青海西宁2012017学年高一物理下学期期末试卷含解析

1、2016-2017学年青海省西宁市高一（下）期末物理试卷一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）1.关于质点的曲线运动，下列说法中不正确的是（）A.曲线运动肯定是一种变速运动B.变速运动不一一定是 曲线运动C.曲线运动可以是速度不变的运动D.曲线运动可以是加速度不变的运动.做匀速圆周运动的物体，下列哪组物理量是不变的（）A.向心力 周期B.角速度转速C.角速度 向心加速度D.线速度 周期.如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方.忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖 TOC o 1-5 h z 命中靶心，他在

2、下次投掷时应该（）A.换用质量稍大些的飞镖 B.适当增大投飞镖的高度C.到稍远些的地方投飞镖 D.适当增大投飞镖的初速度.飞行员进行素质训练时，抓住秋千杆由水平状态开始下摆，到达竖直状态的过程中如图,飞行员受重力的即时功率变化情况是（）A. 一直增大B . 一直减小C.先增大后减小 D .先减小后增大.如图所示，在匀速转动的水平转盘上，有一个相对于盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况，下列说法中正确的是（）A.只受到重力和盘面的支持力的作用B.只受到重力、支持力和静摩擦力的作用C.除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用D.受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用. （3分）如图所示，

3、质量为 m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端做圆周运动，当小球运动到最高点时，瞬时速度v=VgR, R是球心到O点的距离，则当球运动到最低点时对杆的作用力是（）A. 6mg的拉力B. 6mg的压力C. 7mg的拉力D. 7mg的压力.如图所示，水平的木板 B托着木块 A 一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从水平位置 a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中（B对A的支持力越来越大C. B对A的摩擦力越来越小A对B的正压力越来越大D. B对A的摩擦力越来越大.如图所示，桌面高为 h,质量为m的小球从离桌面高 H处自由落下，不计空气阻力，以地面为参考平面，则小球落到地面前瞬间的机械能为（A.

4、0B. mgh C. mgH D. mg (H+h)b、.如所示，a是地球赤道上的一点， 某时刻在a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星d是地球同步卫星.从c、d,各卫星的运行方向均与地球自转方向相同，图中已标出，其中该时刻起，经过一段时间 t （已知在t时间内三颗卫星都还没有运行一周），各卫星相对 a的位置最接近实际的是图中的（） TOC o 1-5 h z .假如一做圆周运动的人造卫星的轨道半径r增为原来的2倍，则（）A.据v=rco可知，卫星的线速度将变为原来的2倍 HYPERLINK l bookmark18 o Current Document 21B.据F=J可知，卫星所受的向心力

5、减为原来的工r2C.据f=等可知，地球提供的向心力减为原来的工24r嘘D.由&萼=也2r可知，卫星的角速度将变为原来的 1倍24r11.在水平面上一轻质弹簧竖直放置，在它正上方一物体自由落下，如图所示，在物体压缩弹簧速度减为零的过程中（）OA.物体的动能不断减小B.物体所受的合力减小为零C.弹簧的弹性势能减小D.物体和弹簧组成的系统机械能守恒12.轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力 F将小球缓慢拉到 B位置,此时弹簧与竖直方向的夹角为。，在这一过程中，对于整个系统，下列说法正确的是（）、工工wByss,sA.系统的弹性势能不变B.系统的弹性势能变小C.系统的机械能不变 D.系

6、统的机械能增加.在水平粗糙的地面上使一物体由静止开始作匀加速运动，如图所示，第一次是拉力，第二次是用推力，两种情况下力的作用线与水平方向夹角、力的大小、位移大小均相同，那么比较两种情况，则下列说法正确的是（）A.力F对物体所做的功相等B.摩擦力对物体所做的功相等C.物体的动能变化量相等D.力F做功的平均功率相等.如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图象，整个启动过程中汽车受到的阻力恒定不变，其中ti时刻起汽车的功率保持不变.由图象可知（）0ti时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变0ti时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率不变tit2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小tit

7、2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变.如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道i,然后经点火使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火将卫星送入同步圆轨道3.轨道i、2相切于Q点.轨道2、3相切于P点（如图），则当卫星分别在i、2、3轨道正常运行时，下列说法中不正确的是 （）A.卫星在轨道3上的周期小于在轨道1上的周期B.卫星在轨道3上的速率小于在轨道 1上的速率C.卫星在轨道2上运行时，经过 Q点时的速率大于经过 P点时的速率D.卫星在轨道2上运行时，经过 Q点时加速度大于经过 P点的加速度二、填空题（共 2小题，每小题10分，满分18分）（10分）在“探究平抛运动规律”的实验中：在

8、“探究平抛运动规律”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，为了能较准确地描出运动轨迹，A.通过调节使斜槽的末端保持 B.每次释放小球的位置必须 （填“相同”或者“不同”）C.每次必须由 释放小球（“运动”或者“静止”）D.小球运动时不应与木板上的白纸相接触E.将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成 （“折线”或“直线”或“光滑曲 线”）（2）某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置Q如图所示，A为物体运动一段时间后的位置.g取10m/s；根据图象，可知平抛物体的初速度为m/s.（8分）在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打

9、点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示.O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未画出）.已知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为9.8m/s：那么0ABc.15.55 cm*,19.25 cm 22.93 cm*（1）纸带的 端（填“左”或“右”）与重物相连；（2）根据图上所得的数据，应取图中O点到 点来验证机械能守恒定律；（3）从O点到（2）问中所取的点，重物重力势能的减少量4Ep=J ,动能增加 Ek=J.（结果取三位有效数字）三、计算题（共4小题，满分37分）（8分）一号卫星和二号卫星分别绕地球做匀速圆周运动，它们的质

10、量之比为1: 3,它们的轨道半径之比为 1: 4,则：一号卫星和二号卫星的线速度之比为多少？一号卫星和二号卫星的周期之比为多少？一号卫星和二号卫星的向心加速度之比为多少？（8分）汽车发动机的额定功率为40k观质量为2000kg,当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的 0.1倍，（g=10m/s2）汽车在路面上能达到的最大速度？若以恒定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度是多少？（10分）如图所示，光滑斜轨和光滑圆轨相连，固定在同一竖直面内，圆轨的半径为R,一个小球（可视为质点），从离水平面高h处由静止自由下滑，由斜轨进入圆轨.求：（1）为了使小球在圆轨内运动的过程中始终不脱离圆轨，h应

11、至少多高？（2）若小球到达圆轨最高点时圆轨对小球的压力大小恰好等于它自身重力大小，那么小球开始下滑时的h是多大？（11分）某战士在倾角为30。的山坡上进行投掷手榴弹训练.他从A点以某一初速度v0=l W5m/s沿水平方向投出手榴弹后落在B点该型号手榴弹从拉动弹弦到爆炸需要5s的时间，空气阻力不计，(g=10m/s2)求：(1)若要求手榴弹正好在落地时爆炸，问战士从拉动弹弦到投出所用的时间是多少?(2)点AB的间距s是多大？2016-2017学年青海省西宁市高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）（3分）（2017春?西宁期末）关于质点的曲线运动，

12、下列说法中不正确的是（）A.曲线运动肯定是一种变速运动B.变速运动不一一定是 曲线运动C.曲线运动可以是速度不变的运动D.曲线运动可以是加速度不变的运动【分析】对于曲线的理解要把握其运动特点：合外力和速度方向不同线，物体速度时刻变化，为变速运动.中学学习的典型的曲线运动有平抛运动、圆周运动等.【解答】 解：A、曲线运动轨迹为曲线，因此无论速度大小是否变化运动方向一定改变，一定是变速运动，故 A正确；以 变速运动轨迹不一定是曲线，可能只是速度大小发生变化，如匀变速直线运动，故B正确；C曲线运动的速度方向时刻改变，曲线运动一定是速度变化的运动，故 C错误；D做曲线运动的条件为初速度与合外力不共线，

13、若物体所受合外力恒定，其加速度就可不变，如平抛运动就是加速度不变的曲线运动，故 D正确.本题选错误的，故选：C.【点评】对于一些比较抽象的概念要不断的通过一些实例或者特例来加深理解.（3分）（2017春?西宁期末）做匀速圆周运动的物体，下列哪组物理量是不变的（）A.向心力 周期B.角速度转速C.角速度 向心加速度D.线速度 周期【分析】匀速圆周运动的特征是：速度大小不变，方向时刻变化；向心力大小不变，但始终指向圆心；角速度不变；周期固定.【解答】解：匀速圆周运动速度大小不变，方向时刻变化；向心力、向心加速度，都是大小不变，但始终指向圆心，角速度不变，周期、转速固定.故ACD昔误，B正确.故选：

14、B【点评】掌握匀速圆周运动的特征，知道它是一种特殊的变速运动，只有周期、转速和角速度是不变的.（3分）（2012?曷阳一模）如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方.忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）A.换用质量稍大些的飞镖 B.适当增大投飞镖的高度C.到稍远些的地方投飞镖 D.适当增大投飞镖的初速度【分析】飞镖做的是平抛运动， 根据平抛运动的规律，水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，列方程求解即可.【解答】 解：飞镖做的是平抛运动，飞镖打在靶心的正下方说明飞镖竖直

15、方向的位移太大，根据平抛运动的规律可得，水平方向上：X=Vot竖直方向上：h= - -2 （3分）（2016须州模拟）飞行员进行素质训练时，抓住秋千杆由水平状态开始下摆，到 达竖直状态的过程中如图，飞行员受重力的即时功率变化情况是（）所以要想减小飞镖竖直方向的位移，在水平位移不变的情况下，可以适当增大投飞镖的初速度来减小飞镖的运动时间，所以D正确，初速度不变时，时间不变，适当增大投飞镖的高度，可以飞镖命中靶心，故B正确；故选BD【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决.|1A. 一直增大B . 一直减小C.先增大后减小 D .先减小后增大【分析】重力是竖直方向

16、的， 重力的瞬时功率只与人在竖直方向上的速度有关，根据人做的是圆周运动，可以知道人的速度的变化的情况.【解答】解：由于重力是竖直向下的，重力的瞬时功率只与人在竖直方向上的速度有关，在 刚开始运动的时候，人的速度为零，所以此时人的重力的瞬时功率为零，当运动到最低点时，人的速度为水平方向的， 与重力的方向垂直，此时的人重力的功率为零，所以重力的功率是先增大后或减小，所以 C正确.故选：C.【点评】 本题就是考查学生对功率概念的理解，瞬时功率的大小与力的大小和方向都有关.5. （3分）（2014豫山县校级模拟）如图所示，在匀速转动的水平转盘上，有一个相对于盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况

17、，下列说法中正确的是（A.只受到重力和盘面的支持力的作用B.只受到重力、支持力和静摩擦力的作用C.除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用D.受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用【分析】物体做圆周运动，合力指向圆心，充当向心力，对物体受力分析，可按照重力、弹 力、摩擦力的顺序，防止漏力、多力、重复，每一个力都应该能找出施力物体.【解答】 解：物体做匀速圆周运动，合力指向圆心；对物体受力分析，如图；Ac. ：G重力G与支持力N二力平衡，合力等于摩擦力 f,充当向心力;故选B.【点评】向心力是按照力的作用效果命名的，在匀速圆周运动中是由合力提供！不能重复受 力！本题中静摩擦力会随转速的增大而增

18、大!（3分）（2017春?西宁期末）如图所示，质量为 m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端做圆周运动， 当小球运动到最高点时，瞬时速度v=VgR, R是球心到O点的距离,则当球运动到最低点时对杆的作用力是（）A. 6mg的拉力B. 6mg的压力C. 7mg的拉力D. 7mg的压力【分析】根据动能定理求出小球运动到最低点的速度，结合牛顿第二定律求出在最低点杆子对小球的作用力，从而得出球对杆的作用力大小.【解答】解：根据动能te理得，ing*2R=24-2,解得最低点速度./ 2根据牛顿第二定律得，F- mg=m R解得F=6mg表现为拉力，故 A正确，R C、D错误.故选：A.【点评】

19、解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，难度不大.（3分）（2017春?西宁期末）如图所示，水平的木板 B托着木块A 一起在竖直平面内做匀 TOC o 1-5 h z 速圆周运动，从水平位置 a沿逆时针方向运动到最高点 b的过程中（）/ /，A. B对A的支持力越来越大B. A对B的正压力越来越大C. B对A的摩擦力越来越小D. B对A的摩擦力越来越大【分析】 物块A做匀速圆周运动靠合力提供向心力.在a运动到b的过程中，木块受重力、支持力和静摩擦力.【解答】解：A在运动的过程中受重力、支持力、静摩擦力，三个力的合力提供向心力.合力沿水平方向的分力等于 A所受的摩

20、擦力，合力沿竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不变，由 a到b的运动过程中，合力沿水平方向的分力减小，所以摩擦力减小.合力沿竖直方向的分力逐渐增大，所以支持力逐渐减小.故 C正确，ABD昔误.故选：C.【点评】解决本题的关键知道 A所受的合力提供向心力，向心力大小不变，知道A所受合力在竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，在水平方向的分力等于摩擦力（3分）（2017春?西宁期末）如图所示，桌面高为h,质量为m的小球从离桌面高 H处自由落下，不计空气阻力，以地面为参考平面，则小球落到地面前瞬间的机械能为（）A. 0B. mgh C. mgH D. mg （H+h）【分析】小球落到地

21、面瞬间重力势能为0,但动能不知道，机械能不好直接确定.但最高点时速度为零，动能为零， 机械能很快求出，根据小球下落过程中机械能守恒，落地时与刚下 落时机械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬间的机械能.【解答】 解：以地面为参考平面，小球在最高点时机械能为：E=mg （H+h）小球下落过程中机械能守恒，则小球落到地面前瞬间的机械能等于它在最高点时的机械能，即 E =E=mg（ H+h）.故 ABC错误,D正确.故选：D.【点评】本题如根据机械能的定义，不好直接求落地时小球的机械能.技巧在于选择研究最高点，此处动能为零，重力势能为 mgH机械能为mgH运用机械能守恒，从而定出落地时 的机械能，方法

22、简单方便.（3分）（2017春?西宁期末）如所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在 a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星 b、c、d,各卫星的运行方向均与地球自转方向相同，图中已标出，其中d是地球同步卫星.从该时刻起，经过一段时间t （已知在t时间内三颗卫星都还没有运行一周），各卫星相对a的位置最接近实际的是图中的（）【分析】根据万有引力等于向心力：典=m丁知，轨道半径越大，周期越大，则角速T T度越小，所以经过相同的时间， 可以比较出三卫星转过的角度，而同步卫星又与地球保持相对静止.2【解答】解：根据G粤二山叱 H知,轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经r2 T2过相同的时间，三个卫

23、星中，b转过的角度最大，c次之，d最小，d为同步卫星，与赤道上的a保持相对静止.故 A、B C错误，D正确.故选：D.【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，G噢二13 r知道周期与轨道半径的关系以及知道同步卫星的特点.（3分）（2017春?西宁期末）假如一做圆周运动的人造卫星的轨道半径r增为原来的2 TOC o 1-5 h z 倍，则（）A.据v=rco可知，卫星的线速度将变为原来的2倍2寸B.据F=JU可知，卫星所受的向心力减为原来的工r2C.据F/M可知，地球提供的向心力减为原来的124rvD.由&骞=* 2r可知，卫星的角速度将变为原来的 工倍24r喘【分析】人造地球卫星的轨道半

24、径增大到原来2倍时，角速度减小，线速度减小，由数学知识分析线速度和向心力的变化.根据公式F吟可分析向心力的变化.r【解答】 解：AQ卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则G-=mo 2r,r解得，卫星的角速度 3=秒,则知当人造卫星的轨道半径 r增为原来的2倍时，其角速度减小，变为原来的=倍，根据v=r 3可知，卫星的线速度将变为原来的 返倍，故AD错2V22误.B由嘤=4,解得，卫星的线速度v=,画，则知线速度变为原来 返倍.据F1二可 r2 rV r2r知，卫星所受的向心力减为原来的 工倍，故B错误.4C据F吟可知，卫星的轨道半径 r增为原来的2倍时，其他量不变，则地球提供的向心

25、r力减为原来的 工，故C正确.4故选：C【点评】本题要应用控制变量法来理解物理量之间的关系，要注意卫星的线速度、角速度等描述运动的物理量都会随半径的变化而变化.（3分）（2017春?西宁期末）在水平面上一轻质弹簧竖直放置，在它正上方一物体自由落下，如图所示，在物体压缩弹簧速度减为零的过程中（）A.物体的动能不断减小B.物体所受的合力减小为零C.弹簧的弹性势能减小D.物体和弹簧组成的系统机械能守恒【分析】以小球为研究对象，分析其受力情况，判断其运动情况，分析时抓住弹簧的弹力随压缩量的增加而增大.根据压缩量的变化，判断弹簧弹性势能的变化.物体和弹簧组成的系 统只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒.

26、【解答】解：A、在物体压缩弹簧速度减为零的过程中，物体受到向上的弹力和向下的重力， 弹力不断增大，弹力先小于重力，后大于重力，所以物体的速度先增大后减小，因此动能先 增大后减小，故 A错误；日当弹力小于重力时，弹力增大时，合力减小，当重力等于弹力时，合力为零，当弹力大于重力时，合力增大.所以合先减小后增大，故B错误；C在物体压缩弹簧速度减为零的过程中，弹簧的压缩量不断增大，因此弹性势能不断增加，故C错误；D对于物体和弹簧组成的系统，只有重力和弓t力做功，系统的机械能守恒.故D正确.故选：D【点评】解决本题的关键就是物体的运动过程的分析，分析清楚物体在每个过程的运动情况即可解决问题.不能简单地认

27、为物体一碰弹簧就立即减速.（3分）（2017春?西宁期末）轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的 A位置，现用水平外 力F将小球缓慢拉到 B位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为 0 ,在这一过程中，对于整个 系统，下列说法正确的是（）A.系统的弹性势能不变B.系统的弹性势能变小C.系统的机械能不变 D.系统的机械能增加【分析】系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，弹性势能的增减可通过弹力做功的正负判断，由于有外力 F参与做功，系统机械能不守恒，总量要增加【解答】解：A、初始状态，弓t簧的弹力 F w=mcj,后来F$cos 0 =mg故弹力会增加，弹簧伸长量增加，系统弹性势能变大，故A错误日由A分析得

28、，B错误C作用过程中，外力 F做正功，系统机械能不守恒，机械能总量要增加，故 c错误D由C知，D正确故选D【点评】系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，形变量大，则弹性势能大，与弹簧伸长还是压缩无关，此外，要真正理解机械能守恒的条件（3分）（2017春?西宁期末）在水平粗糙的地面上使一物体由静止开始作匀加速运动，如图所示，第一次是拉力，第二次是用推力，两种情况下力的作用线与水平方向夹角、力的大小、位移大小均相同，那么比较两种情况，则下列说法正确的是（）A.力F对物体所做的功相等B.摩擦力对物体所做的功相等C.物体的动能变化量相等 D.力F做功的平均功率相等【分析】对物体进行受力分析，求出两次

29、运动的加速度的关系，再根据功的公式及功率公式即可求解.【解答】 解：A、由W=Fscosa知，由于两种情况下力的大小和位移大小相同，故力 F两种 情况下对物体做功相等，故 A正确；日物体在粗糙水平面上运动时会受到阻力的作用，两种情况下物体对地面的压力不同，所以滑动摩擦力的大小也不同，但位移相等，所以摩擦力做的功不等，故 B错误；C根据动能定理，动能增加量等于总功，由于拉力F做功相同，摩擦力做功不同，故总功不同，动能增加量也就不同，故 C错误；D由牛顿第二定律可以知道：当斜向上拉时，合力Fi=Fcos a (mg Fsin a );当斜下推时，合力 F2=Fcos a -（mg+Fsin a ）

30、,比较可得合力 FiF2,所以加速度 aia2,由于水平方向的位移相同，故第一次用的时间小于第二次用的时间，所以力F的平均功率不相同，故D错误.故选：A.【点评】本题考查功和功率的计算公式，要注意两次运动的时间不等，知道合力做功等于动能的变化量，同时明确受力分析和功的计算方法.（3分）（2017春?西宁期末）如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图象，整个 启动过程中汽车受到的阻力恒定不变，其中ti时刻起汽车的功率保持不变.由图象可知)0ti时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变0ti时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率不变tit2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小tit2时

31、间内，汽车的牵引力不变，加速度不变【分析】由图可知，汽车从静止开始做匀加速直线运动，随着速度的增加，汽车的功率也要变大，当功率达到最大值之后，功率不能在增大，汽车的牵引力就要开始减小，以后就不是匀加速运动了，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值.【解答】 解：AR 0ti时间内，汽车的速度是均匀增加的，是匀加速运动，所以汽车的牵 引力不变，加速度不变，功率 P=Fv增大，故AB错误.CD tit2时间内，汽车的功率已经达到最大值，功率不能再增加，根据 P=Fv可知汽车的 牵引力随速度的增大而减小，加速度

32、也要减小，故C正确，D错误.故选：C【点评】本题考查汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动.以恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动.（3分）（2017春?西宁期末）如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1,然后经点火使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火将卫星送入同步圆轨道3.轨道1、2相切于Q点.轨道2、3相切于P点（如图），则当卫星分别在 1、2、3轨道正常运行 时，下列说法中不正确的是（）A.卫星在轨道B.卫星在轨道C.卫星在轨道D.卫星在轨道3上的周期小于在轨道1上的周期3上的速率小于

33、在轨道 1上的速率2上运行时，经过 Q点时的速率大于经过 P点时的速率2上运行时，经过 Q点时加速度大于经过 P点的加速度【分析】根据开普勒第三定律分析周期关系；根据卫星的环绕速度公式v=伊分析圆轨道上运行速率关系；根据开普勒第二定律分析卫星经过P、Q时速率大小；根据牛顿第二定律分析加速度大小情况.【解答】解：A、根据开普勒第三定律知，卫星的轨道半径越大，则周期也越大，故卫星在轨道3上的周期大于在轨道 1上的周期，故A不正确；日根据卫星的环绕速度公式 v二件，知卫星的轨道半径越大，运行速率越小，则卫星在轨 道3上的速率小于在轨道 1上的速率，故 B正确；C根据开普勒第二定律知，卫星在轨道2上运

34、行时，从Q点向P点运动时，速度逐渐减小，经过Q点时的速率大于经过 P点时的速率.故 C正确；D卫星离地面越远，万有引力越小，根据牛顿第二定律，加速度也越小，故经过Q点时加速度大于经过P点的加速度，故 D正确； 本题选不正确的，故选： A【点评】本题卫星运动涉及到椭圆轨道问题，要结合开普勒定律和牛顿第二定律分析，卫星的环绕速度公式v=烂要记牢.、填空题（共2小题，每小题10分，满分18分）（10分）（2017春?西宁期末）在“探究平抛运动规律”的实验中:在“探究平抛运动规律”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，为了能较准确地描出运动轨迹，A.通过调节使斜槽的末端保持水平B.每次释放小球的位置必须

35、相同 （填“相同”或者“不同”）C.每次必须由静止 释放小球（“运动”或者“静止”）D.小球运动时不应与木板上的白纸相接触E.将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成 光滑曲线（“折线”或“直线”或“光滑曲线”）（2）某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置Q如图2所不，A为物体运动一段时间后的位置.g取10m/s ,根据图象，可知平抛物体的初速度为2.0 m/s.【分析】（1）根据实验的原理以及注意事项确定正确的操作步骤.（2）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度.【解答】 解：（1） A为了保证小球的初

36、速度水平，通过调节使斜槽的末端保持水平.BG为了保证每次小球平抛运动的初速度相等，让小球从斜槽的同一位置由静止释放，即每次小球释放位置必须相同，必须由静止释放小球.E、将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成光滑曲线.（2）在竖直方向上，根据yug/得，T=,监工寸豆年尹豆日二。.,则初速度丫口汗二 口Uni/s -故答案为：（1） A、水平，B、相同，G静止，E、光滑曲面，（2）2.0 .【点评】解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解.（8分）（2017春?西宁期末）在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量

37、为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求 的纸带如图所示.O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未 画出）.已知打点计时器每隔 0.02s打一个点，当地的重力加速度为9.8m/s 2,那么0ABC15.55 cm19.25 cm*22.93 cm（1）纸带的 左 端（填“左”或“右”）与重物相连；（2）根据图上所得的数据，应取图中O点到 B点来验证机械能守恒定律;（3）从O点到（2）问中所取的点，重物重力势能的减少量45.= 1.89 J ,动能增加4R= 1.70 J .（结果取三位有效数字）【分析】根据相等时间内的位

38、移越来越大，确定纸带的哪一端与重物相连.根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得出速度的大小，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量.【解答】解：（1）重物做加速运动，纸带在相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与重物相连.（2）根据图上所得的数据，应取图中O点到B点来验证机械能守恒定律.（3）从O到B的过程中，重力势能的减小量 Ep二mgh=1 X 9. g 乂 19.25 乂 1O=2J= 1.89J ,B 点 的速度 y0二二（22* 93T5 55）X - m/s=1.845m/s ,则动能 的 增力口 量B 2T0. 04 Ek=ymvB2=yXlXL 弘

39、5-1.70J故答案为：（1）左，（2） B, （3） 1.89, 1.70 .【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量.三、计算题（共4小题，满分37分）（8分）（2017春?西宁期末）一号卫星和二号卫星分别绕地球做匀速圆周运动，它们的质量之比为1: 3,它们的轨道半径之比为 1: 4,则：一号卫星和二号卫星的线速度之比为多少？一号卫星和二号卫星的周期之比为多少？一号卫星和二号卫星的向心加速度之比为多少?22【分析】根据万有引力提供向心力 碑1.1rli一口产解出线速度v、周期T向心加速r x T度a与轨道半

40、径r之间的关系表达式，根据半径关系求其比值.向心加速度：a=(1)(3)所以:【解答】解：根据万有引力提供向心力 g典二4二1n r=ma得 g 但Lt二25；二一， 11211T2V r YGMal r2 16a2 rf 1答：(1) 一号卫星和二号卫星的线速度之比为2: 1;一号卫星和二号卫星的周期之比为1: 8;一号卫星和二号卫星的向心加速度之比为16: 1 .【点评】本题关键是要掌握万有引力提供向心力这个关系，能够根据题意选择恰当的向心力的表达式.(8分)(2017春？西宁期末)汽车发动机的额定功率为40k质量为2000kg,当汽车在2水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，(g=10m/s)汽车在路面上能达到的最大速度？若以恒定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度是多少？【分析】(1)当汽车达到最大速度时，处于受力平衡状态，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=Fv=fvm可以求得最大速度；(2)首先要求出速度为 10m/s时汽车的牵引力的大小，再由牛顿第二定律可以求得此时加P=FV=fVm速度的大小.【解答】解：汽车有最大速度时，此时牵引