I）BC.Ea>Eb,（I）A<（I）BD.EaVEb,（I）A>（|）B5. （3分）如图所示，一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合螺线管，下列对通过电流表电流方向的判断，正确的是（）A.始终有从a向b方向的感应电流通过

3、电流表B.始终有从b向a方向的感应电流通过电流表C.先有从a向b,后有从b向a方向的感应电流通过电流表D.整个过程都没有感应电流6. （3分）一个质量为m电荷量为q的带电粒子，以速度v射入磁感应强度为B的匀强磁场，不计粒子重力.下列说法正确的是（）A.若v与B的方向垂直，入射速度v越大，则运动周期越大B.若v与B的方向垂直，入射速度v越大，则轨道半径越大C.若v与B的方向相同，则粒子在运动过程中速度不断变大D.若v与B的方向相同，则粒子在运动过程中速度不断变小二、双向选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题只有两个选项正确，全选对彳导4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）

4、7. （4分）关于电场强度、电势和电容，下列说法正确的是（）A.由公式E可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力F成q正比，与q成反比B.由公式E&可知，在离点电荷Q距离为r的地方，电场强度E的大小与Q成正比2TC.由公式C=§可知，电容器的电容C随着极板带电荷量Q的增加而变大UD.由公式U=Ed可知，在匀强电场中，沿场强方向的两点间的电势差与这两点间的距离成正比8. （4分）如图所示的实验电路中，带铁芯的线圈L上与灯A并联，已知线圈L的电阻比灯A电阻小，当合上电键K,电路稳定以后，灯A正常发光，下列说法中正确的是（）A.断开电键K,次TA立即熄灭B.断

5、开电键K,夕TA突然闪亮后熄灭C.若用电阻值与线圈L相同的电阻取代L,断开电键K,次TA立即熄灭D.若用电阻值与线圈L相同的电阻取代L,断开电键K,夕TA突然闪亮后熄灭9. （4分）如图所示，两块平行金属板正对并水平放置，两板分别于电源正、负极相连，当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点.则（）A.开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B.开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C.断开开关后，若减小两板间距，液滴仍静止D.断开开关后，若增大两板间距，液滴将下降10. （4分）如图所示，矩形线框以恒定速度v从左向右通过匀强有界磁场，已知线框宽度与磁场宽度均为L,则在整个过程中，以下说法正

6、确的是（）A.线框中的感应电流方向是先逆时针方向，后顺时针方向B.线框中的感应电流方向是先顺时针方向，后逆时针方向C线框进入磁场过程中所受安培力方向向左D.线框离开磁场过程中所受安培力方向向右11. （4分）如图所示是磁流体发电机的原理示意图，均属板MN正对并平行放置，两板通过导线接有电阻R,极板间有垂直于纸面向里的匀强磁场，当等离子束（分别带有等量正、负电荷的离子束）从左向右进入极板时.下列说法中正确的是（）左夙右对NTyA.带正电的离子向下极板偏转B.带负电的离子向下极板偏转C.R中有由b向a方向的电流D.R中有由a向b方向的电流12. （4分）如图所示电路中，电源电动势为E,内阻为r,电

7、动机内阻为R,当开关闭合时，电动机正常工作时，滑动变阻器接入电路中的电阻为Ra,电动机两端的电压为U,通过电动机的电流为I,以下说法正确的是（）A.电动机两端的电压等于IR1B.电动机的发热功率为I2RC.电动机输出的机械功率等于UI-I2rED.电动机输出的机械功率等于-UR1+R£+r13. （4分）如图所示，实线表示匀强电场的电场线，一个带正电的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，粒子从a运动到b,运动的轨迹如图中的虚线所示，带电粒子A.粒子的电势能增大从a到b过程，下列说法正确的是（）B.粒子的动能增大C.电场线向左D.电场力做正功三、实验与探究题（18分）14.

8、（8分）用螺旋测微器测量金属丝的直径如图1,由图可知其直径为mm多用用电表的电阻“x100”档，按正确的操作步骤测量某一电阻的电阻值，表盘的示数如图2,则该电阻的阻值约为Q.图1图2用伏安法测中的电阻，为了得到尽量多的数据，较精确测出其电阻值，并要求电压从零开始连续可调，他们应选择图3中的图所示电路进行实验（已知电流表内阻约几十欧姆，电压表内阻约几千欧姆），用此方法测出的电阻值比真实值偏（填“大”或“小”）甲乙丙丁图315.（10分）用电流表和电压表测一节干电池的电动势电压和对应的总电流，作出U-I图线如图甲所示.E和内电阻r,由实验测出多组路端由图甲可知：E=V,r=（均保留二位有效数字）根

9、据实验原理，把图乙的实验器材进行实物连接.四、说理与计算题(3小题，共36分。按照题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)16. (12分)如图所示，一质量为解电量为q的带负电粒子，以某一速度从边长为L的正方形匀强磁场区域的入口A处，沿AB方向垂直磁场进入，磁感应强度大小为B,粒子从C口射出磁场，求：(1)粒子从A点进入磁场的速度大小；(2)要使粒子从D口射出，粒子的速度大小；(3)从A进入到CD口射出两种情况下，粒子所用时间之比.17. (12分)如图所示，光滑金属直轨道M港口PQ固定在同一水平面内

10、，MNPQ平行且足够长，两轨道间的宽度L=0.5m,轨道左端接一阻值R=0.50Q的电阻.轨道处于磁感应强度大小B=0.4T,方向竖直向下的匀强磁场中.质量m=0.5kg,电阻r=0.5Q的导体棒ab垂直于轨道放置.导体棒在沿着轨道方向向右的力F作用下，以速度v=5.0m/s做匀速直线运动，导体棒与轨道始终接触良好并且相互垂直.不计轨道的电阻，不计空气阻力.求：(1) ab棒产生的感应电动势E;(2)电阻R上消耗白功率P;(3)保持导体棒做匀速运动的拉力F的大小.vMX*X18. (12分)如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在水平x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度为B,方

11、向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴.一质量为m电荷量为q的带正电的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上的M点进入复合场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开复合场区，MN之间的距离为L,小球过M点时的速度方向与x轴夹角为0.不计空气阻力，重力加速度为g,求：(1)电场强度E的大小和方向；(2)小球从A点抛出时初速度Vo的大小；(3)A点至ijx轴的高度h.*3广东省东莞市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（B卷）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题的四个选项中只有一个选项符合题目要求。）1. （3分）如图所示，两个电荷量均为+

12、q的小球用长为l的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上.两个小球的半径r?l,k表示静电力常量.则轻绳的张力大小为（）12A.0Bi2考点：库仑定律.分析：小球可以看做点电荷，根据平衡条件可知，库仑力的大小等于绳子拉力大小，据此列方程可正确求解.2解答：解：根据物体平衡可知，绳子拉力大小等于库仑力，因此有：F二鸟，故ACD音误，B正确.故选：B.点评：本题结合物体的平衡考查了库伦定律的应用，属于简单基础题目.2. （3分）在下列各图中，已标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受安培力F的方向，其中符合左手定则的是（）考点：左手定则.分析：通电直导线所受安培力F的方

13、向根据左手定则判断.用左手定则逐一检查四个选项，选择正确的选项.解答：解：A、根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心朝外.四指指向电流方向：向右，拇指指向安培力方向：向上.符合左手定则.故A正确.B、通电导线与磁场平行，不受安培力，故B错误.C、根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向左穿过手心，则手心朝右.四指指向电流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，此项不符合左手定则.故B错误.D、安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直，而此项安培力方向与磁场方向平行，不可能.故D错误.故选A点评：判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符

14、合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直.3. (3分)如图，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目增多时，下面说法正确的是()Irr1工/-t-®®®A.外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压逐渐变小B.外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压不变C.外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压不变D.外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压逐渐变小考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题.分析：由并联电路的规律可知外部总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可判断路端电压的变化.解答：解：由图可知，灯泡均为并联；当点亮的电灯数目增多时，并联的

15、支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，则内电压增大，故路端电压减小，灯泡两端的电压变小，灯泡变暗，故D正确；故选D.点评：解答本题应掌握：并联电路中并联支路越多，总电阻越小；同时注意闭合电路欧姆定律在电路动态分析中的应用方法，一般可按外电路-内电路-外电路的思路进行分析.4.(3分)某电场的电场线如图所示，对电场中的是()AB两点的电场强度和电势的判断，正确A.Ea>Eb,(j)A>(j)BB.Ea<Eb,(j)aV(j)BC.Ea>Eb,(j)A<()BD.EaVEb,(j)A>()B考点：专题：分析：电

16、势；电场强度.电场力与电势的性质专题.电场线越密的地方电场强度越大，电势的高电场强度的大小看电场线的疏密程度,低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低.解答：解：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以Ea<Eb,沿着电场线电势一定降低.所以4A>B故选：D.点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布.电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向.5. （3分）如图所示，一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合螺线管，下列对通过电流表G的电流方向的判断，正确的是（）A.始终有从a向b方向的感应电流通过电流表B.始终有从b向a方向的

17、感应电流通过电流表C.先有从a向b,后有从b向a方向的感应电流通过电流表D.整个过程都没有感应电流考点：楞次定律.专题：电磁感应与电路结合.分析：楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流磁通量的变化.根据楞次定律判定感应电流的方向.解答：解：条形磁铁从左向右进入螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向左，由安培定则，知感应电流的方向a一电流表8b.条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在减少，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向右，由安培定则，知

18、感应电流的方向b一电流表G-a.故选：C.点评：解决本题的关键掌握用楞次定律判断感应电流方向的步骤，先判断原磁场的方向以及磁通量是增加还是减小，再根据楞次定律判断出感应电流的磁场方向，最后根据安培定则，判断出感应电流的方向.6. （3分）一个质量为m电荷量为q的带电粒子，以速度v射入磁感应强度为B的匀强磁场，不计粒子重力.下列说法正确的是（）A.若v与B的方向垂直，入射速度v越大，则运动周期越大B.若v与B的方向垂直，入射速度v越大，则轨道半径越大C.若v与B的方向相同，则粒子在运动过程中速度不断变大D.若v与B的方向相同，则粒子在运动过程中速度不断变小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：

19、带电粒子在磁场中的运动专题.分析：粒子在磁场中受洛伦兹力的作用，做圆周运动，根据半径公式来分析半径的变化，根据周期和线速度关系判定周期变化.解答：解：A、v与B方向垂直，洛伦兹力F=Bqv,充当向心力，即Bqv=得r=一，线速度越大，半径越大，Bq周期丁=空工Wh,周期与线速度无关，故A错误，B正确；vBqC平行时洛伦兹力为零，速度保持不变，故CD昔误.故选：B.点评：知道带电粒子在匀强磁场中的运动情况：匀速圆周运动和匀速直线运动.二、双向选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题只有两个选项正确，全选对彳导4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）7. （4分）关于电场强度、

20、电势和电容，下列说法正确的是（）A.由公式E可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力F成q正比，与q成反比B.由公式E5|可知，在离点电荷Q距离为r的地方，电场强度E的大小与Q成正比C.由公式C=9可知，电容器的电容C随着极板带电荷量Q的增加而变大UD.由公式U=Ed可知，在匀强电场中，沿场强方向的两点间的电势差与这两点间的距离成正比考点：电容；电势.专题：电容器专题.分析：本题根据公式是否是比值定义法，分析各量之间的关系.比值法定义法被定义的物理量反映物质的属性.解答：解：A、公式E采用比值定义法，E反映电场本身的强弱和方向，与试探电荷在电场中该点所受的电场力F和电荷量

21、q无关，故A错误.B由公式后等可知，Q是场源电荷，电场强度E的大小与Q成正比，E与r的平方成反比，T故B正确.C公式c1采用比值定义法，C反映电容器容纳电荷的本领，与QU无关，故C错误；D公式U=Ed中d是两点沿电场方向间的距离，所以在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点间沿电场方向的距离成正比，而不是与任意距离成正比，故C正确.故选：BD点评：解决本题关键要掌握物理量的定义方法和公式中各量的准确含义，并要理解公式的适用条件.8. （4分）如图所示的实验电路中，带铁芯的线圈L上与灯A并联，已知线圈L的电阻比灯A电阻小，当合上电键K,电路稳定以后，灯A正常发光，下列说法中正确的是（）A.断开电

22、键K,次TA立即熄灭B.断开电键K,夕TA突然闪亮后熄灭C.若用电阻值与线圈L相同的电阻取代L,断开电键K,次TA立即熄灭D.若用电阻值与线圈L相同的电阻取代L,断开电键K,夕TA突然闪亮后熄灭考点：自感现象和自感系数.分析：线圈中的电流变化时，会产生自感电动势，阻碍电流变化，自感电动势方向与电流方向关系为“增反减同”.解答：解：A、B、电键断开前，电路稳定，灯A正常发光，线圈相当于直导线，电阻较小，故流过线圈的电流较大；电键断开后，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为A、L回路的电源，故灯泡反而会更亮一下后熄灭，故A错误，B正确；CD、若用电阻彳1与线圈L相同的电阻取代L,断开电键K,

23、回路中没有自感，灯A立即熄灭，故C正确，D错误；故选：BC.点评：本题是断电自感问题，关键明确线圈中自感电动势的方向是阻碍电流的变化，体现了电流的“惯性”.9. （4分）如图所示，两块平行金属板正对并水平放置，两板分别于电源正、负极相连，当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点.则（）IA.开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B.开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C.断开开关后，若减小两板间距，液滴仍静止D.断开开关后，若增大两板间距，液滴将下降考点：带电粒子在混合场中的运动.专题：带电粒子在复合场中的运动专题.分析：开始时液滴静止说明液滴受力平衡，可得出电场力与重力大小相等;根据

24、开关的通断，可知两板间电势差的变化或电量的变化；则改变极板间的距离时，由电容即可判断液滴的运动情况.U=Ed可知E增大，液滴U=Ed可知E减小，液滴器的性质可知板间电场强度的变化，由F=Eq可知电场力的变化,解答：解：开始时，液滴静止，故mg=Eq电场力向上；A、当开关闭合时，两板间的电势差不变，则减小两板间距离时，由所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故A错误;日当开关闭合时，两板间的电势差不变，则增大两板间距离时，由所受电场力减小，合力向下，故液滴将向下运动，故B正确;C,H而通电后断开开关，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故

25、C正确，D错误;故选：BC.点评：若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的,本结论应熟记并能灵活应用.10. （4分）如图所示，矩形线框以恒定速度v从左向右通过匀强有界磁场，已知线框宽度与磁场宽度均为L,则在整个过程中，以下说法正确的是（）XX；H:XXX：*V*XXX：A.线框中的感应电流方向是先逆时针方向，后顺时针方向B.线框中的感应电流方向是先顺时针方向，后逆时针方向C线框进入磁场过程中所受安培力方向向左D.线框离开磁场过程中所受安培力方向向右考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律.专题：电磁感应与电路结合.分析：根据楞次定律判断出线框中的感应电流的方

26、向，结合左手定则判断线框所受的安培力的方向.解答：解：A、线圈进入磁场时，磁通量增大，根据楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向.线圈出磁场时，磁通量减小，根据楞次定律知，感应电流的方向为顺时针方向.故A正确，B错误.C进入磁场时，根据左手定则，右边所受的安培力方向向左.故C正确.D出磁场时，根据左手定则，线框左边所受的安培力方向向左.故D错误.故选：AC.点评：解决本题的关键掌握楞次定则判断感应电流的方向，会根据左手定则判断安培力的方向.本题判断线框的受力分析，也可以根据楞次定律的另一种表述判断，即感应电流产生的效果，阻碍线圈的运动.11. （4分）如图所示是磁流体发电机的原理示意图，均属板

27、MN正对并平行放置，两板通过导线接有电阻R,极板间有垂直于纸面向里的匀强磁场，当等离子束（分别带有等量正、负电荷的离子束）从左向右进入极板时.下列说法中正确的是（）A,带正电的离子向下极板偏转C. R中有由b向a方向的电流B.带负电的离子向下极板偏转D. R中有由a向b方向的电流考点：带电粒子在混合场中的运动.专题：带电粒子在复合场中的运动专题.分析：等离子体从左向右进入磁场，受到洛伦兹力发生偏转，打到极板上，使两极板间形成电势差，当粒子所受电场力与洛伦兹力相等时，形成动态平衡.根据极板的正负判断电势的高低以及电流的流向.解答：解：等离子体进入磁场，根据左手定则，正电荷向上偏，打在上极板上，负

28、电荷向M板的电势高于N板的电势,下偏，打在下极板上.所以上极板带正电，下极板带负电，则流过电阻电流方向由a至Ub.故B、D正确，A、C错误.故选：BD.以及知道当粒子所受电场力点评：解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向,与洛伦兹力相等时，形成动态平衡.12. （4分）如图所示电路中，电源电动势为E,内阻为r,电动机内阻为R,当开关闭合时，电动机正常工作时，滑动变阻器接入电路中的电阻为R,电动机两端的电压为U,通过电动机的电流为I,以下说法正确的是（）A.电动机两端的电压等于IRiB.电动机的发热功率为I2RC.电动机输出的机械功率等于UI-I2rD.电动机输出的机械功率等于-UR1+

29、R2+r考点：电功、电功率.专题：恒定电流专题.分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用p=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.解答：解：A、只有纯电阻电路才能适用于欧姆定律求解，电动机为非纯电电路，不能用欧姆定律，故A错误；日电动机的发热功率为P戈4=12R,故B正确；C电动机输出的机械功率等于总功率减去发热功率，即PUI-I2R,故C正确，D错误；故选：BC.点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功

30、率和发热功率的计算公式是不一样的.13. （4分）如图所示，实线表示匀强电场的电场线，一个带正电的粒子以某一速度射入匀a运动到b,运动的轨迹如图中的虚线所示，带电粒子强电场，只在电场力作用下，粒子从从a到b过程，下列说法正确的是（）A.粒子的电势能增大C.电场线向左B.粒子的动能增大D.电场力做正功考点：电势能；电场线.专题：电场力与电势的性质专题.分析：粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向.根据电场力做正功，动能增大，电势能减小解答：解：A、正电荷粒子的受到的电场力向右，场强向右，从a到b,电场力做正功

31、，动能增大，电势能减小，故AC错误，BD正确；故选：BD点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布.对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧.三、实验与探究题（18分）14. （8分）用螺旋测微器测量金属丝的直径如图1,由图可知其直径为0.680mm,多用用电表的电阻“x100”档，按正确的操作步骤测量某一电阻的电阻值，表盘的示数如图2,则该电阻的阻值约为3200a.图1图2用伏安法测中的电阻，为了得到尽量多的数据，较精确测出其电阻值，并要求电压从零开始连续可调，他们应选择图3中的电图所示电路进行实验（已知电流表内阻约几十欧姆，电压表内阻约几千欧姆）

32、，用此方法测出的电阻值比真实值偏大（填“大”或“小”）乙丙考点：伏安法测电阻.专题：实验题.分析：（1）螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数.（2）多用电表测电阻时，其读数是表盘示数与倍率的乘积.（3）由实验要求可明确电路结论；根据原理图明确误差.解答：解：由图甲所示螺旋测微器可知，其示数为0.5mm+18.0X0.01mm=0.680mm多用电表选择开关指在“X100”欧姆档，读数等于指针示数X100,则该电阻的阻值是：R=32QX100=3200Q为了得到尽量多的数据、较精确测出电阻值，并要求电压从0开始调节，应该采用滑动变阻器分压接法.3200a亚离="砺面

33、而=900,被测电阻属于大电阻，故采用电流表内接，综上应该选择甲图.电流表内接时，所测电压偏大，而电流为真实值，根据欧姆定律则测量值比真实值偏大;故答案为：0.680（0.678-0.681均算正确）；3200;甲；大.点评：本题考查了螺旋测微器与欧姆表读数.螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数.欧姆表指针示数与对应档位的乘积是欧姆表示数，用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指针中央刻度线附近.E和内电阻r,由实验测出多组路端15. （10分）用电流表和电压表测一节干电池的电动势电压和对应的总电流，作出U-I图线如图甲所示.由图甲可知：E=1.6V,r=2.4Q（均保留

34、二位有效数字）根据实验原理，把图乙的实验器材进行实物连接.考点：测定电源的电动势和内阻.专题：实验题；恒定电流专题.分析：（1）当电源内阻较小时，相对于电源来说采用电流表外接法实验误差较小，分析电路图，然后答题；根据电路图连接实物电路图.（2）电源的UI-I图象与纵轴交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻.解答：解：（1）一节干电池的内阻很小，应用伏安法测电源电动势与内阻时，为减小实验误差，相对于电源来说应采用电流表外接法，因此应选图甲所示实验电路；根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示.（2）由图电源UI-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.6V,则电源电动势E=1.6

35、V,电源内阻=冬二16-"岂2.4Q.I0.5故答案为：（1）如图所示；（2）1.6;2.4点评：应用伏安法测电阻时，如果电源内阻较小，相对于电源来说，可以采用电流表外接法，如何电源内阻较大，可以采用电流表内接法.四、说理与计算题(3小题，共36分。按照题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)16. (12分)如图所示，一质量为解电量为q的带负电粒子，以某一速度从边长为L的正方形匀强磁场区域的入口A处，沿AB方向垂直磁场进入，磁感应强度大小为B,粒子从C口射出磁场，求：(1)粒子从A点进入磁

36、场的速度大小；(2)要使粒子从D口射出，粒子的速度大小；(3)从A进入到CD口射出两种情况下，粒子所用时间之比.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题.分析：粒子从A点进入磁场，从CD点离开磁场，做匀速圆周运动，根据几何关系求出半径，再根据洛伦兹力提供向心力求出速度，在由周期公式可以判断粒子的运动的时间之比.解答：解：(1)从C口射出，粒子做圆周运动的半径Ri=L21 -1.-1 K1得至k(2)要使从D口射出，粒子做圆周运动的半径由Bq炉22v2ITT得到：二(3)从A进入到从C、D射出两种情况周期相同，t=ZEWH,vBq从C射出磁场的粒子经过的圆心角为90&#

37、176;,运动的时间为-T,从D射出磁场的粒子的圆心4角为180。，运动的时间为At,所以粒子所用时间之比1：2,2答：(1)粒子从A点进入磁场的速度大小为胆；ID(2)要使粒子从D口射出，粒子的速度大小为处;2加1:2.(3)从A进入到CD口射出两种情况下，粒子所用时间之比为点评：带电粒子在磁场中做的是匀速圆周运动，根据粒子的半径公式和周期公式分析即可的出结论.17. (12分)如图所示，光滑金属直轨道M港口PQ固定在同一水平面内，MNPQ平行且足够长，两轨道间的宽度L=0.5m,轨道左端接一阻值R=0.50Q的电阻.轨道处于磁感应强度大小B=0.4T,方向竖直向下的匀强磁场中.质量m=0.5kg,电阻r=0.5Q的导体棒ab垂直于轨道放置.导体棒在沿着轨道方向向右的力F作用下，以速度v=5.0m/s做匀速直线运动，导体棒与轨道始终接触良好并且相互垂直.