2021版高考数学大一轮复习第六章数列6.4数列求和课件文北师大版

1、6.4数列求和基础知识自主学习课时作业题型分类深度剖析内容索引基础知识自主学习1.等差数列的前n项和公式知识梳理2.等比数列的前n项和公式(1)1234n .(2)13572n1 .(3)24682n .3.一些常见数列的前n项和公式n(n1)n2数列求和的常用方法(1)公式法等差、等比数列或可化为等差、等比数列的可直接使用公式求和.(2)分组转化法把数列的每一项分成两项或几项，使其转化为几个等差、等比数列，再求解.(3)裂项相消法把数列的通项拆成两项之差求和，正负相消剩下首尾若干项.知识拓展(4)倒序相加法把数列分别正着写和倒着写再相加，即等差数列求和公式的推导过程的推广.(5)错位相减法主

2、要用于一个等差数列与一个等比数列对应项相乘所得的数列的求和，即等比数列求和公式的推导过程的推广.(6)并项求和法一个数列的前n项和中，可两两结合求解，则称之为并项求和.形如an(1)nf(n)类型，可采用两项合并求解.例如，Sn10029929829722212(10099)(9897)(21)5 050.判断下列结论是否正确(请在括号中打“”或“”)思考辨析(3)求Sna2a23a3nan之和时，只要把上式等号两边同时乘以a即可根据错位相减法求得.()(5)推导等差数列求和公式的方法叫作倒序求和法，利用此法可求得sin21sin22sin23sin288sin28944.5.() 1.(20

3、16阳泉质检)已知数列an的前n项和为Sn，并满足an22an1an，a54a3，则S7等于A.7 B.12 C.14 D.21考点自测答案解析由an22an1an知数列an为等差数列，由a54a3，得a5a34a1a7，所以S7 14. A.2 016 B.2 017 C.2 018 D.2 019答案解析Sna1a2an 3.数列an的通项公式为an(1)n1(4n3)，则它的前100项之和S100等于A.200 B.200 C.400 D.400答案解析S100(413)(423)(433)(41003)4(12)(34)(99100)4(50)200.4.若数列an的通项公式为an2n

4、2n1，则数列an的前n项和Sn_.答案解析2n12n21 008答案解析因为数列anncos 呈周期性变化，观察此数列规律如下：a10，a22，a30，a44.故S4a1a2a3a42.a50，a66，a70，a88，故a5a6a7a82，周期T4.S2 017S2 016a2 0171 008.题型分类深度剖析题型一分组转化法求和解答当n1时，a1S11；a1也满足ann，故数列an的通项公式为ann.(2)设bn2an(1)nan，求数列bn的前2n项和.解答由(1)知ann，故bn2n(1)nn.记数列bn的前2n项和为T2n，则T2n(212222n)(12342n).记A21222

5、2n，B12342n，则A 22n12，B(12)(34)(2n1)2nn.故数列bn的前2n项和T2nAB22n1n2.引申探究本例(2)中，求数列bn的前n项和Tn.解答由(1)知bn2n(1)nn.当n为偶数时，Tn(21222n)1234(n1)n当n为奇数时，Tn(21222n)1234(n2)(n1)n思维升华分组转化法求和的常见类型(1)若anbncn，且bn，cn为等差或等比数列，可采用分组求和法求an的前n项和.提醒：某些数列的求和是将数列转化为若干个可求和的新数列的和或差，从而求得原数列的和，注意在含有字母的数列中对字母的讨论.跟踪训练1已知数列an的通项公式是an23n1

6、(1)n(ln 2ln 3)(1)nnln 3，求其前n项和Sn.解答Sn2(133n1)111(1)n(ln 2ln 3)123(1)nnln 3，所以当n为偶数时，当n为奇数时，题型二错位相减法求和例2(2016山东)已知数列an的前n项和Sn3n28n，bn是等差数列，且anbnbn1.(1)求数列bn的通项公式；解答由题意知，当n2时，anSnSn16n5，当n1时，a1S111，满足上式，所以an6n5.解答又Tnc1c2cn，得Tn3222323(n1)2n1，2Tn3223324(n1)2n2.两式作差，得Tn322223242n1(n1)2n2所以Tn3n2n2.3n2n2，思

7、维升华错位相减法求和时的注意点(1)要善于识别题目类型，特别是等比数列公比为负数的情形；(2)在写出“Sn”与“qSn”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“SnqSn”的表达式；(3)在应用错位相减法求和时，若等比数列的公比为参数，应分公比等于1和不等于1两种情况求解.跟踪训练2设等差数列an的公差为d，前n项和为Sn，等比数列bn的公比为q，已知b1a1，b22，qd，S10100.(1) 求数列an，bn的通项公式；解答解答由d1，知an2n1，bn2n1，可得题型三裂项相消法求和例3(2015课标全国)Sn为数列an的前n项和.已知an0， 2an4Sn3.(1)求

8、an的通项公式；解答由an0，可得an1an2.又 2a14a13，解得a11(舍去)或a13.所以an是首项为3，公差为2的等差数列，通项公式为an2n1.解答由an2n1可知设数列bn的前n项和为Tn，则Tnb1b2bn答案解析则 f (x) .思维升华解答anSnSn1 (n2)，即2Sn1SnSn1Sn，由题意得Sn1Sn0，解答Tnb1b2bn 四审结构定方案审题路线图系列审题路线图规范解答返回当n1时，上式也成立.，得Tn4. 12分返回课时作业12345678910111213答案解析123456789101112132.(2016西安模拟)设等比数列an的前n项和为Sn，已知a

9、12 016，且an2an1an20(nN)，则S2 016等于A.0 B.2 016C.2 015 D.2 014答案解析an2an1an20(nN)，an2anqanq20，q为等比数列an的公比，即q22q10，q1.an(1)n12 016，S2 016(a1a2)(a3a4)(a2 015a2 016)0.123456789101112133.等差数列an的通项公式为an2n1，其前n项和为Sn，则数列 的前10项的和为A.120 B.70C.75 D.100答案解析123456789101112134.在数列an中，若an1(1)nan2n1，则数列an的前12项和等于A.76 B

10、.78C.80 D.82答案解析由已知an1(1)nan2n1，得an2(1)n1an12n1，得an2an(1)n(2n1)(2n1)，取n1,5,9及n2,6,10，结果相加可得S12a1a2a3a4a11a1278.故选B.123456789101112135.已知函数f(n)n2cos(n)，且anf(n)f(n1)，则a1a2a3a100等于A.100 B.0C.100 D.10 200答案解析若n为偶数，则anf(n)f(n1)n2(n1)2(2n1)，所以an是首项为a25，公差为4的等差数列；若n为奇数，则anf(n)f(n1)n2(n1)22n1，所以an是首项为a13，公差

11、为4的等差数列.所以a1a2a3a100(a1a3a99)(a2a4a100)12345678910111213123456789101112136.设数列an的通项公式为an2n7，则|a1|a2|a15|等于A.153 B.210C.135 D.120答案解析从第4项开始大于0，|a1|a2|a15|a1a2a3a4a5a1553113(2157)9 153.12345678910111213答案解析120Sna1a2an123456789101112138.在等差数列an中，a10，a10a110，若此数列的前10项和S1036，前18项和S1812，则数列|an|的前18项和T18的值

12、是_.60由a10，a10a110可知d0，a100，a110，T18a1a10a11a18S10(S18S10)60.答案解析12345678910111213答案解析12345678910111213Sna1a2a3an1an12345678910111213答案解析2n26n12345678910111213(n1)23(n1).an4(n1)2.当n1时，a1适合an.1234567891011121311.(2017江西于都三中月考)已知各项为正数的数列an满足对任意的正整数m，n，都有aman2mn2成立.(1)求数列log2an的前n项和Sn；解答当m1时，a1an2n1an2n

13、1，所以log2ann1，所以log2an是等差数列，12345678910111213(2)设bnanlog2an(nN)，求数列bn的前n项和Tn.解答12345678910111213bn(n1)2n1，所以Tn020121222(n1)2n1，从而2Tn122223324(n2)2n1(n1)2n，两式相减得Tn(21222n1)(n1)2n2n2(n1)2n，所以Tn(n2)2n2.12345678910111213解答设数列an的公比为q.12345678910111213解得q2或q1.所以an2n1.12345678910111213解答12345678910111213b1b2b3b4b2n1b2n12345678910111213*13.已知数列an与bn，若a1