2022-2023学年贵州省百校大联考物理高三上期中教学质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，单摆摆球的质量为m，做简谐振动的周期为T，摆球从最大位移A处由静止开始释放，运动到最低点B时的速度大小为v。则摆球从A运动到B的过程中，下列说法正确的是A摆球重力做功为12mv2B摆球受到的合力的平均功率为mv2TC

2、摆球运动到B点时重力的瞬时功率为mgvD摆球受到的合力提供圆周运动的向心力2、如图所示，光滑水平面上放着足够长的木板B，木板B上放着木块A，AB接触面粗糙.现用一水平拉力F作用在B上，使其由静止开始运动，用f1代表B对A的摩擦力，f2代表A对B的摩擦力，下列说法正确的有（ ）AF做的功一定等于AB系统动能的增加量BF做的功一定小于AB系统动能的增加量Cf1对A做的功等于A动能的增加量Df2对B做的功等于B动能的增加量3、如图所示 “牛顿摆”装置，5个完全相同的小钢球用轻绳悬挂在水平支架上，5根轻绳互相平行，5个钢球彼此紧密排列，球心等高用1、2、3、4、5分别标记5个小钢球当把小球1向左拉起一

3、定高度，如图甲所示，然后由静止释放，在极短时间内经过小球间的相互碰撞，可观察到球5向右摆起，且达到的最大高度与球1的释放高度相同，如图乙所示关于此实验，下列说法中正确的是（ ）A上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量守恒B上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能不守恒，动量不守恒C如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，经碰撞后，小球4、5一起向右摆起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的释放高度D如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，经碰撞后，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相

4、同4、一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系x=3+2t3（m），它的速度随时间变化的关系为v=6t2(m/s)。则该质点在t=2s时的瞬时速度和t=0到t=2s间的平均速度分别为（）A8m/s、24m/sB12m/s、24m/sC24m/s、8m/sD24m/s、12m/s5、伽利略对“运动和力的关系”和“自由落体运动”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法图1、图2分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是（ ）A图1中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的，实验可实际完成B图1的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物

5、体的运动需要力来维持C图2通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动D图2中先在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力，使时间测量更容易6、许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、模型法、类比法和科学假说法，等等。以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是（）A牛顿巧妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法B伽利略运用理想实验法说明了力是维持物体运动的原因C在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直

6、线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示,物块AB的质量分别是mA = 4.0kg和mB= 3.0kg用轻弹簧栓接，放在光滑的水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触另有一物块C从t=0时以一定速度向右运动,在t=4s时与物块A相碰,并立即与A粘在一起不再分开，物块C的v-t图象如图乙所示,下列说法正确的是（ ）A物块C的质量mc=2kgB墙壁对物块B的弹力在4s到12s对B不做功CB离开墙后的过程中

7、弹簧具有最大弹性势能EP=9JD墙壁对物块B的弹力在4s到12s的时间内对B的冲量I为08、如图所示，带有挡板的光滑斜面固定在水平地面上，斜面的倾角为质量均为1kg的A、B两物体用轻弹簧拴在一起，弹簧的劲度系数为5N/cm，质量为2kg的物体C用细线通过光滑的轻质定滑轮与物体B连接开始时A、B均静止在斜面上，A紧靠在挡板处，用手托住C，使细线刚好被拉直现把手拿开，让C由静止开始运动，从C开始运动到A刚要离开挡板的过程中，下列说法正确的是（ ）（取g=10m/s2）A初状态弹簧的压缩量为1cmB末状态弹簧的伸长量为1cmC物体B、C与地球组成的系统机械能守恒D物体C克服绳的拉力所做的功为0.2J

8、9、如图所示，水平传送带A、B两端相距s=3.5m，物体与传送带间的动摩擦因数=0.1，物块滑上传送带A端的瞬时速度vA=4m/s，到达B端的瞬时速度设为vB下列说法正确的是 （ ）A若传送带不动，vB=3m/sB若传送带顺时针匀速转动，vB一定等于3m/sC若传送带逆时针匀速转动，vB一定等于3m/sD若传送带逆时针匀速转动，有可能等于2m/s10、如图所示，水平传送带AB的长度L=1.8m，皮带轮的半径R=0.4m，皮带轮以角速度=5rad/s顺时针匀速转动（皮带不打滑），现将一质量m=3kg的煤块（视为质点）轻放在传送带上的A点，与传送带之间的动摩擦因数为=0.25,g=10m/s2。则

9、下列说法正确的是（ ）A煤块从A端运动到B点所用的时间为1.3sB煤块从A端运动到B点的过程中，摩擦力对其做功为13.5JC煤块在传送带上留下痕迹长度是0.8mD若使煤块从A运动到B所用的时间最短，则传送带的角速度至少为7.5rad/s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在研究小车匀变速运动规律时,某同学根据所学知识设计了如下实验步骤:A把打点计时器固定在斜面上,连接好电路；B把小车停放在靠近打点计时器处,接通电源后放开小车；C换上纸带,重复三次,选择一条理想的纸带；D把纸带穿过打点计时器,并把它的一端固定在小车车尾；E.断开电源

10、,取下纸带.(1)合理的实验顺序应为_.若如图是该实验得到的一条纸带,从0点开始每5个计时点取一个记数点,依照打点的先后顺序依次编为1、2、3、4,5、6,测得:s1=5.18cm，s2=4.40cm，s3=3.62cm，s4=2.84，cms5=2.06，cms6=1.28cm.(2)相邻两记数点间的时间间隔为_s.(3)物体的加速度大小_ms2，方向与物体运动方向_(选填“相同”或“相反”).(4)打点计时器打下记数点3时,物体的速度大小v3=_m/s.12（12分）某同学利用图甲所示装置来研究加速度与力的关系他将光电门1和2分别固定在长木板的A，B两处，换用不同的重物通过细线拉同一小车（

11、小车质量约为200克），每次小车都从同一位置由静止释放（1）长木板右端垫一物块，其作用是用来_；（2）用游标卡尺测得遮光条的宽度为 _ cm；（3）对于所挂重物的质量，以下取值有利于减小实验误差的是_（填选项）A1克 B5克 C10克 D40克（4）现用该装置来探究功与速度变化的关系，关闭光电门2，测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门1的时间t，通过描点作出线性图象，应作出_图象（填选项）Atm Bt2m C D四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）交管部门强行推出了“电子眼”，机动车擅自闯红灯的现象大

12、幅度减少现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车（反应时间忽略不计），同时乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢（反应时间）已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍，乙车紧急刹车时制动力为车重的0.5倍，取（1）若甲车司机看到黄灯时车头距警戒线，他采取上述措施能否避免闯红灯？（2）为保证两车在紧急刹车过程中不相撞（反应时间内，两车不相撞），求甲、乙两车匀速行驶过程中应保持的最小距离14（16分）一定质量的理想气体体积V与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A

13、时的压强pA=p0，温度TA=T0，线段AB与V轴平行，BC的延长线过原点求：（i）气体在状态B时的压强pB；（ii）气体从状态A变化到状态B的过程中，对外界做的功为10J，该过程中气体吸收的热量为多少；（iii）气体在状态C时的压强pC和温度TC15（12分）如图所示，竖直光滑半圆轨道COD与水平粗糙轨道ABC相切于C点，轨道的AB部分可绕B点转动，一质量为m的滑块（可看作质点）在水平外力F的作用下从A点由静止开始做匀加速直线运动，到B点时撤去外力F，滑块恰好能通过最高点D，现将AB顺时针转过37，若将滑块从A点由静止释放，则滑块恰好能到达与圆心等高的O点（不计滑块在B点的能量损失）。已知滑

14、块与轨道ABC间的动摩擦因素=0.5，重力加速度g， BC=R2。求：（1）水平外力F与滑块重力mg的大小的比值。（2）若斜面AB光滑，其他条件不变，滑块仍从A点由静止释放，求滑块在D点处对轨道的压力大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】重力做功与路径无关只与高度差有关，也可以运动动能定理求解；根据公式P=Fvcos来判断瞬时功率；小球不是做匀速圆周运动，不是合力提供向心力；【详解】A、摆球从最大位移A处由静止开始释放，摆球运动到最低点B，根据动能定理得：WG=12mv2-0，故A正确；B、整个过程中

15、只有重力做功，则合力做功的平均功率为：P=12mv214T=2mv2T，故选项B错误；C、根据瞬时功率的公式P=Fvcos，摆球运动到B时的速度方向是水平的，即=900，所以重力的瞬时功率是0，故C错误；D、对小球进行受力分析，将重力分解如图所示：可知由拉力T和重力分力mgcos的合力提供向心力，故选项D错误。【点睛】本题需要区分平均功率和瞬时功率的求解方法，同时注意小球做单摆运动，不是匀速圆周运动，沿圆心方向的合力提供向心力。2、C【解析】AB由于开始运动后，A是否会相对于B发生运动，从题中给出的条件不能判断，所以也就是如果两者发生运动，对整体分析可知，F做功转化为转化为两个物体的动能及系统

16、的内能；故F做的功大于AB系统动能的增加量，AB错误；C由动能定理可知，对A做的功等于A动能的增加量，C正确；D对B做负功，和拉力做功的总功等于B动能的增加量，D错误。故选C。3、D【解析】试题分析：上述实验过程中，小球5能够达到与小球1释放时相同的高度，说明系统机械能守恒，而且小球5离开平衡位置的速度和小球1摆动到平衡位置的速度相同，说明碰撞过程动量守恒，但随后上摆过程动量不守恒，动量方向在变化，选项AB错根据前面的分析，碰撞过程为弹性碰撞那么同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，那么球3先以与球4发生弹性碰撞，此后球3的速度变为0，球4获得速度后与球5碰撞，球

17、5获得速度，开始上摆，同理球2与球3碰撞，最后球4以速度上摆，同理球1与球2碰撞，最后球3以速度上摆，所以选项C错D对考点：动量守恒 弹性碰撞4、C【解析】根据v=6t2m/s，当时间t=2s时，速度为根据x=3+2t3可得2s内的位移为平均速度为故选C。5、D【解析】A. 完全没有摩擦阻力的斜面是实际不存在的，故实验不可能实际完成，故A错误；B. 图2的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持，故B错误；CD. 伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法

18、计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来“冲淡”重力得作用效果，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推故C错误，D正确；6、D【解析】A卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法，故A错误；B伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法，故B错误；C在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故C错误；D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移

19、相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】A由图可知，C与A碰前速度为 v1=9m/s，碰后速度为v2=3m/s，C与A碰撞过程动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mCv1=（mA+mC）v2，解得：mC=2kg故A正确。B在4s到12s内，B不动，则墙壁对物块B的弹力在4s到12s对B不做功。故B正确。C在12s时，B离开墙壁，之后A、B、C及弹簧组成的系统动量和机械能守恒，且当AC与B速度

20、相等时，弹簧弹性势能最大，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：（mA+mC）v3=（mA+mB+mC）v4，由机械能守恒定律得：，代入数据解得：EP=9J故C正确。D由图知，12s末A和C的速度为 v3=-3m/s，4s到12s，墙对B的冲量为 I=（mA+mC）v3-（mA+mC）v2，解得：I=-36Ns方向向左。故D错误。8、ABD【解析】A初状态弹簧的压缩量为故A正确B末状态弹簧的伸长量为故B正确C对于物体B、C与地球组成的系统，由于弹簧对B先做正功后做负功，所以系统的机械能不守恒故C错误D初末状态弹簧的弹性势能相等，对于弹簧、物体B、C与地球组成的系统，根据机械能守恒定律得对C

21、，由动能定理得解得物体C克服绳的拉力所做的功 W克=0.2J，故D正确9、AC【解析】当传送带不动或者传送带逆时针匀速转动时，物体一定会受到滑动摩擦力作用，摩擦力方向水平向左且大小相同，物体做匀减速运动，根据牛顿第二定律可得物体加速度大小为 根据匀变速运动规律可知，物体到达B点时的速度为故AC正确；当传送带顺时针匀速转动时，若传送带速度小于 时，则物体到达B点时的速度大小为 故B、D项错误；综上所述本题正确答案为AC10、ACD【解析】皮带转动的速度为，煤块在传送带上加速度为，煤块加速到传送带速度所需时间为，通过的位移为，当和传送带的速度相同时，两者之间摩擦力为零，煤块做匀速直线运动，达到匀速

22、运动后，所需时间为，故经历的总时间为，故摩擦力做功为，A正确B错误；在加速阶段传送带前进的位移，煤块在传送带上留下痕迹长度是，C正确；若使煤块从A运动到B所用的时间最短，煤块在传送带上一直加速，则，解得，根据可知，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）ADBEC； （2）0.1；（3）0.78，相反；（4）0.1【解析】（1）安排实验步骤要本着先安装器材，然后进行实验，实验完毕整理器材的思路进行，一般每完成一次实验，都要进行重复实验（2）打点计时器每隔0.02s打一次点，根据打点间隔可以求出记数点之间的时间间隔；（3）利用逐差

23、法可以求出加速度的大小，根据减速还是减速判断加速度的方向；（4）在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，据此可求出打各点时的瞬时速度大小【详解】（1）实验步骤的安排要符合逻辑，要符合事物发展的进程，一般都是先要安装器材，准备实验，然后进行实验的总体思路进行，据此可知该实验的顺序为：ADBEC（2）打点计时器每隔0.02s打一次点，由于两个记数点之间有5个间隔，因此相邻两记数点间的时间间隔为：T=5T0=0.1s（3）根据x=aT2，将x=0.78cm，T=0.1s带入得：a=xT20.7810-2m(0.1s)2=0.78m/s2，打点间距越来越小，由此可知物体做减速运动，加

24、速度方向与运动方向相反（4）在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，所以：v3s3+s42T=(3.62+2.84)10-2m20.1s=0.323m/s12、平衡摩擦力 0.52 BC D 【解析】（1）为了消除小车所受摩擦力对实验的影响，在该实验中需要将长木板的一端垫起适当的高度，所以长木板右端垫一物块，其作用是用来平衡摩擦力（2）游标卡尺主尺读数为：5mm，游标尺：对齐的是2，所以读数为：20.1=0.2mm，所以d=5+0.2=5.2mm=0.52cm（3）重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当重物的质量远远小于小车质量时才可以认为绳对小车的拉力大小等于重物的重力，而，A答案重物的重力太小，产生的加速度不明显，不利于减小实验误差，因此BC比较符合要求故选BC；（4）由题意可知，小车经过光电门时的速度等于遮光条的宽度除以时间，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as，即：，根据牛顿第二定律有：，所以有： ，即，由此可知若画出m 图象，图象为过原点的直线，会更直观形象，故ABC错误，D正确故选D四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）甲车能避免闯红灯 （2）2.5m【解析】（1）甲