2020高考数学总复习数学归纳法ppt课件

1、13.5 13.5 数学归纳法数学归纳法要点梳理要点梳理1.1.归纳法归纳法 由一系列有限的特殊事例得出由一系列有限的特殊事例得出 的推理的推理 方法叫归纳法方法叫归纳法. .根据推理过程中考查根据推理过程中考查的对象是涉的对象是涉 及事物的全体或部分可分为及事物的全体或部分可分为 归归纳法和纳法和 归纳法归纳法. .一般结论一般结论完全完全不完不完全全基础知识基础知识 自主学习自主学习2.2.数学归纳法数学归纳法 (1)(1)数学归纳法：设数学归纳法：设PnPn是一个与正整数相关的是一个与正整数相关的 命题集合，假如命题集合，假如证明起始命题证明起始命题P1P1或或P0) P0) 成立；成立

2、；在假设在假设PkPk成立的前提下，推出成立的前提下，推出Pk+1Pk+1 也成立，那么可以断定也成立，那么可以断定PnPn对一切正整数成立对一切正整数成立. . (2) (2)数学归纳法证题的步骤数学归纳法证题的步骤 ( (归纳奠基归纳奠基) )证明当证明当n n取第一个值取第一个值 时时, ,命题命题 成立成立. . ( (归纳递推假设归纳递推假设 (kn0,kN+)(kn0,kN+)时命题时命题 成立，证明当成立，证明当 时命题也成立时命题也成立. . 只要完成这两个步骤就可以断定命题对从只要完成这两个步骤就可以断定命题对从n0n0开始开始 的所有正整数的所有正整数n n都成立都成立.

3、.n=n0n=n0n=kn=kn=k+1n=k+1基础自测基础自测1.1.用数学归纳法证明：用数学归纳法证明：“1+a+a2+an+11+a+a2+an+1 (a1)” (a1)”在验证在验证n=1n=1时，左端计算所得的项时，左端计算所得的项 为为( )( ) A.1 B.1+a A.1 B.1+a C.1+a+a2 D.1+a+a2+a3 C.1+a+a2 D.1+a+a2+a3aan112C2.2.在应用数学归纳法证明凸在应用数学归纳法证明凸n n边形的对角线为边形的对角线为 条时，第一条时，第一 步检验第一个值步检验第一个值n0n0等于等于( )( ) A.1 B.2 C.3 D.0

4、A.1 B.2 C.3 D.0 解析解析 边数最少的凸边数最少的凸n n边形是三角形边形是三角形. .)3(21nnC3.3.如果命题如果命题p(n)p(n)对对n=kn=k成立，则它对成立，则它对n=k+2n=k+2也成立也成立. . 若若p(n)p(n)对对n=2n=2成立，则下列结论正确的是成立，则下列结论正确的是( )( ) A.p(n) A.p(n)对所有正整数对所有正整数n n都成立都成立 B.p(n)B.p(n)对所有正偶数对所有正偶数n n都成立都成立 C.p(n)C.p(n)对所有正奇数对所有正奇数n n都成立都成立 D.p(n)D.p(n)对所有自然数对所有自然数n n都成

5、立都成立 解析解析 归纳奠基是：归纳奠基是：n=2n=2成立成立. . 归纳递推是：归纳递推是：n=kn=k成立，则对成立，则对n=k+2n=k+2成立成立. . p pn n对所有正偶数对所有正偶数n n都成立都成立. .B4.4.某个命题与自然数某个命题与自然数n n有关，若有关，若n=k(kN+)n=k(kN+)时命题时命题 成立，那么可推得当成立，那么可推得当n=k+1n=k+1时该命题也成立，现时该命题也成立，现 已知已知n=5n=5时时, ,该命题不成立该命题不成立, ,那么可以推得那么可以推得( )( ) A.n=6 A.n=6时该命题不成立时该命题不成立 B.n=6B.n=6时

6、该命题成立时该命题成立 C.n=4C.n=4时该命题不成立时该命题不成立 D.n=4D.n=4时该命题成立时该命题成立 解析解析 方法一方法一 由由n=k(kN+)n=k(kN+)成立成立, ,可推得当可推得当 n=k+1n=k+1时该命题也成立时该命题也成立. .因而若因而若n=4n=4成立，必有成立，必有 n=5n=5成立成立. .现知现知n=5n=5不成立，所以不成立，所以n=4n=4一定不成立一定不成立. . 方法二方法二 其逆否命题其逆否命题“若当若当n=k+1n=k+1时该命题不成时该命题不成 立，则当立，则当n=kn=k时也不成立为真，故时也不成立为真，故“n=5n=5时不时不

7、成立成立”“n=4n=4时不成立时不成立”. .C5.5.用数学归纳法证明用数学归纳法证明1+2+3+n2= ,1+2+3+n2= ,则当则当 n=k+1n=k+1时左端应在时左端应在n=kn=k的基础上加上的基础上加上( )( ) A.k2+1 A.k2+1 B. B.（k+1k+12 2 C. C. D. D.（k2+1k2+1）+ +（k2+2k2+2）+ +（k2+3k2+3）+（k+1k+12 2 解析解析 当当n=kn=k时，左边时，左边=1+2+3+k2=1+2+3+k2， 当当n=k+1n=k+1时，时， 左边左边=1+2+3+k2+=1+2+3+k2+（k2+1k2+1）+（

8、k+1k+12 2， 当当n=k+1n=k+1时，左端应在时，左端应在n=kn=k的基础上加上的基础上加上 （k2+1k2+1）+ +（k2+2k2+2）+ +（k2+3k2+3）+（k+1k+12.2.224nn 2) 1() 1(24kkC知能迁移知能迁移1 1 用数学归纳法证明：用数学归纳法证明： 证明证明 （1 1当当n=1n=1时，等式左边时，等式左边 等式右边等式右边 所以等式成立所以等式成立. . （2 2假设假设n=kn=kkN+kN+）时等式成立，）时等式成立， 那么当那么当n=k+1n=k+1时，时，.) 1(4)22(21861641421nnnn,81421,81) 1

9、1 (41,) 1(4)22(21641421成立即kkkk2) 1(2)1(21)22(21861641421kkkk即即n=k+1n=k+1时等式成立时等式成立. .由由1 1）（）（2 2可知，对任意可知，对任意nN+nN+等式均成立等式均成立. ., 1) 1(41)2)(1(4) 1()2)(1(41)2()2)(1(41) 1(42kkkkkkkkkkkkk题型二题型二 用数学归纳法证明整除问题用数学归纳法证明整除问题 用数学归纳法证明用数学归纳法证明an+1+(a+1)2n-1 (nN+an+1+(a+1)2n-1 (nN+） 能被能被a2+a+1a2+a+1整除整除. . 解解

10、 （1 1当当n=1n=1时，时， a2+(a+1)=a2+a+1a2+(a+1)=a2+a+1可被可被a2+a+1a2+a+1整除整除. . （2 2假设假设n=k(kN+)n=k(kN+)时，时， ak+1+(a+1)2k-1ak+1+(a+1)2k-1能被能被a2+a+1a2+a+1整除，整除，验证验证n=1n=1时命题是否成立时命题是否成立假设假设n=kn=k时命题成立时命题成立推证推证n=k+1n=k+1时命题成立时命题成立得结论得结论则当则当n=k+1n=k+1时，时，ak+2+(a+1)2k+1=aak+1+(a+1)2(a+1)2k-1ak+2+(a+1)2k+1=aak+1+

11、(a+1)2(a+1)2k-1=aak+1+a(a+1)2k-1+(a2+a+1)(a+1)2k-1=aak+1+a(a+1)2k-1+(a2+a+1)(a+1)2k-1=a=aak+1+(a+1)2k-1ak+1+(a+1)2k-1+(a2+a+1)(a+1)2k-1,+(a2+a+1)(a+1)2k-1,由假设可知由假设可知a aak+1+(a+1)2k-1ak+1+(a+1)2k-1能被能被a2+a+1a2+a+1整除，整除，(a2+a+1)(a+1)2k-1(a2+a+1)(a+1)2k-1也能被也能被a2+a+1a2+a+1整除，整除，ak+2+ak+2+（a+1a+12k+12k+

12、1也能被也能被a2+a+1a2+a+1整除，整除，即即n=k+1n=k+1时命题也成立，时命题也成立，对任意对任意nN+nN+原命题成立原命题成立. . 证明整除问题的关键是证明整除问题的关键是“凑项凑项”，而，而采用增项、减项、拆项和因式分解等手段，凑出采用增项、减项、拆项和因式分解等手段，凑出n=kn=k时的情形，从而利用归纳假设使问题获证时的情形，从而利用归纳假设使问题获证. .知能迁移知能迁移2 2 求证：（求证：（3n+13n+1）7n-1 (nN+)7n-1 (nN+)能被能被9 9 整除整除. . 证明证明 (1)(1)当当n=1n=1时时,(3n+1),(3n+1)7n-1=2

13、77n-1=27能被能被9 9整除整除. . (2) (2)假设假设n=k (kN+)n=k (kN+)时命题成立，即时命题成立，即 (3k+1)(3k+1)7k-17k-1能被能被9 9整除，整除， 那么那么n=k+1n=k+1时：时： 3(k+1)+13(k+1)+17k+1-1=7k+1-1=(3k+1)+3(3k+1)+3(1+6)7k-1(1+6)7k-1 =(3k+1)7k-1+(3k+1) =(3k+1)7k-1+(3k+1)6 67k+217k+217k7k = =(3k+1)7k-1(3k+1)7k-1+3k+3k6 67k+(6+21)7k+(6+21)7k.7k. 以上三

14、项均能被以上三项均能被9 9整除整除. . 则由则由1 1）（）（2 2可知，命题对任意可知，命题对任意nN+nN+都成立都成立. .题型三题型三 用数学归纳法证明不等式用数学归纳法证明不等式 用数学归纳法证明：对一切大于用数学归纳法证明：对一切大于1 1的自然的自然 数，不等式数，不等式 均成立均成立. . 应注意到题目条件，第一步应验证应注意到题目条件，第一步应验证 n=2n=2时不等式成立时不等式成立. . 证明证明 （1 1当当n=2n=2时，左边时，左边 左边左边 右边，右边，不等式成立不等式成立. . （2 2假设假设n=k (k2,n=k (k2,且且kN+)kN+)时不等式成立

15、，时不等式成立，212)1211 ()511)(311 (nn.25;34311右边.212)1211 ()511)(311 (kk即则当则当n=k+1n=k+1时，时，当当n=k+1n=k+1时，不等式也成立时，不等式也成立. .由由1 1）（）（2 2知，对于一切大于知，对于一切大于1 1的自然数的自然数n,n,不等不等式都成立式都成立. .21) 1(212212321223841224841222212222121) 1(211)1211 ()511)(311 (22kkkkkkkkkkkkkkkkk 在由在由n=kn=k到到n=k+1n=k+1的推证过程中，应用放的推证过程中，应用放

16、缩技巧，使问题得以简化缩技巧，使问题得以简化. .用数学归纳法证明不等用数学归纳法证明不等式问题时，从式问题时，从n=kn=k到到n=k+1n=k+1的推证过程中，证明不等的推证过程中，证明不等式的常用方法有比较法、分析法、综合法、放缩式的常用方法有比较法、分析法、综合法、放缩法等法等. .知能迁移知能迁移3 3 已知函数已知函数f(x)=x-sin x,f(x)=x-sin x,数列数列anan满足满足: : 0a11,an+1=f(an),n=1,2,3,. 0a11,an+1=f(an),n=1,2,3,. 证明证明:(1)0an+1an1,(2):(1)0an+1an1,(2) 证明证

17、明 (1)(1)先用数学归纳法证明先用数学归纳法证明0an1,0an1, n=1,2,3,. n=1,2,3,. () ()当当n=1n=1时，由已知结论成立时，由已知结论成立. . () ()假设当假设当n=k(kN+)n=k(kN+)时结论成立，即时结论成立，即0ak1.0ak1. 因为因为0 x10 x0,f(x)=1-cos x0, 所以所以f(x)f(x)在在(0,1)(0,1)上是增函数上是增函数. . 又又f(x)f(x)在在0 0，1 1上连续，上连续， 从而从而f(0)f(ak)f(1),f(0)f(ak)f(1),即即0ak+11-sin 11.0ak+11-sin 11.

18、6131nnaa故当故当n=k+1n=k+1时，结论成立时，结论成立. .由由()()()()可知，可知，0an10an1对一切正整数都成立对一切正整数都成立. .又因为又因为0an10an1时，时，an+1-an=an-sin an-an=-sin an0,an+1-an=an-sin an-an=-sin an0,所以所以an+1an.an+1an.综上所述综上所述,0an+1an1.,0an+1an1.（2 2设函数设函数g(x)=sin x-x+g(x)=sin x-x+由由1 1知，当知，当0 x10 x1时，时，sin xx.sin xx.从而从而g(x)=g(x)=. 10 ,6

19、13 xx21cos2xx. 02)2(222sin22222xxxx所以所以g(x)g(x)在在0 0，1 1上是增函数上是增函数. .又又g(x)g(x)在在0 0，1 1上连续，且上连续，且g(0)=0g(0)=0，所以当所以当0 x10 x0g(x)0成立成立. .于是于是g(an)0,g(an)0,即即. 061sin3nnnaaa.6131nnaa故题型四题型四 归纳、猜测、证明归纳、猜测、证明 （1212分已知等差数列分已知等差数列anan的公差的公差d d大于大于0,0, 且且a2,a5a2,a5是方程是方程x2-12x+27=0 x2-12x+27=0的两根，数列的两根，数列

20、bnbn的的前前 n n项和为项和为TnTn，且，且 （1 1求数列求数列anan、bnbn的通项公式；的通项公式； （2 2设数列设数列anan的前的前n n项和为项和为SnSn，试比较，试比较 与与 Sn+1Sn+1的大小，并说明理由的大小，并说明理由. . (1) (1)由由a2a2、a5a5是方程的根，求出是方程的根，求出anan，再，再 由由 求出求出bn.bn. (2) (2)先猜想先猜想 与与Sn+1Sn+1的大小关系，再用数学归纳的大小关系，再用数学归纳 法证明法证明. .211nnbTnb1,211nnbTnb1解解 又又anan的公差大于的公差大于0 0，a5a2,a2=3

21、,a5=9.a5a2,a2=3,a5=9.,2712) 1 (5252aaaa由已知得. 1, 23393125aaad,31,32,31,),211 (211,211,2,32,211111111的等比数列公比为是首项为得化简时当nnnnnnnnnnnnbbbbbTTbbTnbbT5 5分分.32, 12,32)31(321nnnnnnbnab即6 6分分:1.231,) 1(,2) 12(1)2(1212的大小与以下比较nnnnnnSbbnSnnnS,1, 9,291,2,1, 4,231,132322121SbSbnSbSbn时当时当,1,16,2271,34343SbSbn 时当.1,

22、4:.1,25,2811,415454nnSbnSbSbn时猜想时当下面用数学归纳法证明：下面用数学归纳法证明：当当n=4n=4时，已证时，已证. .,1,)4,(1*kkSbkkkn时假设当N363) 1(3233231,1,.) 1(2322112kkkbknkkkkk时那么即9 9分分=(k2+4k+4)+2k2+2k-1=(k2+4k+4)+2k2+2k-1(k+1)+1(k+1)+12 2=S(k+1)+1,=S(k+1)+1,.1,4,.1,11*1都成立时可知由也成立时nnnnSbnnSbknN.1,4,1,3 , 2 , 1,11nnnnSbnSbn时当时当综上所述1111分分

23、1212分分 （1 1归纳归纳猜测猜测证明是高考重点证明是高考重点考查的内容之一，此类问题可分为归纳性问题和考查的内容之一，此类问题可分为归纳性问题和存在性问题，本例中归纳性问题需要从特殊情况存在性问题，本例中归纳性问题需要从特殊情况入手，通过观察、分析、归纳、猜测，探索出一入手，通过观察、分析、归纳、猜测，探索出一般规律般规律. .（2 2数列是定义在数列是定义在N+N+上的函数，这与数学归纳法上的函数，这与数学归纳法运用的范围是一致的，并且数列的递推公式与归运用的范围是一致的，并且数列的递推公式与归纳原理实质上是一致的，数列中有不少问题常用纳原理实质上是一致的，数列中有不少问题常用数学归纳

24、法解决数学归纳法解决. .知能迁移知能迁移4 4 如下图，如下图，P1P1x1x1，y1y1）、）、P2P2x2x2，y2y2）、）、 、PnPnxnxn，ynyn）（）（0y1y2yn0y1y2yn是曲线是曲线C C： y2=3xy2=3xy0y0上的上的n n个点，点个点，点AiAiaiai，0 0）（）（i=1i=1， 2 2，3 3，n n在在x x轴的正半轴上，且轴的正半轴上，且Ai-1AiPiAi-1AiPi是是 正三角形正三角形A0A0是坐标原点）是坐标原点）. . (1) (1)写出写出a1a1、a2a2、a3a3； (2)(2)求出点求出点AnAnanan，0 0）（）（nN

25、+nN+）的横坐标）的横坐标anan关于关于 n n的表达式并证明的表达式并证明. .解解 （1 1a1=2,a2=6,a3=12.a1=2,a2=6,a3=12.(2)(2)依题意，得依题意，得即即(an-an-1)2=2(an-1+an).(an-an-1)2=2(an-1+an).由由1 1可猜想：可猜想：an=n(n+1) (nN+).an=n(n+1) (nN+).下面用数学归纳法予以证明：下面用数学归纳法予以证明：当当n=1n=1时，命题显然成立；时，命题显然成立；假设当假设当n=k(kN+)n=k(kN+)时命题成立时命题成立, ,即有即有an=k(k+1),an=k(k+1),

26、则当则当n=k+1n=k+1时，由归纳假设及时，由归纳假设及(ak+1-ak)2=2(ak+ak+1),(ak+1-ak)2=2(ak+ak+1),23,211nnnnnnaayaax),(23)23(31212nnnnnnaaaaxy得由此及得得ak+1-k(k+1)ak+1-k(k+1)2=22=2k(k+1)+ak+1k(k+1)+ak+1, ,即即(ak+1)2-2(k2+k+1)ak+1+(ak+1)2-2(k2+k+1)ak+1+k(k-1)k(k-1)（k k1 1）（k+2k+2）=0=0，解之得，解之得，ak+1=(k+1)(k+2)(ak+1=k(k-1)akak+1=(k

27、+1)(k+2)(ak+1=k(k-1)1)”(nN+,n1)”时，由时，由n=k(k1)n=k(k1)不等式成立，不等式成立， 推证推证n=k+1n=k+1时，左边应增加的项数是时，左边应增加的项数是 ( )( ) A.2k-1 B.2k-1 A.2k-1 B.2k-1 C.2k C.2k D.2k+1D.2k+1 解析解析 增加的项数为增加的项数为2k+1-12k+1-1）-(2k-1)=-(2k-1)= 2k+1-2k=2k. 2k+1-2k=2k.31211Cnn1213.3.对于不等式对于不等式 (nN+)(nN+)，某同学用数学归纳，某同学用数学归纳法法 的证明过程如下：的证明过程

28、如下： （1 1当当n=1n=1时，时， 不等式成立不等式成立. . （2 2假设当假设当n=k(kN+)n=k(kN+)时，不等式成立，时，不等式成立， 即即 则当则当n=k+1n=k+1时，时， 所以当所以当n=k+1n=k+1时，不等式成立，则上述证法时，不等式成立，则上述证法( )( ) A. A.过程全部正确过程全部正确 B.n=1B.n=1验得不正确验得不正确 C.C.归纳假设不正确归纳假设不正确 D.D.从从n=kn=k到到n=k+1n=k+1的推理不正确的推理不正确 解析解析 在在n=k+1n=k+1时，没有应用时，没有应用n=kn=k时的假设时的假设, ,不是数不是数 学归纳

29、法学归纳法. .12nnn, 11112, 12kkk) 1() 1(2kk222)2()2()23(23kkkkkk, 1) 1( kD4.4.用数学归纳法证明用数学归纳法证明“n3+(n+1)3+(n+2)3(nN+)n3+(n+1)3+(n+2)3(nN+)能被能被9 9 整除整除”，要利用归纳假设证，要利用归纳假设证n=k+1n=k+1时的情况时的情况, ,只需展开只需展开( )( ) A.(k+3)3 B.(k+2)3 A.(k+3)3 B.(k+2)3 C.(k+1)3 D.(k+1)3+(k+2)3 C.(k+1)3 D.(k+1)3+(k+2)3 解析解析 假设当假设当n=kn

30、=k时，原式能被时，原式能被9 9整除整除, ,即即k3+(k+1)3k3+(k+1)3 +(k+2)3 +(k+2)3能被能被9 9整除整除. . 当当n=k+1n=k+1时时,(k+1)3+(k+2)3+(k+3)3,(k+1)3+(k+2)3+(k+3)3为了能用上面为了能用上面 的归纳假设，只需将的归纳假设，只需将(k+3)3(k+3)3展开，让其出现展开，让其出现k3k3即即 可可. .A5.5.证明证明 当当n=2n=2时，时， 左边式子等于左边式子等于 ( )( ) A.1 B. A.1 B. C. D. C. D. 解析解析 当当n=2n=2时，左边的式子为时，左边的式子为n2

31、14131211211312114131211.413121121312112D),1( 1nn6.6.用数学归纳法证明不等式用数学归纳法证明不等式 (n2,nN+)(n2,nN+)的过程中，由的过程中，由n=kn=k递推到递推到n=k+1n=k+1时不时不等等 式左边式左边 ( )( ) A. A.增加了一项增加了一项 B.B.增加了两项增加了两项 C.C.增加了增加了B B中两项但减少了一项中两项但减少了一项 D.D.以上各种情况均不对以上各种情况均不对2111nn141321n) 1(21k221121k、k11k解析解析答案答案 C C,212111,kkkkn左边时.11,22112

32、1,221121213121,1kk、kkkkkkkn少了一项增加了两项左边时二、填空题二、填空题7.7.若若f(n)=12+22+32+(2n)2,f(n)=12+22+32+(2n)2,则则f(k+1)f(k+1)与与f(k)f(k)的递的递推推 关系式是关系式是 . . 解析解析 f(k)=12+22+(2k)2f(k)=12+22+(2k)2， f(k+1)=12+22+(2k)2+(2k+1)2+(2k+2)2f(k+1)=12+22+(2k)2+(2k+1)2+(2k+2)2， f(k+1)=f(k)+(2k+1)2+(2k+2)2.f(k+1)=f(k)+(2k+1)2+(2k+

33、2)2.f(k+1)=f(k)+(2k+1)2+(2k+2)f(k+1)=f(k)+(2k+1)2+(2k+2)2 28.8.用数学归纳法证明用数学归纳法证明 (nN,(nN,且且 n1),n1),第一步要证的不等式是第一步要证的不等式是 . . 解析解析 n=2n=2时，左边时，左边212131211n. 2,312111212112右边2312119.9.已知整数对的序列如下：已知整数对的序列如下：(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(1,1),(1,2),(2,1),(1,3), (2,2),(3,1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),(1,5), (2,2)

34、,(3,1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),(1,5), (2,4) (2,4)，则第，则第6060个数对是个数对是 . . 解析解析 本题规律：本题规律：2=1+12=1+1；3=1+2=2+13=1+2=2+1； 4=1+3=2+2=3+14=1+3=2+2=3+1； 5=1+4=2+3=3+2=4+15=1+4=2+3=3+2=4+1； ； 一个整数一个整数n n所拥有数对为所拥有数对为(n-1)(n-1)对对. . 设设1+2+3+(n-1)=60,1+2+3+(n-1)=60, n=11 n=11时还多时还多5 5对数，且这对数，且这5 5对数和都为对数和都为121

35、2， 12=1+11=2+10=3+9=4+8=5+712=1+11=2+10=3+9=4+8=5+7， 第第6060个数对为个数对为5 5，7 7）. .,602) 1(nn(5,7)(5,7)三、解答题三、解答题10.10.已知数列已知数列anan中，中， (nN+).(nN+).证证 明：明：0anan+11.0anan+11. 证明证明 (1)n=1(1)n=1时，时， 0a1a21,0a1a21,故结论成立故结论成立. . (2) (2)假设假设n=kn=kkN+kN+）时结论成立，）时结论成立， 即即0akak+11,0akak+11,211a)2sin(1nnaa.224sin)

36、2sin(,21121aaa即即0ak+1ak+21,0ak+1ak+21,也就是说也就是说n=k+1n=k+1时，结论也成立时，结论也成立. .由由(1)(2)(1)(2)可知，对一切可知，对一切nN+nN+均有均有0anan+11.0anan+11., 1)2sin()2sin(0.222011kkkkaaaa则11.11.用数学归纳法证明对于任意正整数用数学归纳法证明对于任意正整数n,(n2-1)+n,(n2-1)+ 2(n2-22)+n(n2-n2)= 2(n2-22)+n(n2-n2)= 证明证明 （1 1当当n=1n=1时，左式时，左式=12-1=0, =12-1=0, 所以等式成立所以等式成立. . （2 2假设假设n=k(kN+)n=k(kN+)时等式成立时等式